2024年浙科版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙科版选修3物理上册月考试卷261考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为l，电阻均可忽略不计。在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体杆ab电阻为r并导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场中，现给ab杆一个瞬时冲量，使它获得水平向右的初速度下列图中，关于ab杆的速度v、通过电阻R中的电流i、电阻R的电功率P、通过MPabM的磁通量随时间变化的规律；可能正确的是（）

A.B.C.D.2、将验证动量守恒定律的实验装置搬到竖直墙壁的附近，调整仪器，使球A从斜轨上由静止释放，并在水平轨道末端与球B发生正碰后，两球都能打在墙上．已知A、B两球半径相同，A球的质量大于B球的质量，则下列说法正确的是

A.此装置无法验证动量守恒定律B.碰撞后瞬间，A球的速度大于B球的速度C.碰撞后，B两球同时打到墙上D.碰撞后，A球在墙上的落点在B球落点的下方3、光照到某金属表面发生光电效应，若入射光的颜色不变而强度减弱，则下列说法中正确的是()A.从光照射到金属表面到金属发出光电子之间的时间间隔将明显减小B.逸出的光电子的最大初动能将增大C.单位时间从金属表面逸出的光电子数目将减小D.一定不再发生光电效应4、如图所示，ABC为竖直平面内的光滑绝缘轨道，其中AB为倾斜直轨道，BC为与AB相切的圆形轨道，整个装置处在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面向里．质量相同的可看做质点的甲、乙两个小球，甲球不带电、乙球带正电．现将两个小球在轨道AB上分别从相同高度处由静止释放，都能通过圆形轨道最高点，则（）

A.经过最高点时，甲球的速度比乙球小B.经过最高点时，两个小球的速度相等C.若两球均能恰好通过最高点则甲球的释放位置比乙球的高D.两个小球到最低点时对轨道的压力大小相同5、由a和b两种频率的光组成的光束，经玻璃三棱镜折射后的光路如图所示。a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的。下列说法确的是（）

A.该三棱镜对a光的折射率较大B.在真空中，a光的传播速度大于b光的传播速度C.b光可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的D.用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距6、一束只含红光和紫光的复色光沿PO方向射入玻璃三棱镜后分成两束光，并沿OM和ON方向射出，如图所示，已知OM和ON两束光中只有一束是单色光；则（）

A.OM为复色光，ON为紫光B.OM为复色光，ON为红光C.OM为紫光，ON为复色光D.OM为红光，ON为复色光评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，在虚线所示宽度为d的范围内，存在竖直向下电场强度为E的匀强磁场，某种正离子（质量为m，电荷量为q）以初速度为垂直于左边界射入，离开右边界时偏转角度为．在同样宽度范围内，若只存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，使该离子以原来的初速度穿过该区域，偏转角度仍为．不计离子的重力；则以下说法正确的是。

A.离开电场时的速度大小为B.离开磁场时的速度大小为C.电场强度的大小为D.匀强磁场的磁感应强度大小为8、关于固体、液体、气体和物态变化，下列说法中正确的是______________。A.液体表面存在着张力是因为液体表面层分子间的距离大于液体内部分子间的距离B.一定质量的某种理想气体状态改变时，内能必定改变C.0的铁和0的冰，它们的分子平均动能相同E.扩散现象在液体和固体中都能发生，且温度越高，扩散进行得越快E.扩散现象在液体和固体中都能发生，且温度越高，扩散进行得越快9、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的无规测热运动B.温度相同的氢气和氧气，它们分子的平均速率不同C.空调既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性E.荷叶上的露珠几乎呈球形是由于表面张力的作用E.荷叶上的露珠几乎呈球形是由于表面张力的作用10、下列说法中正确的是（）A.不可能从单一热源吸收能量，使之完全变成功，而不产生其他影响B.农民锄松土壤，是为了破坏土壤里的毛细管，保存土壤里的水分C.随着分子间距增大，分子间的引力和斥力都减小，但斥力减小更快，合力表现为引力E.对某种气体而言，已知阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可计算出该种气体分子间的平均距离E.对某种气体而言，已知阿伏伽德罗常数、气体的摩尔质量和密度，可计算出该种气体分子间的平均距离11、下列说法正确的是（）A.扩散现象在气体、液体和固体中都能发生B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.一定质量的某种理想气体在等压膨胀的过程中，内能一定增加E.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为则阿伏加德罗常数可表示为E.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为则阿伏加德罗常数可表示为12、如图，在x轴上方存在方向垂直坐标平面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，在x轴下方存在方向垂直坐标平面向外、磁感应强度大小为的匀强磁场。一带负电的粒子（不计重力）从原点O以与x轴正方向成角的速度v射入磁场，其在x轴上方运动的半径为R。则。

A.粒子经偏转一定能回到原点OB.粒子在x轴上方和下方的磁场中运动的半径之比为1：2C.粒子射入磁场后，第二次经过x轴时与O点的距离为3RD.粒子完成一次周期性运动的时间为13、图甲为某一列沿x轴传播的简谐横波在t＝0时的波形图，图乙为波上质点M的振动图象，下列说法正确的是（）

A.这列波的传播速度大小为4m/sB.这列波沿x正方向传播C.t＝0.5s时，质点M的振动速度大于质点Q的振动速度E.质点M在任意时刻t的位移为：y＝﹣0.2sin（2πt）cmE.质点M在任意时刻t的位移为：y＝﹣0.2sin（2πt）cm14、如图所示，与水平方向成的恒力作用在质量为的物体上，由于地面对物体的摩擦力较大，物体没有被拉动。若经时间取则关于冲量下列计算结果正确的是（  ）

A.重力对物体的冲量大小为B.拉力对物体的冲量大小为零C.摩擦力对物体的冲量大小为零D.合力对物体的冲量大小为零15、三束单色光1、2和3的波长分别为λ1、λ2和λ3（λ1＞λ2＞λ3）．分别用这三束光照射同一种金属．已知用光束2照射时，恰能产生光电子．下列说法正确的是（）A.用光束1照射时，不能产生光电子B.用光束3照射时，不能产生光电子C.用光束2照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多D.用光束2照射时，光越强，产生的光电子的最大初动能越大评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，用波长为λ的光照射逸出功为W的极板，则发生光电效应的光电子最大动能为_______，已知普朗克常量为h，光速为c；若将此入射光的频率增大，则极板逸出功________（选填“增大”；“减小”或“不变”）．

17、在阳光的照射下，充满雾气的瀑布上方常会出现美丽的彩虹，彩虹是太阳光射入球形水珠经折射、内反射、再折射后形成的，其光线传播路径如图所示，图中的圆面代表水珠过球心的截面，太阳光平行截面射入球形水珠后，最后出射光线a、b分别代表两种不同颜色的光线，则水珠对a、b两束光折射率的大小关系是na____nb；a、b两种光在水珠内传播速度大小关系是va__vb．（选填“>”、或“<”)

18、用均匀导线做成的正方形线框边长为0.2m，正方形的一半放在垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示．当磁场以10T/s的变化率增强时，线框中a、b两点间的电势差是Uab＝_____V

19、有一正弦交流电，它的电压随时间变化的情况如图所示，则电压的峰值为________V；有效值为________V；交流电的；频率为________Hz.

20、（1）在海中航行的轮船，受到大风大浪冲击时，为了防止倾覆，应当改变航行方向和__________，使风浪冲击力的频率远离轮船摇摆的__________．

（2）光纤通信中，光导纤维传递光信号的物理原理是利用光的_________现象.要产生这种现象，必须满足的条件是：光从光密介质射向_________，且入射角等于或大于_________．21、一个质量m=1.0kg的物体，放在水平桌面上，物体与桌面间的动摩擦因数为=0.2，当物体受到一个F=10N水平推力的作用时，在10s内推力的冲量大小为______N·s．22、光电效应实验中，用波长为的单色光A照射某金属板时，刚好有光电子从金属表面逸出．当波长为的单色光B照射该金属板时，光电子的最大初动能为______，A、B两种光子的动量之比为_____．（已知普朗克常量为h、光速为c）评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共32分)26、现要用伏安法描绘一只标值为“2.5V，0.6W”小灯泡的I-U图线，有下列器材供选用：

A．电压表(0～3V，内阻)

B．电流表(0～0.6A，内阻)

C．电流表(0～3A，内阻)

D．滑动变阻器(，2A)

E．滑动变阻器(，1.0A)

F．蓄电池(电动势6V，内阻不计）

实验要求测量数据范围尽可能大些①则滑动变阻器应选用__________（用序号字母表示）；电流表应选用_______（用序号字母表示）．

②设计电路，用笔画线代替导线在图中将实物连接成实验所需电路图．_______

③通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为______Ω．27、某同学对实验室的一个多用电表中的电池进行更换时；发现里面除了一节1.5V的干电池外，还有一个方形的层叠电池。为了测定层叠电池的电动势和内阻，实验室中提供了如下器材：

A.电流表A1（满偏电流10mA；内阻10Ω）

B.电流表A2（0~0.6A~3A；内阻未知）

C.滑动变阻器R（0~100Ω；1.0A）

D.定值电阻R0（阻值990Ω）

E.开关S与导线若干。

（1）该同学根据现有的实验器材，设计了合理的电路。请你在如图所示的方框内画出相应的电路图______。

（2）该同学根据上述设计的实验电路测出多组数据，绘出如下图所示的I1－I2图线（I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω。（保留两位有效数字）

28、某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验．先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让a球仍从原固定点由静止开始滚下和b球相碰后；两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．

（1）本实验必须测量的物理量有()

A.斜槽轨道末端的水平地面的高度H

B.小球a、b的质量

C.小球a、b的半径r

D.小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E.记录纸上0点到A；B、C各点的距离OA、OB、OC

F.a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

（2）根据实验要求，_________（填“大于”；“小于”或“等于”）；

（3）放上被碰小球后，两小球碰后是否同时落地？如果不是同时落地，对实验结果有没有影响________？（不必作分析）

（4）为测定未放小球b时，小球a落点的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的0点对齐，下图给出小球a落点附近的情况，由图可得OB距离应为_______cm．

（5）按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是___________________．29、一物理实验小组想测定某电压表（量程为0~3V；内阻约为5kΩ）的内阻，并将其改装成欧姆表，现有器材如下：

A.直流电源E（电动势为4V；内阻不计）；

B.电阻箱R（最大阻值为9999.9Ω）；

C.滑动变阻器R（最大阻值为10kΩ）；

D.滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）；

E.开关；导线若干。

(1)图甲为探究小组设计的测量电压表内阻电路，请判断：虚线处______（填“需要”或“不需要”）连接导线；为使测量精度更高，滑动变阻器应选择______（填“R1”或“R2”）；

(2)按图甲连接好实验电路；进行如下实验操作：

①闭合开关S1、S2；调节滑动变阻器的滑片，使电压表指针达到满偏；

②保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关S2，调节电阻箱的阻值，使电压表指针指到1.00V位置处，读取并记录此时电阻箱的阻值Ro，则电压表的内阻Rv=______，用此法测得电压表的内阻与真实值相比______；（填“偏大”；“偏小”或“不变”）

(3)实验测得电压表的内阻为4.8kΩ，该同学将此电压表、上述器材中的电源和其中的一个滑动变阻器改装成欧姆表，设计电路如图乙所示，首先对其进行欧姆调零；再用改装后的欧姆表测量某电阻，指针如图丙所示，则指针指示处对应的电阻刻度为______kΩ。评卷人得分六、解答题(共4题，共8分)30、一活塞将一定质量的理想气体封闭在汽缸内，初始时气体体积为用DIS实验系统测得此时气体的温度和压强分别为和推动活塞压缩气体，测得气体的温度和压强分别为240K和

（1）求此时气体的体积。

（2）再保持温度不变，缓慢改变作用在活塞上的力，使气体压强变为求此时气体的体积。31、在匀强电场中，将一电荷量为2×10－5C的正电荷由A点移到B点，电场力做功0.4J，已知A、B两点间距＝10cm；两点连线与电场方向成60°角，如图所示，问：

(1)在电荷由A移到B的过程中；电荷电势能变化了多少？

(2)A、B两点间的电势差为多少？

(3)该匀强电场的电场强度为多大？32、如图所示，一竖直放置的足够长汽缸内有两个活塞用一根轻质硬杆相连，上面小活塞面积S1=2cm2，下面大活塞面积S2=8cm2，两活塞的总质量为M=0.3kg；汽缸内封闭温度T1=300K的理想气体，粗细两部分长度相等且L=5cm；大气压强为Po=1.01×l05Po，g=10m／s2；整个系统处于平衡，活塞与缸壁间无摩擦且不漏气．求：

(1)初状态封闭气体的压强Pi；

(2)若封闭气体的温度缓慢升高到T2=336K，气体的体积V2是多少；

(3)上述过程中封闭气体对外界做功W．33、空间中有一直角坐标系，其第一象限在圆心为半径为R、边界与x轴和y轴相切的圆形区域内，有垂直于纸面向里的匀强磁场图中未画出磁感应强度大小为B；第二象限中存在方向竖直向下的场强为E的匀强电场．现有一群质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从圆形区域边界与x轴的切点A处沿纸面上的不同方向射入磁场中，如图所示．已知粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径均为R，其中沿方向射入的粒子恰好到达x轴上的N点；不计粒子的重力和它们之间的相互作用，求：

粒子射入磁场时的速度大小及ON间的距离；

速度方向与夹角为斜向右上方的粒子到达y轴距O点的距离；

速度方向与夹角为斜向右上方的粒子到达x轴的时间．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

根据题意判断导体棒受到的安培力的表达式，结合受到变化判断安培力的变化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，据此判断ab运动的加速度的变化；根据判断电流变化；结合电流的变化情况判断电功率的变化；根据判断通过MPabM的磁通量的变化。

【详解】

A．根据楞次定律可得ab中的电流为b→a，根据左手定则可知导体棒受到的安培力方向水平向左，与运动方向相反，做减速运动，导体棒受到的安培力

故

由于轨道光滑，所以安培力即为导体棒的合力，受到减小，合力减小，所以加速度减小，故导体棒做加速度减小的减速运动，A错误；

B．电流由于速度减小，并且减小的越来越慢，所以电流也减小，并且减小的越来越慢，故B正确；

C．电阻R的电功率因为电流减小，所以电阻R的电功率也在减小，C错误；

D．通过MPabM的磁通量随着ab棒向右运动；线圈的面积越来越大，所以磁通量越来越大，D错误。

故选B。2、D【分析】【分析】

两球碰撞后均做平抛运动；根据高度比较平抛运动的时间，碰撞过程中动量守恒，运用水平位移与时间的比值代替速度得出动量守恒的表达式，从而验证动量守恒定律；

【详解】

A、碰撞前后小球均做平抛运动，在竖直方向上：，平抛运动时间：，

设轨道末端到木条的水平位置为x，未放B球时，小球A下落的高度为，放上小球B后，A和B碰撞后下落的高度分别为和，则碰撞前后小球做平抛运动的初速度分别为：，，，

如果碰撞过程动量守恒，则：

将速度代入动量守恒表达式解得：分别将和代入即可验证动量守恒定律；故选项A错误；

B、由碰撞的实际过程可知，碰撞后瞬间，由于A球质量大于B球质量，则导致A球的速度小于B球的速度；故选项B错误；

C、由上面分析可知导致导致碰撞后，A、B两球不会同时打到墙上，A球时间长，后达到墙壁上，即A球在墙上的落点在B球落点的下方；故选项C错误，D正确．

【点睛】

解决本题的关键知道平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，知道碰撞的过程中，动量守恒，运用水平位移与时间的比值代替速度得出动量守恒的表达式，从而验证动量守恒定律．3、C【分析】【详解】

光的强度影响的是单位时间内发出光电子的数目，并不会影响从光照到金属表面上到发射出光电子的时间间隔，故A错误；根据爱因斯坦光电效应方程可知当入射光频率不变时，金属板仍能发生光电效应，且最大初动能不变，与入射光的强度无关，故BD错误；光的强度影响的是单位时间内发出光电子的数目，入射光强度减小，单位时间内从金属表面逸出的光电子的数目减少，故C正确；故选C4、B【分析】【分析】

洛伦兹力不做功；则根据能量关系可知，两球经过最高点时，甲球的速度等于乙球的速度；根据牛顿第二定律判断若两球均能恰好通过最高点时两球的速度关系，再判断两球释放位置关系；根据牛顿第二定律列式比较两个小球到最低点时对轨道的压力大小.

【详解】

两球均从相同的高度A处开始释放到小球到达圆环最高点过程中，两球重力做功相等，洛伦兹力不做功，则经过最高点时，甲球的速度等于乙球的速度，选项A错误，B正确；甲球恰能经过最高点时：mg=m乙球：mg+qv乙B=m则v乙>v甲，可知甲球的释放位置比乙球的低，选项C错误；两个小球到最低点时的速度相同，在最低点，对甲球：对乙球：可知N甲>N乙，选项D错误；故选B.5、D【分析】【分析】

【详解】

AC．由图可知，三棱镜对b光的折射率较大，所以a光的频率小于b光，a光是氢原子由n=4的能级向n=2的能级跃迁时发出的，而b光的能量大于a光，b光不可能是氢原子从n=3的能级向n=2的能级跃迁时发出的；故AC错误；

B．真空光的速度都为c；故B错误；

D．由于a光的频率小于b光，故a光的波长大于b光的波长；由。

可得用同一双缝干涉装置进行实验，a光干涉条纹的间距大于b光干涉条纹的间距；故D正确。

故选D。6、D【分析】【详解】

ON为反射光，应为复色光；而折射后只有一束光线，故有一束光发生了全反射；而红光与紫光相比较，紫光的折射率较大，临界角较小，故紫光发生了全反射；可知OM应为红光．故D正确，ABC错误．故选D.二、多选题(共9题，共18分)7、C:D【分析】【详解】

试题分析：粒子在电场中做类平抛运动；在磁场中做匀速圆周运动，由类平抛运动规律；牛顿第二定律可以求出磁感应强度大小．

粒子在电场中运动时，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做匀加速直线运动，根据速度的分解可得离开电场时的速度大小为A错误；由于受到的洛伦兹力和速度方向垂直，所以不改变粒子运动速度大小，故离开磁场时速度仍为B错误；离子在电场中做类平抛运动，竖直方向①，②，水平方向：③，由①②③解得C正确；当改用匀强磁场时，离子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：④，由几何知识可知，轨道半径⑤，由④⑤解得：D正确；8、A:C:E【分析】【详解】

A．由于液体表面分子间距大于内部分子间距；故表面处表现为引力，故A正确；

B．一定质量理想气体的内能由温度决定；状态变化时温度可能不变，内能也就可能不变，故B错误；

C．因为温度是分子平均动能的标志；温度相同，则分子平均动能相同，故C正确；

D．晶体分单晶体和多晶体；只有单晶体具有规则形状，某些性质表现出各向异性，而多晶体没有规则形状，表现出各向同性，故D错误；

E．气体；液体和固体物质的分子都在做无规则运动；所以扩散现象在这三种状态的物质中都能够进行，且温度越高，扩散进行得越快，故E正确。

故选ACE。9、B:D:E【分析】【详解】

A．布朗运动是固体小颗粒的无规则运动；间接反映分子的无规则运动，故A错误；

B．温度是分子的平均动能的标志；当氢气和氧气的温度相同，说明它们的分子平均动能相同，它们的分子质量不同，则分子的平均速率不同，故B正确；

C．空调制冷说明热量可以在一定的条件下由低温物体传向高温物体；但不是自发地由低温物体传向高温物体，故C错误；

D．由同种元素构成的固体；可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石，故D正确；

E．荷叶上的露珠呈球形是由于在液体表面张力作用下表面收缩的结果；故E正确。

故选BDE。10、A:B:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学第二定律；不可能从单一热源吸收能量，使之完全变成功，而不产生其他影响，故A正确；

B．锄松土壤可以破坏土壤里的毛细管；可以保存土壤里的水分，故B正确；

C．当分子距离小于时表现为斥力，大于时表现为引力；所以随着分子间距离的增大，合力是有时表现为斥力，有时表现为引力，且引力和斥力都减小，故C错误；

D．温度是分子的平均动能的标志；是大量分子做无规则运动的统计规律，温度升高，分子的平均动能增大，但不是每个分子热运动的动能越大，故D错误；

E．知道阿伏伽德罗常数；气体的摩尔质量和密度；可求出气体的摩尔体积，然后求出每个气体分子占据的空间大小，从而能求出气体分子的平均距离，故E正确。

故选ABE。11、A:C:D【分析】【详解】

A．扩散现象是由物质分子无规则热运动产生的分子迁移现象；可以在固体；液体、气体中产生，扩散速度与温度和物质的种类有关，故A正确；

B．在一定条件下；热量可能从低温物体传到高温物体，故B错误；

C．一定量的理想气体在等压膨胀过程中，根据理想状态的状态方程

可知气体的温度一定升高；所以内能一定增加，故C正确；

D．根据布朗运动的原因可知；液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子对它的撞击作用不平衡的结果，故D正确；

E．由于气体分子间距离较大；摩尔体积与分子体积的比值不等于阿伏伽德罗常数，故E错误。

故选ACD。12、B:C【分析】【详解】

A.根据左手定则判断洛伦兹力的方向可知，粒子运动的过程中，离O点越来越远，粒子一定不能回到原点O；故A不符合题意；

BC.根据。

得：

在第四象限的轨道半径是在第一象限的2倍，即r2=2R，所以第二次经过x轴时与O点的距离为3R；故BC符合题意；

D.在第一象限运动的时间。

在第四象限。

粒子完成一次周期性运动的时间为。

所以D不符合题意。13、A:C:E【分析】【详解】

A、由甲图可得：λ＝4m，由乙图中可得：T＝1s，所以该简谐横波的传播速度为：=4m/s；故A正确．

B、由图乙知，t＝0.5s时刻质点M正通过平衡位置向下运动，由波形平移法知这列波沿x轴负方向传播．故B错误．

C、因t＝0.5s＝所以t＝0.5s时M质点正通过平衡位置，速度最大，而质点Q不在平衡位置，所以t＝0.5s时M质点的振动速度大于Q质点的振动速度；故C正确．

D、因t＝0.5s＝则t＝0.5s时P质点从波峰到达波谷；位移为﹣0.2cm，故D错误．

E、质点M振幅为A＝0.2cm，t＝0时刻y＝0，且正向下振动，所以质点M在任意时刻t的位移为：cm，故E正确．14、A:D【分析】【详解】

A．重力对物体的冲量大小为

故A正确；

B．拉力对物体的冲量

故B错误；

C．地面对物体的摩擦力不为零；摩擦力对物体的冲量大小不为零，故C错误；

D．物体没有被拉动，说明物体仍然处于平衡状态，受到的合外力为所以合力对物体的冲量大小为故D正确。

故选AD。15、A:C【分析】【详解】

A、B、依据波长与频率的关系：因λ1＞λ2＞λ3，那么γ1＜γ2＜γ3；由于用光束2照射时，恰能产生光电子，因此用光束1照射时，不能产生光电子，而光束3照射时，一定能产生光电子；故A正确，B错误．C、D、用光束2照射时，光越强，单位时间内产生的光电子数目越多，而由光电效应方程：Ekm=hγ-W；可知，光电子的最大初动能与光的强弱无关；故C正确，D错误．故选AC．

【点睛】

考查波长与频率的关系式，掌握光电效应现象发生条件，理解光电效应方程的内容．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【详解】

逸出功是金属本身的属性，与外界因素无关，故极板的逸出功不变．【解析】不变17、略

【分析】【详解】

根据光路图可知，a光的偏折程度较大，可知a光的折射率较大，即

由公式可知，a光在水滴中传播的速度较小，即．【解析】><18、略

【分析】【详解】

题中正方形线框的左半部分磁通量变化而产生感应电动势，从而在线框中有感应电流产生，把左半部分线框看成电源，其电动势为E，内电阻为r/2；画出等效电路如图所示．

则a、b两点间的电势差即为电源的路端电压，设l是边长，且依题意知．由得所以由于a点电势低于b点电势，故Uab=-0.1V．【解析】-0.119、略

【分析】【详解】

由图像可知电压的峰值为10V；有效值为交流电的周期为T=0.4s，频率为【解析】10V；7.07V2.5Hz20、略

【分析】【分析】

【详解】

如答案【解析】速度大小频率全反射光疏介质临界角21、略

【分析】根据I=Ft得；10s内推力的冲量I=10×10N•s=100N•s

点睛：本题考查了冲量公式的基本运用，知道推力F的冲量与其它力的大小无关，不要受题目中摩擦力等因素的影响．【解析】10022、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程又所以有解得又光子动量所以A、B两种光子的动量之比为1:2.【解析】1:2四、作图题(共3题，共15分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共32分)26、略

【分析】【详解】

试题分析：①本实验中应选用分压接法；故滑动变阻器应选小电阻，滑动变阻器选D；由P=UI可得，电流为I=0.28A，电流表应选B；②题目中要求多测几组数据，故滑动变阻器采用分压接法；灯泡内阻较小；故电流表选用外接法，设计的电路图如图所示。

由电路图连成实物图如图所示。

③由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻

【点睛】根据灯泡的额定功率可求出额定电流，则可确定出电流表；根据滑动变阻器的接法可选出滑动变阻器；由图象可得出额定电压，由图象可求得灯泡的正常工作时的电流，由欧姆定律可求得灯泡的正常工作时的电阻.【解析】DB1027、略

【分析】【详解】

（1）[1]没有电压表，用电流表A1与定值电阻R0串联成电压表；原理图如图所示；

（2）[2]则由闭合电路欧姆定律可知（由于I1读数远小于I2，所以I2-I1≈I2）I1（R0+RA1)=E-I2r

即

由图可知，图像与纵坐标的交点为9.0mA，则有9.0mA=

解得E=9.0V

[3]由图像可知，图像的斜率为10×10-3，由公式得图像的斜率等于故=10×10-3

解得r=10Ω【解析】9.01028、略

【分析】【详解】

（1）由碰撞过程动量守恒可得mava0=mava+mbvb，

再由平抛规律OB=va0t，OA=vat，OC=vbt

整理以上各式可得maOB=maOA+mbOC，所以本实验必须测量的物理量有小球a、b的质量、记录O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OC，故选BE．

（2）根据动量守恒定律可知若碰撞小球a的质量小于b球的质量，则小球a可能被碰回，所以a球质量必须大于b球质量．

（3）b球先落地，对实验结果无影响；

（4）根据毫米刻度尺的读数规则可知OB=45.95±0.02cm

（5）根据（1）问分析可知，验证动量守恒的验证式是maOB=maOA+mbOC

【点睛】

解题的关键是根据碰撞时两小球动量守恒列出有关表达式，然后再结合平抛运动规律整理出“平均”动量守恒的表达式即可求解．【解析】(1)BE(2)大于(3)不是，无(4)