2025年鲁科五四新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁科五四新版高二物理上册月考试卷604考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、图示为演示自感现象的实验电路，闭合开关S一段时间后再断开，那么，断开S前后，通过B灯的电流iB的变化情况可能正确的是（）A.B.C.D.2、如图所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1=1kg和m2=2kg的两物块A；B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时间获得水平向右3m/s的速度，在此后的过程中，则下列说法正确的是（）

A.两物块所能达到的共同速度为1m/s，此时弹簧一定处于压缩状态B.A的运动方向可能向左C.弹簧的最大弹性势能为4JD.当A速度为零时，B的速度最大3、一带电油滴在匀强电场E

中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下。若不计空气阻力，则此带电油滴从a

运动到b

的过程中，能量变化情况为()A.动能减小B.动能和电势能之和增加C.电势能增加D.重力势能和电势能之和减小4、马拉着拖车在粗糙的水平地面上做加速直线运动，已知马对车的拉力为F1，车对马的拉力为F2，则有（）A.F1＞F2B.F1=F2C.F1＜F2D.无法确定5、测匀变速直线运动加速度的实验中，接通电源与让纸带随物体开始运动，这两个操作的时间关系应当是（）A.先接通电源，后释放纸带B.先释放纸带，后接通电源C.释放纸带的同时接通电源D.先释放纸带或先接通电源都可以6、静电场和磁场对比，下列说法正确的是()A.电场线不闭合，磁感线闭合B.只有磁场可以使运动电荷发生偏转，电场不能使运动电荷发生偏转C.静电场和磁场都可以使运动电荷加速D.静电场和磁场都可以对运动电荷做功7、如图所示；两根相距为L的光滑平行直导轨水平放置，R为固定电阻，导轨电阻不计，金属杆MN垂直于导轨放置，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，t=0时刻，金属棒在水平拉力F作用下，由静止开始沿导轨向右加速运动，金属棒的v-t图象如图乙所示。下列关于外力F；导体棒切割磁感线产生的电动势e、通过R的电流i、通过棒的电荷量q随时间变化的图象中正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)8、主截面是直角三角形的三棱镜，一个顶角是300，一条光线经过这个棱镜的光路如图所示，由图中数据可知：这条光线从棱镜射向空气的入射角为，折射角是，光在棱镜中的传播速度是m/s。9、在做“用油膜法估测分子的大小”的实验时；所用的油酸酒精溶液的浓度为a

测量中，某位同学测得如下数据：测得体积为V

的油酸酒精溶液共有N

滴；油滴面积为S

则：

(1)

用以上物理量的符号表示计算分子直径大小的公式为：d=

______．

(2)

该同学实验中最终得到的计算结果和大多数同学的比较；发现自己所测数据偏大，则对出现这种结果的原因，下列说法中可能正确的是______．

A.错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算。

B.计算油膜面积时；错将不完整的方格作为完整方格处理。

C.计算油膜面积时；只数了完整的方格数。

D.水面上痱子粉撒得较多，油膜没有充分展开．10、如图所示为氢原子的能级图，n为量子数，电子处在n=3轨道上比处在n=2轨道上离氢核的距离______（选填“近”或“远”），若氢原子由n=3能级跃迁到n=2能级的过程释放出的光子恰好能使某种金属产生光电效应，该金属的逸出功是______eV；一群氢原子从n=4能级跃迁到基态形成的谱线中有______种频率的光照射该金属不能发生光电效应。11、某同学设计了一个用打点计时器探究碰撞过程中不变量的实验：在小车A的前端粘有橡皮泥；推动小车A使之做匀速运动．然后与原来静止在前方的小车B相碰并粘合成一体，继续做匀速运动，他设计的具体装置如图所示．在小车A后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为60Hz，长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。

（1）若已得到打点纸带如图所示；并将测得的各计数点间距离标在图上，A点是运动起始的第一点，则应选______段来计算A的碰前速度，应选______段来计算A和B碰后的共同速度（以上两格填“AB”或“BC”或“CD”或“DE”）．

（2）已测得小车A的质量m1=0.80kg，小车B的质量m2=0.40kg，由以上测量结果可得：碰前mAvA+mBvB=______kg•m/s；碰后mAvA，+mBvB，=______kg•m/s．（计算结果保留三位有效数字）12、真空中，两个等量异种点电荷电量数值均为q，相距r、两点电荷连线中点处的电场强度的大小为____．13、质量为m=0.10kg

的小钢球以v0=2.0m/s

的水平速度抛出，下落h=0.6m

时撞击一钢板，撞后速度恰好反向，则钢板与水平面的夹角娄脠=

________.

刚要撞击钢板时小球的动量大小为________(

取g=10m/s2).

14、某发电厂用2.2kV

的电压将电能输送到远处的用户，后改用22kV

的电压，在既有输电线路上输送同样的电功率.

前后两种输电方式消耗在输电线上电功率之比为______.

要将2.2kV

的电压升高至22kV

若变压器原线圈的匝数为180

匝，则副线圈的匝数应该是______匝.

15、一列沿+x

方向传播的简谐横波在t=0

时刻刚好传到x=6m

处，如图所示，已知波速v=10m/s

则图中P

点开始振动的方向沿______(

选填“+y

”或“鈭�y

”)

方向，该点的振动方程为y=

______cm

．评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共2题，共18分)23、(10分)如图所示的电路中，R1＝12R2＝6滑动变阻器R3上标有“202A”的字样，理想电压表的量程有0－3V和0－15V两挡，理想电流表的量程有0－0.6A和0－3A两挡.闭合开关S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数分别为2.5V和0.3A；继续向右移动滑片P至另一位置，电压表指针指在满偏的1/3，电流表指针指在满偏的1/4.试求①电流表、电压表各选了什么量程？②电源电动势的大小？24、两根平行光滑金属导轨MN和PQ水平放置，其间距为0.60m，磁感应强度为0.50T的匀强磁场垂直轨道平面向下，两导轨之间连接的电阻R＝5.0Ω，在导轨上有一电阻为1.0Ω的金属棒ab，金属棒与导轨垂直，如图所示．在ab棒上施加水平拉力F使其以10m/s的速度向右匀速运动．设金属导轨足够长，导轨电阻不计．求：（1）金属棒ab两端的电压．（2）拉力F的大小．（3）电阻R上消耗的电功率．评卷人得分五、实验探究题(共2题，共4分)25、如图1所示是“验证碰撞中的动量守恒”实验的实验装置．让质量为m1的小球从斜面上某处自由滚下，与静止在支柱上质量为m2的小球发生对心碰撞，则

（1）两小球的质量关系必须满足______

A．m1=m2B．m1＞m2C．m1＜m2D．没有限制。

（2）实验必须满足的条件是______

A．轨道末端的切线必须是水平的。

B．斜槽轨道必须是光滑的。

C．入射小球m1每次都必须从同一高度由静止释放。

D．入射小球m1和被碰小球m2的球心在碰撞的瞬间可以不在同一高度上。

（3）若采用图1装置进行实验，以下所提供的测量工具中必需的是______

A．直尺B．游标卡尺C．天平D．弹簧秤E．秒表。

（4）在实验装置中，若用游标卡尺测得小球的直径如图2，则读数为______cm．26、用以下器材测量待测量程电流表A1(0隆芦5mA

内阻约300娄赂)

的内阻，电源E

干电池(1.5V)

电压表V(

量程10V

内阻约为3k娄赂)

电流表A2(0隆芦10mA

内阻约100娄赂)

定值电阻R1

阻值为300娄赂

定值电阻R2

阻值为10娄赂

滑动变阻器R3

最大阻值为1000娄赂

滑动变阻器R

最大阻值为20娄赂

单刀单掷开关S

导线若干垄脵

定值电阻应选________，滑动变阻器应选________。(

在空格内填写元件符号)

垄脷

画出设计的实验电路图。垄脹

用已知的量和实验中测的量表示待测电流表A1

的内阻。评卷人得分六、作图题(共1题，共8分)27、（8分）画出下图中带电粒子刚进入磁场时所受洛伦兹力的方向。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【解答】解:在K断开前，自感线圈L中有向左的电流，断开K后瞬间，L的电流要减小，于是L中产生自感电动势，阻碍自身电流的减小，但电流还是逐渐减小为零．原来跟L并联的电阻R由于电源的断开，向左的电流会立即消失．但此时它却与L形成了串联的回路，L中维持的正在减弱的电流恰好从灯泡A中流过，方向由右边到a左边；并逐渐减小到零．满足此规律的图象为：C，故答案为：C

【分析】考虑自感现象，线圈的特点是闭合时阻碍电流的增大，断开时产生一自感电动势相当于电源，与R组成闭合回路，L的左端电势高．2、B【分析】【解答】解：A、设向右为正，则由动量守恒可知，m1v1=（m1+m2）v；解得：v===1m/s；即共同速度为1m/s；且此时系统动能最小；根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，弹簧可能处于压缩状态，也可能处于伸长状态，故A错误；

B；开始时A减速；B加速；此时弹簧逐渐被压缩，当AB速度相等时，弹簧最短，此后，A继续减速，B加速，A的速度可能小于零；C、系统只有弹簧的弹力做功，机械能守恒．故C正确；

D、当两者速度相等时，弹簧的弹性势能最大，则有机械能守恒定律可知：EP=﹣（m1+m2）v2=3J；故C错误；

D；由B的分析可知；A的速度可以向左，此时为负值，故A速度为零时，B的速度不是最大；故D错误；

故选：B．

【分析】两物块和弹簧组成的系统动量守恒，机械能也守恒，系统动能最小时，弹性势能最大，由动量守恒可分析题中两物块速度的变化可以分析系统动能和弹性势能的变化情况．3、D【分析】【分析】根据图中的运动轨迹情况，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系求解即可。本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化.

在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键。【解答】A.由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，故从a

到b

的运动过程中合外力做正功，动能增加，故A错误；B.从a

到b

的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故B错误；C.从a

到b

的运动过程电场力做正功，电势能减小，故C错误；D.根据功能关系可知，在从a

到b

的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D正确。故选D。【解析】D

4、B【分析】解：马对车的力和车对马的力是一对作用力与反作用力，它们大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，所以F1=-F2；故B正确．

故选：B

马对车的力和车对马的力是一对作用力与反作用力；根据作用力与反作用力的关系即可求解．

本题考查了作用力与反作用力的关系，注意不要被加速直线运动所迷惑，难度不大，属于基础题．【解析】【答案】B5、A【分析】解：开始记录时；应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打更多的点，BCD错误，A正确．

故选：A．

本题考查了打点计时器的具体应用；熟悉打点计时器的使用细节即可正确解答本题．

对于一些实验操作细节，要通过亲自动手实验，才能体会具体操作细节的含义．【解析】【答案】A6、A【分析】略【解析】A

7、C【分析】解：由图（乙）所示图线可知；金属杆做初速度为零的匀加速直线运动设加速度为a，则v=zt；

B；感应电动势：e=BLv=BLat；e与t成正比，故B错误；

C、感应电流：i=t；故C正确；

D、通过金属杆的电荷量：q=t=t=故D错误；

A、金属杆所受安培力：F安培=BiL=t，由牛顿第二定律得：F-t=ma，解得：F=t+ma；故A错误；

故选：C。

由图示乙所示图线可知；金属杆做匀加速直线运动，应用E=BLv求出感应电动势，应用欧姆定律求出感应电流，应用安培力公式求出安培力，应用牛顿第二定律可以求出拉力，然后分析图示图线答题。

本题是电磁感应与电路、力学相结合的综合题，根据图（乙）所示图线判断金属杆的运动性质是解题的前提，应用E=BLv、欧姆定律、牛顿第二定律即可解题。【解析】C二、填空题(共8题，共16分)8、略

【分析】【解析】【答案】300，450，2.1×108。9、ACD【分析】解：(1)

纯油酸的体积V隆盲

等于油酸酒精溶液的体积乘以浓度，即：V隆盲=VN?a

油滴面积为S

则分子直径大小的公式为d=V隆盲S=VaNS

(2)

根据d=VaNS

A；错误地将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算；则计算时所用体积数值偏大，会导致计算结果偏大，A正确；

B；计算油膜面积时；错将不完整的方格作为完整方格处理，则计算所用的面积S

偏大，会导致计算结果偏小，B错误；

C；计算油膜面积时；只数了完整的方格数，则计算所用的面积S

偏小，会导致计算结果偏大，C正确；

D；水面上痱子粉撒得较多；油膜没有充分展开，则测量的面积S

偏小，导致结果计算偏大，D正确；

故选：ACD

．

故答案为：(1)VaNS(2)ACD

．

根据d=V隆盲s

进行推导；纯油酸的体积V

等于油酸酒精溶液的体积乘以浓度；

根据推导出的直径表达式判断出错的原因．

本题考查了用“油膜法”估测分子直径大小的实验，实验中认为油酸分子是一个个紧挨着排列开的．【解析】VaNSACD

10、远1.891【分析】解：根据玻尔理论；量子数越大，轨道半径越大，距离原子核越远，电子处在n=3轨道上比处在n=2轨道上离氢核的距离远；

因为氢原子由n=3跃迁到n=2的过程释放出的光子恰好能使某种金属产生光电效应，即逸出功：W0=E3-E2=3.4-1.51eV=1.89eV；

根据玻尔理论；氢原子由n=3跃迁到n=2的过程释放出的光子恰好能使某种金属产生光电效应，则从n=4跃迁到n=1；2，从n=3跃迁到n=1、2，从n=2跃迁到n=1辐射的光子能量大于等于逸出功，则有5种频率的光子能使该金属产生光电效应。从n=4跃迁到n=3辐射的光子能量为0.66eV，小于逸出功，只有1种频率的光不能使该金属发生光电效应。

故答案为：（1）远；（2）1.89；（3）1

根据玻尔原子理论，电子所在不同能级的轨道半径满足rn=n2r1，激发态跃迁的谱线满足=根据库仑力提供向心力从而即可求解。

本题主要考查玻尔原子理论，在考纲中属于基本要求，考题难度不大，关键要记住能级的量子数与半径的关系。【解析】远1.89111、BCDE0.8400.834【分析】解：（1）由于碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度；故AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后．

推动小车由静止开始运动；故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC段为匀速运动的阶段，故选BC计算碰前的速度；

碰撞过程是一个变速运动的过程；而A和B碰后的共同运动时做匀速直线运动，故在相同的时间内通过相同的位移，故应选DE段来计算碰后共同的速度．

（2）碰前系统的动量即A的动量，则P1=mAvA+mBvB=m1vA+0=m1=0.80×=0.840kg•m/s；

碰后的总动量P2=（m1+m2）v2=（m1+m2）=（0.80+0.40）×=0.834kg•m/s

故答案为：（1）BC；DE；（2）0.840；0.834．

（1）碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度；确定AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后，在匀速运动时在相同的时间内通过的位移相同，所以BC应为碰撞之前匀速运动阶段，DE应为碰撞之后匀速运动阶段．

（2）物体发生的位移与发生这些位移所用时间的比值等于匀速运动的物体在该段时间内的速度．P=mv=m．

根据碰撞之后共同匀速运动的速度小于碰撞之前A独自运动的速度，确定AC应在碰撞之前，DE应在碰撞之后，是解决本题的突破口．【解析】BCDE0.8400.83412、略

【分析】

两个等量异种点电荷在中点产生的电场强度大小相等，方向相同．大小为则合场强E=．

故答案为：

【解析】【答案】根据点电荷的场强公式分别求出等量异种电荷在中点的电场强度；再根据场强的叠加进行合成．

13、30°0.4kg•m/s【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的规律求出落地时的速度方向，从而确定钢板与水平面的夹角；求出小球撞击钢板时的速度，然后求出其动量。研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同。【解答】小球做平抛运动，在竖直方向上：vy2=2ghvy=2gh=2隆脕10隆脕0.6m/s=23m/s

设小球的速度方向与水平方向的夹角为娄脕

则tan娄脕=vyv0=232.0=3

则娄脕=60鈭�

小球与钢板撞后速度恰好反向，则小球垂直撞击钢板，钢板与水平方向夹角娄脠=90鈭�鈭�娄脕=90鈭�鈭�60鈭�=30鈭�

小球撞击钢板时的速度：v=v0cos60o=2.012m/s=4m/s

则小球撞击钢板时的动量大小P=mv=0.1隆脕4kg?m/s=0.4kg?m/s

故答案为：30鈭�0.4kg?m/s

【解析】30鈭�0.4kg?m/s

14、100：1；1800【分析】解：设输送功率为P

则有P=U1I1=U2I2

而在电线上损耗功率为P脣冒=I2R=P2RU2

所以有损失的功率与输送电压的平方成反比；两种输电方式的输送电压之比为110

所以损失功率之比为1001

即前后两种输电方式消耗在输电线上的电功率之比为1001

．

理想变压器没有能量损失；原副线圈的电压比等于匝数比.

所以副线圈的匝数为原线圈匝数的10

倍，等于1800

匝．

故答案为：10011800

由于电线的电阻不变；相同的功率，以不同的电压输送时，输送电流也不同.

设输送功率为P

则有P=U1I1=U2I2

而在电线上损耗功率为P脣冒=I2R

所以有损失的功率与输送电压的平方成反比.

理想变压器没有能量损失，原副线圈的电压比等于匝数比．

本题考查减小输电线路电功率损失的方法，此题与我们的日常生活联系比较紧密，是这几年高考出题的一个新的方向.

我们在日常生活中要养成勤于观察、勤于思考的好习惯．【解析】10011800

15、略

【分析】解：由波形图知波长娄脣=4m

由波速公式v=娄脣f

得：频率f=104=2.5Hz

．

简谐波沿+x

方向传播；P

质点开始向鈭�y

方向振动，其简谐运动的表达式y=Asin2娄脨ft(cm)=10sin5娄脨t(cm)

．

故答案为：鈭�y10sin5娄脨t

由波形图读出波长；由波速公式v=娄脣f

求出频率.

简谐运动的振动方程为y=Asin2娄脨ft.

当图示时刻x=0.15m

处波峰传到C

点时，质点C

第一次到达波峰．

本题考查基本的读图能力，关键要能从波动图象读取波长和振幅，根据质点的状态，写出振动方程．【解析】鈭�y10sin5娄脨t

三、判断题(共7题，共14分)16、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、计算题(共2题，共18分)23、略

【分析】【解析】试题分析：1电流表量程（0—0.6A），电压表量程（0-15V）2移动前，通过干路的电流为移动华东变阻器后，通过干路的电流：联立解之得：E=7.5V考点：考查闭合电路欧姆定律的应用【解析】【答案】①电流表量程（0—0.6A），电压表量程（0-15V）2E=7.5V24、略

【分析】试题分析：（1）金属棒ab切割磁感线产生的感应电动势电路中的电流金属棒ab两端的电压为（2）金属棒ab所受的安培力则拉力为（3）电阻R上消耗的电功率考点：考查了安培力，电功率的计算，导体切割磁感线运动【解析】【答案】（1）（2）（3）五、实验探究题(共2题，共4分)25、略

【分析】解：（1）在“验证碰撞中的动量守恒”实验中；为防止被碰球碰后反弹，入射球的质量必须（远）大于被碰球的质量，因此B正确，ACD错误．故选B．

（2）A；要保证每次小球都做平抛运动；则轨道的末端必须水平，故A正确；

B；“验证动量守恒定律”的实验中；是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故B错误；

C；要保证碰撞前的速度相同；所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；

D；要保证碰撞后都做平抛运动；两球要发生正碰，碰撞的瞬间，入射球与被碰球的球心应在同一水平高度，两球心的连线应与轨道末端的切线平行，因此两球半径应该相同，故D错误．