2024年沪科版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科版必修1物理下册阶段测试试卷746考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，固定斜面上两个大小相同的物块A和B紧挨着恰好匀速下滑，A与B的接触面光滑。已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍，B的质量是A的质量的2倍。则单独放上B时，其沿斜面运动的加速度是（）

A.0B.C.D.2、一根竖直杆在其下端以下处有一长度为的竖直管（杆能穿过管），杆自由下落，它穿过竖直管所用时间为（穿过的过程是指从两个物体刚刚有重叠到完全没有重叠的过程），则竖直杆的长度为（）（）A.B.C.D.3、一辆汽车以10m/s的速度沿平直的公路匀速前进，因故紧急刹车，加速度大小为0.2m/s2，刹车后汽车在1min内通过的位移大小为（）A.240mB.250mC.260mD.60m4、一个木箱在水平拉力F的作用下沿光滑水平地面滑动，有四位同学作出它的受力情况如图所示，其中正确的是（））

A.B.AC.BD.CD5、关于位移和路程，下列说法正确的是（）A.物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小B.物体通过一段路程，其位移不可能为零C.物体沿直线某一方向运动，通过的路程就是位移D.物体通过的路程不等，位移也一定不等6、2021年8月1日晚，东京奥林匹克体育场里，代表着“中国速度”的苏炳添在100m赛中跑出9.83s的好成绩，成功晋级决赛。若测得苏炳添在前60m用时6.29s，后40m用时3.54s，最终以11.8m/s的速度冲过终点，则苏炳添在百米赛跑全过程中（）A.做匀速直线运动B.做匀加速直线运动C.平均速度为10.17m/sD.平均速度为10.42m/s7、如图所示；甲；乙两组小朋友进行拔河游戏，下列说法正确的是（）

A.甲组拉乙组的力总是等于乙组拉甲组的力B.甲组拉乙组的力总是大于乙组拉甲组的力C.当甲组获胜时，甲组拉乙组的力大于乙组拉甲组的力D.只有他们僵持不动时，甲组拉乙组的力才等于乙组拉甲组的力8、某工地上一塔吊通过一钢丝绳竖直向上提升一重物，若重物运动过程的关系图像如图所示；则下列分析正确的是（）

A.内重物上升的高度为B.内钢丝绳最容易断裂C.内重物一直处于超重状态D.内重物的平均速度等于内的平均速度9、关于打点计时器的原理和使用方法，下列说法中正确的是（）A.打点计时器应接直流电源B.电磁打点计时器接在220V交流电源上，电火花打点计时器接在6V交流电源上C.如果打点计时器在纸带上打下的点逐渐由密集变得稀疏，则说明纸带的速度由小变大D.如果纸带上相邻两个计数点之间有四个点，且所接交流电频率为50Hz，则相邻两个计数点间的时间间隔是0.08s评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图为一升降机运动的速度-时间图像；根据图像可知（）

A.第1s内的加速度最大B.升降机做的是直线运动C.第1s内的运动方向与第8s内的运动方向相反D.第4s内升降机处于静止状态11、如图，将力F(大小已知)分解为两个分力F1和F2，F2和F的夹角θ小于90°．则关于分力F1；以下说法中正确的是()

A.当时，肯定有两组解B.当时，肯定有两组解C.当时，有唯一一组解D.当时，无解12、百米赛跑中运动员的启动反应、启动加速、途中跑、冲刺跑等各个环节都至关重要,某研究小组在建模时对整个过程作如下近似处理:运动员视为质点,启动加速过程认为是加速度为a的匀加速运动,途中跑和冲刺跑认为是速度为的匀速运动,各环节间转换时间均忽略不计．现有甲、乙两名运动员参赛,他们的启动反应时间相同,且有则下列说法正确的是A.除去起点处,甲、乙两名运动员在比赛中可能相遇两次B.与乙相比,甲运动员加速过程的平均速度一定更大C.与乙相比,甲运动员加速过程的位移一定更小D.甲运动员一旦落后就一定会输掉比赛13、一名跳伞运动员从悬停在高空的直升机中跳下；如图所示为运动员从跳离飞机到落地的过程中在空中沿竖直方向运动的v-t图象，对于运动员的运动，下列说法正确的是。

A.0～10s做自由落体运动，15s末开始做匀速直线运动B.10～15s做加速度逐渐减小的减速运动C.0～10s内的平均速度为10m/sD.10s末打开降落伞，10～15s内的位移小于75m14、如图甲所示，粗糙的水平地面上有一块长木板P，小滑块Q放置于长木板上的最右端。现将一个水平向右的力F作用在长木板的右端，让长木板从静止开始运动，一段时间后撤去力F的作用。滑块、长木板的速度图像如图乙所示，已知滑块与长木板的质量相等，滑块Q始终没有从长木板P上滑下。重力加速度则下列说法正确的是（）

A.时长木板P停下来B.长木板P的长度至少是C.滑块Q与长木板P之间的动摩擦因数是0.5D.滑块Q在长木板P上滑行的相对位移为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、某物体运动的速度图像如图；根据图像可知。

（1）0-2s内的加速度大小为______；

（2）0-5s内的位移大小为______；

（3）请定性描述物体在0-5s内做何种直线运动________．16、小明用如图所示的健身装置来锻炼腿部和手臂的肌肉，使用时，当绳A端固定不动，手在B端用力FB拉绳，使总重为G的物体匀速上升，若每个滑轮重，则FB=___________；当绳B端固定不动，腿在A端用力FA拉绳，仍使该重物匀速上升，则FA=_________。（不考虑绳重和摩擦）

17、《敦煌曲子词集》中有这样的词句：“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行。”其中“看山恰似走来迎”所选的参考系是___________，“是船行”所选的参考系是___________。18、某物体做匀变速直线运动，初速为10m/s水平向右，经4s后速度变为6m/s水平向左，设向右为正方向，则物体的加速度为______m/s2，位移为______m。19、如图所示，将弹性小球以10m/s的速度从距地面2m处的A点竖直向下抛出，小球落地后竖直反弹经过距地面1.5m高的B点时，向上的速度为7m/s，从A到B，小球共用时0.3s，若规定向下为正方向，则小球的路程为_______m，速度变化量为_______m/s

20、匀变速直线运动。

（1）定义：沿着一条直线，且______的运动。

（2）v－t图像：匀变速直线运动的v－t图像是一条______。

（3）分类：

①匀加速直线运动：a和v同向，速度随时间______。

②匀减速直线运动：a和v反向，速度随时间______。21、（1）力定义：______的作用。

（2）力的三要素：大小、______和______。

（3）力单位：______，简称______，符号：N。22、为了研究人们用绳索跨山谷过程中绳索拉力的变化规律，同学们设计了如图（a）所示的实验装置，他们将不可伸长轻绳的两端通过测力计（不及质量及长度）固定在相距为D的两立柱上，固定点分别为M和N，M低于N，绳长为L（L＞D）。他们首先在绳上距离M点10cm处（标记为C）系上质量为m的重物（不滑动），由测力计读出绳MC、NC的拉力大小TM和TN，随后改变重物悬挂点的位置，每次将M到C点的距离增加10cm，并读出测力计的示数，最后得到TM、TN与绳MC长度之间的关系曲线如图所示；由实验可知：

（1）曲线Ⅰ中拉力最大时，C与M点的距离为_____cm，该曲线为_____（选填：TM或TN）的曲线．

（2）若用一个光滑的挂钩将该重物挂于绳子上，待稳定后，左端测力计上的示数为_____N，MC与水平方向的夹角为__（用正弦值表示）（第2问结果均保留两位有效数字）。23、如图所示，物体在三个共点力的作用下保持平衡。这三个力的合力大小是_________。如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向________________________________。评卷人得分四、作图题(共4题，共20分)24、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

25、如图所示；在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”。

26、在图中画出物体A所受弹力的示意图。

27、在乙图中画出钢管B所受弹力的示意图。

评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)28、（1）我们已经知道，物体的加速度a同时跟合外力F和质量M两个因素有关。要研究这三个物理量之间的定量关系，需采用的思想方法是___________。

（2）某同学的实验方案如图所示，她想用砂桶的重力表示小车受到的合外力F；为了减少这种做法带来的实验误差，她先做了两方面的调整措施：

a、用小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是___________

b、使砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于___________。

（3）该同学利用实验中打出的纸带求加速度时；处理方案有两种：

A.利用公式计算。

B.根据逐差法利用计算。

两种方案中，选择方案___________比较合理。29、电磁式打点计时器是一种使用______电源的计时仪器，当电源频率为40Hz时，每隔______s打一个点。30、频闪摄影是研究变速运动常用的实验手段。在暗室中，频闪仪每隔一定时间发出一次短暂的强烈闪光，在胶片上记录下物体在几个闪光时刻的位置。左图是小球自由下落时的频闪照片示意图，频闪仪每隔Ts闪光一次。

（1）表格中已给出记数点A、B、Ｄ、Ｅ对应的瞬时速度且在图中标出，请计算出计数点Ｃ对应的速度并在右图中标出来，同时拟合出v－t图像_________。。记数点ABCDE对应的速度vA=0.66m/svB=0.98m/s_________vD=1.64m/svE=1.97m/s

（2）以下用来测量加速度的方法，可行的有_________

方法A：由取平均值。

方法B：由取平均值。

方法C：从v－t图线上取相距较远的两点所对应的速度和时刻，用公式a=算出加速度。

方法D：用量角器量出v－t图线的倾角θ，查三角函数表得到tan，则加速度atan

（3）用表示各计数点的瞬时速度，从理论上讲，对t的要求是_________（选填“越小越好”或“与大小无关”）；从实验的角度看，选取的x大小与速度测量的误差_________（选填“有关”或“无关”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)31、质量为30kg的小孩坐在8kg的雪橇上；大人用与水平方向成37º斜向上的大小为100N的拉力拉雪橇，使雪撬沿水平地面做匀速直线运动（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10N/kg），求：

(1)地面对雪橇的摩擦力f和支持力N的大小。

(2)雪橇与水平地面的动摩擦因数的大小32、频闪摄影是研究变速运动常用的实验手段；在暗室中，照相机的快门处于常开状态，频闪仪器每隔一定时间发出一次短暂的强烈闪光，照亮运动的物体，于是胶片上记录了物体在几个闪光时刻的位置。图中是小球从静止自由下落时的频闪照片，频闪仪每隔0.04s闪光一次，照片中数字是小球落下的距离，单位是cm。

(1)根据这张频闪照片；你认为小球的运动是怎样性质的运动，请分析说明你的观点。

(2)如果要通过这张照片测量自由落体加速度；可以采用哪几种方法。（至少写出2种方法，不必求出加速度的数值）

33、用弹簧测力计测定木块A和木块B间的动摩擦因数μ；有如图所示的两种装置．

（1）为了能够用弹簧测力计读数表示滑动摩擦力，图示装置的两种情况中，木块A是否都要做匀速运动？

（2）若A、B的重力分别为100N和200N，甲图中当物体被拉动时，弹簧测力计的读数为60N，拉力Fa＝130N，求A、B间的动摩擦因数μ1．

（3）若在第（2）问中，将A匀速拉出，Fa＝120N，求A与地面间的动摩擦因数μ2．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【详解】

由于A、B一起匀速下滑

且

解得

单独放上物体B时，根据牛顿第二定律

解得

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

杆做自由落体运动，根据位移时间关系公式列式求解出杆的下端点到管口的过程

设杆为L，竖直管长度为l，杆的上端点到管底的过程

时间差

联立解得

故选C。3、B【分析】【详解】

汽车刹车减速到零所用时间

将v0=10m/s，m/s2带入可得

则汽车刹车1min内通过的位移是其刹车到停下的位移

解得x=250m

故选B。4、A【分析】【详解】

物块竖直方向受重力、地面的支持力；水平方向受拉力F，因水平面光滑，故无摩擦力，A对．5、A【分析】【详解】

物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小，选项A正确；物体通过一段路程，其位移可能为零，例如物体沿圆周运动一周，选项B错误；物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小，因为路程是标量，位移是矢量，选项C错误；物体通过的路程不等，位移不一定不等，例如从A到B点，位移相同，但是有不同的路径，即路程不同，选项D错误；故选A.6、C【分析】【详解】

AB．苏炳添在百米赛跑全过程中不可能做匀速直线运动；也不可能做匀加速直线运动，AB错误；

CD．平均速度为

C正确；D错误。

故选C。7、A【分析】【详解】

甲组与绳子之间的作用力为相互作用力；根据牛顿第三定律可知，其大小相等；方向相反；乙组与绳子之间的作用力也为相互作用力，其大小也是相等、方向相反，由于同一根绳上的力大小相等，故在任何情况下，甲组与乙组的力的大小均相等，故选项A正确，BCD错误；

故选A。8、D【分析】【详解】

A．由面积法可知其上升的高度为

故A错误；

B．10s～40s内重物匀速上升；钢绳对重物的拉力等于重物的重力；0～10s内物体加速上升，拉力大于重力，所以0～10s内钢丝绳更容易断裂，故B错误；

C．0～10s内重物向上加速；钢绳对重物的拉力大于重物的重力，重物处于超重状态；10s～40s内重物匀速上升，钢绳对重物的拉力等于重物的重力，故C错误；

D．0～10s内的平均速度等于

40s～45s内的平均速度

可知内重物的平均速度等于内的平均速度；故D正确。

故选D。9、C【分析】【详解】

A．打点计时器应接交流电源；故A错误；

B．电磁打点计时器接在6~8V交流电源上；电火花打点计时器接在220V交流电源上，故B错误；

C．打点计时器在纸带上打下相邻的两个点的时间间隔相同；若打下的点逐渐由密集变得稀疏，则说明相同时间间隔内的位移由小变大，根据速度定义可知，纸带的速度由小变大，故C正确；

D．所接交流电频率为50Hz，则纸带上相邻两个点的时间间隔为

相邻两个计数点之间有四个点，则相邻两个计数点间的时间间隔为

故D错误。

故选C。二、多选题(共5题，共10分)10、A:B【分析】根据速度时间图象的斜率表示加速度；可知0-2s内的斜率最大，故第1s内的加速度最大，故A正确；升降机运动的方向一直向上，没有改变，故升降机做的是直线运动，故B正确，C错误；升降机做在2-6s内向上做匀速直线运动，故第4s内升降机处于匀速直线运动状态，故D错误；故选AB．

【点睛】速度时间图象可读出速度的大小和方向，根据速度图象斜率表示加速度判断加速度方向，图象的“面积”大小等于位移大小，图象在时间轴上方“面积”表示的位移为正，图象在时间轴下方“面积”表示的位移为负．11、B:D【分析】【详解】

如图所示：

AB．当F＞F1＞Fsinθ时，根据平行四边形定则，有两组解；若F1＞F；只有一组解．故A错误，B正确．

CD．当F1=Fsinθ时，两分力和合力恰好构成三角形，有唯一解；当F1＜Fsinθ时，分力和合力不能构成三角形，无解．故D正确，C错误．12、C:D【分析】【详解】

根据题意做出甲、乙运动的v-t图象；如图所示：

由图象可知刚起跑时甲处于领先，但在到达终点前有可能被乙超越，且甲一旦被超越就无法在追上乙，故A错误，D正确；加速过程甲、乙速度均为零，乙的末速度大，所以加速过程乙的平均速度大，且乙的加速度时间还更长，所以乙加速过程的位移也更大，故B错误，C正确．所以CD正确，AB错误．13、B:D【分析】【详解】

AB．0～10s图象的斜率减小；加速度减小，不可能做自由落体运动，15s末开始做匀速直线运动．故0～10s内运动员做加速度逐渐减小的加速运动，10～15s运动员做加速度减小的减速运动，15s末开始做匀速直线运动．故A错误，B正确．

C．0～10s内，若运动员做匀加速运动，平均速度为

根据图象的“面积”等于位移可知；运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以0～10s内的平均速度大于10m/s．故C错误．

D．由于图象的斜率在减小，则运动员在10s末打开降落伞后做变减速运动至15s末．在10-15s内，若做匀减速运动的位移为x=×5×（20+10）m=75m．

故10～15s内的位移小于75m．故D正确．14、A:B【分析】【详解】

AC．由图乙可知，力F在t1=5s时撤去，此时长木板P的速度v1=5m/s，t2=6s时两者速度相同，v2=3m/s，t2=6s前长木板P的速度大于滑块Q的速度，t2=6s后长木板Р的速度小于滑块Q的速度，0~6s过程中，以滑块Q为对象，由牛顿第二定律得

解得

5~6s过程中，以长木板P为对象，由牛顿第二定律得

解得

从6s末到长木板停下来的过程中，由牛顿第二定律得

解得

这段时间

时长木板P停下来；故A正确，C错误；

B．长木板P的长度至少是前6s过程中滑块Q在长木板P上滑行的距离

故B正确；

D．在从6s末到滑块停下来的过程中，由牛顿第二定律得

解得

这段时间

所以t3=12s时滑块Q停下来，6s后滑块Q在长板Р上滑行的距离

前6s长木板Р速度更大，后6s滑块Q速度更大，则滑块Q在长木板P上滑行的相对位移为

故D错误。

故选AB。三、填空题(共9题，共18分)15、略

【分析】【详解】

（1）v-t图象的斜率表示加速度，故在0-2s内的加速度

（2）v-t图象与时间轴包围的面积表示位移，0-5s内的位移

（3）0-2s物体的速度为正，加速度为正，做匀加速直线运动，2s-4s物体的速度为正，加速度为0，做匀速直线运动，4s-5s物体的速度为正，加速度为负，做匀减速直线运动．【解析】170-2s匀加速直线运动2-4s匀速直线运动4-5s匀减速直线运动16、略

【分析】【详解】

[1]当绳A端固定不动，手在B端用力拉绳时，A端的拉力和物体的重力G相等，物体G匀速上升时，中间的滑轮处于平衡状态，中间的滑轮受向上的拉力2段绳子向下的拉力和向下的重力则由力的平衡条件可得

[2]当绳B端固定不动，腿在A端用力FA拉绳时，该图中所有滑轮均为定滑轮，根据定滑轮的特点可知【解析】G17、略

【分析】【详解】

略【解析】①.船②.山18、略

【分析】【详解】

[1]设向右为正方向，则物体的初速度为10m/s，4s后物体的速度为-6m/s，所以加速度为

[2]物体的位移为【解析】-4819、略

【分析】【详解】

[1][2]小球的路程为：s=2m+1.5m=3.5m；设速度向下为正，则速度变化量△v=-7-10=-17m/s，负号说明速度变化方向竖直向上．【解析】3.5-1720、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】加速度不变倾斜的直线均匀增加均匀减小21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】一个物体对另一个物体方向作用点牛顿牛22、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]选取结点C为研究的对象；受力如图。

水平方向TMsinα=TNsinβ

竖直方向TMcosα+TNcosβ=G

由图可得；当α=β时两个绳子上的拉力相等，该处离M比较近．又C到M与N的距离相等时，受力如图。

水平方向仍然满足TMsinα=TNsinβ

由于α＞β

所以：TM＜TN

所以曲线Ⅱ是TM的曲线，曲线Ⅰ是TN的曲线。

由图；曲线Ⅰ中拉力为最大时，C与M点的距离为100cm

(2)[3][4]若用一个光滑的挂钩将该重物挂于绳子上；待稳定后，绳子两次的拉力相等，对应图象的交点，为4.3N；

由题目的图可得，在曲线Ⅰ、Ⅱ相交处，可读出绳的拉力T0=4.30N,做出它们的几何关系如图。

由于α=β，则2T0cosα=mg①

由几何关系可知；MC与水平方向的夹角为（90°-α）；由图可知，物体的重力为3.1N。

则可知，MC与水平方向的夹角的正弦值为【解析】100TN4.30.3723、略

【分析】【详解】

[1][2]．物体在三个共点力的作用下保持平衡，这三个力的合力大小是0。因三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等大反向，则如果撤去力F1，而保持其余两个力不变，这两个力的合力方向与F1的方向相反。【解析】0与F1的方向相反四、作图题(共4题，共20分)24、略

【分析】【详解】

由于物体受到的弹力是因为地面发生了形变；而对物体产生的，又因为弹力的方向总与物体（地面）的形变方向相反可知，物体所受弹力方向应竖直向上，如下图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

在时间轴上标出“第3s初”“第3s末”“第3s内”“前3s内”如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

物体A所受弹力的示意图如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

受力分析如图。

【解析】五、实验题(共3题，共30分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]先保持M不变，研究a与F的关系；再保持F不变，研究a与M的关系；体现出控制变量法的思想。

（2）[2]由于保持F不变，研究a与M的关系。则当质量发生改变时；若没有平衡摩擦力，则砂桶的重力就不再是小车所受的合力，所以必须平衡摩擦力。

[3]由于小车的加速运动；出现加速度，所以导致砂桶的重力大于拉小车的细线的拉力。当砂桶的质量远小于小车的质量时，砂桶的重力接近拉小车的细线的拉力。

（3）[4]由于做匀变速直线的物体在相等的时间内位移总是相等。所以可借助于。

利用逐差法计算加速度大小。另一种方案不合理的理由是方案必须要从初速度为零开始研究。

故选B。【解析】控制变量法平衡摩擦力砂桶的重力B29、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电磁式打点计时器是一种使用交流电源的计时仪器。

[2]打点周期为频率的倒数；则。

【解析】交流0.02530、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]C点的速度

画出v－t图像如图。

（2）[3]方法A中；取加速度的平均值后，只能用到第一组和最后一组数据，不利于减小偶然误差；方法B中，加速度取平均值后，仍能能用到所有的数据，可减小实验的偶然误差，则方法B正确，A错误；

在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v-t图象，考虑到误差，不