2025年人教五四新版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教五四新版高三物理下册月考试卷968考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，在等量异种电荷+Q和-Q形成的电场当中，有一个正方形OABC，其中O点为两电荷连线的中点，下列说法正确的是（）A.A点电场强度比C点的电场强度大B.A点电势比B点的电势高C.将相同的正电荷放在O点与C点，在O点的电势能较大D.移动同一正电荷，电场力做的功WCB=WOA2、一滑块一初速v0从固定斜面底端沿斜面向上滑；已知斜面足够长，则该滑块的速度一时间图象不可能是下面的。

（）A.B.C.D.3、关于物体的重心，下列说法中正确的是（）A.重心就是物体上最重的一点B.形状规则的物体的重心，一定在它的几何中心C.重心是物体所受重力的作用点，故重心一定在物体上D.用细软线将物体悬挂起来，静止时重心一定在悬线所在直线4、金星的质量为M1，绕太阳的运动的椭圆轨道半长轴为R1，公转周期为T1．地球的质量为M2，绕太阳运动的椭圆轨道半长轴为R2，公转周期为T2，那么，下面判断正确的是（）A.＞B.=C.=D.=5、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，R1＝20Ω，R2＝30Ω，C为电容器.已知通过R1的正弦交流电如图乙所示，则()A.交流电的频率为0.02HzB.原线圈输入电压的最大值为200VC.电阻R2的电功率约为6.67WD.通过R3的电流始终为零6、滑块a、b沿水平面上同一条直线发生碰撞；碰撞后两者粘在一起运动；经过一段时间后；从光滑路段进入粗糙路段．两者的位置x随时间t变化的图象如图所示．由图象可知（）

A.相碰前，a在减速，b在加速B.碰撞后，第1秒内a的速度为C.进入粗糙路段后，a的加速度逐渐减小D.相碰前，a、b的速度方向相同，加速度方向相反7、如图所示，一个静止的质量为m、带电荷量为q的粒子（不计重力），经电压U加速后垂直进人磁感应强度为B的匀强磁场，粒子在磁场中转半个圈后打在P点，设OP=x，能够正确反应x与U之间的函数关系的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)8、（2016•浙江二模）如图所示的电路中电源为理想电源，A、B、C均为电阻值相等的定值电阻．闭合开关K，电路处于稳定状态后再断开开关，那么在开关断开的瞬间，下列推断正确的是（）A.电阻B的电压值较之前的电压值瞬间不变B.电阻A的电压值较之前的电压值将瞬间减小C.电阻C的电流流向较之前的电流流向将瞬间改变D.电阻A的电流流向较之前的电流流向将瞬间改变9、一块砖平放在长木板的中间，木板放在水平地面上，现缓慢抬起木板的一端，而保持另一端不动．关于砖受到的摩擦力F，叙述正确的是（）A.随木板倾角的增大而减小B.砖滑动前，F随木板倾角的增大而增大，砖滑动后，F随木板倾角的增大而减小C.砖滑动前，F随木板倾角的增大而减小，砖滑动后，F随木板倾角的增大而增大D.砖滑动前后，摩擦力方向均是沿木板向上10、下列运动中，若不计空气阻力，则运动员的机械能守恒的是（）A.运动员离开“蹦床”后向上的腾空运动B.“蹦极跳”运动员从高处开始下落到最低点C.不计摩擦，滑雪运动员自高坡顶上自由下滑D.跳伞运动员离开飞机未张开伞，在空中下降11、下列说法正确的是（）A.卢瑟福通过a粒子散射实验建立了原子核式结构模型B.β衰变中产生的β射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的C.查德威克首先发现了质子E.氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增加E.氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增加12、如图所示为一平行板电容器，两板之间的距离d和两板正对面积S都可以调节，电容器两板与电池相连接．Q表示电容器的带电荷量，E表示两板间的电场强度．则（）A.当S减小，d增大时，Q不变，E增大B.当S增大，d不变时，Q增大，E增大C.当d减小，S增大时，Q增大，E增大D.当d增大，S不变时，Q减小，E减小评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)13、（2014•天津模拟）如图所示，在光滑的水平面上有质量分别为1kg和2kg的物块A、B，两物块一开始静止在水平面上，A、B用绳子系着，A、B间有一杯压缩的轻弹簧（绳子未画出）．某时刻剪断绳子，A、B分别向左、右加速，在弹簧脱离A、B两物块的瞬间，物块A的速度为2m/s，则在弹簧脱离A、B两物块的瞬间，物块B的速度大小为____m/s，剪断绳子之前，弹簧的弹性势能是____J．14、电子枪射出的电子速度是107m/s，垂直进入磁感应强度为0.3T的磁场，此时电子受到的洛仑兹力大小是____N，洛仑兹力的方向与电子速度方向____．（元电荷e=1.6×10-19C）15、如图所示，一物体以初速度v冲上倾角为37°斜面，最后又沿斜面下滑回原位置，已知物体冲上斜面和滑下到最初位置所用的时间之比为1：则物体与斜面间的动摩擦因数为____．

16、（2010秋•椒江区校级月考）一台电枢电阻为9Ω的直流电动机与R=1Ω的电阻串联后，接在110V的电路上工作，通过电动机的电流强度为10A，则这台电动机耗电功率为____W，电路发热功率为____W，转化为机械能功率为____W．17、一重为200N的桌子放在水平地面上，要使它从原地移动，最小要用80N的水平推力，移动后只需70N的水平推力即可使桌子做勻速直线运动，那么桌子受到的最大静摩擦力是____N，桌子和地面间的动摩擦因数为____．评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)18、电场线真实地存在于电场中．____．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共2题，共10分)19、【题文】如图，电源电压保持不变，电阻R1=20Ω。当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.3A；当开关S1、S2都闭合时；电流表的示数变为0.5A。求：

（1）电源电压。

（2）电阻R2的阻值20、如图所示；用力F把物体压在倾斜的天花板上，使物体保持静止，画出物体所受的其他各力的示意图．

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】解答本题要掌握等量异种电荷周围电场分布情况：在等量异种电荷连线上，中点O的电场强度最小，在两电荷连线中垂线上，O点场强最大．中垂线为一条等势线，中垂线上电场方向水平向右；另外电势能的变化可通过电场力做功来判断．【解析】【解答】解：A；在等量异种电荷连线上；中点O的电场强度最小，在两电荷连线中垂线上，O点场强最大，则A点的场强大于O点的场强，O的场强大于C点的场强，所以A点的场强大于C点的场强，故A正确．

B；沿着电场线电势要降低；过A和B的场强都指向-Q由图可知，B到-Q的距离要大于A到-Q的距离，故B点的电势比A点的电势高，故B错误．

C；等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线；故将相同的电荷放在O点与C点电势能一定相等，故C错误．

D、因为φB＞φA，φO=φC，所以UCB＜UOA；根据电场力做功的公式W=Uq，所以在电场中移动同一正电荷，从C到B电场力做的功小于从O到A电场力做的功．故D错误．

故选：A．2、C【分析】【分析】分析滑块可能的受力情况和运动情况：滑块可能不受滑动摩擦力；滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，两个过程的加速度相同；

滑块可能受滑动摩擦力；滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，根据牛顿第二定律分析加速度关系；

滑块可能向上做匀减速运动；最后停在最高点．

速度图象的斜率等于加速度．【解析】【解答】解：A；若滑块受滑动摩擦力；滑块可能向上做匀减速运动，最后停在最高点．故A是可能的；

B；C若滑块受滑动摩擦力；滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，根据牛顿第二定律分析得知，下滑的加速度小于上滑的加速度，下滑过程速度图象的斜率小于上滑过程的斜率．故B是可能的，C是不可能的；

D；若滑块可能不受滑动摩擦力；滑块先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，根据牛顿第二定律可知，两个过程的加速度相同；故D是可能的．

题目要求选不可能的，故选：C．3、D【分析】【分析】重心是物体所受重力的作用点，不是物体上最重的一点．重心位置与物体的形状和质量分布情况有关．重心不一定在物体上，也可以在物体之外．用细软线将物体悬挂起来，静止时重力与细线的拉力平衡，重心一定在悬线所在的直线上．【解析】【解答】解：A；重心是物体各部分所受重力的合力的作用点；不是物体上最重的一点．故A错误．

B；物体的重心不仅与形状有关；还与物体的质量分布有关，所以形状规则的物体的重心，不一定在它的几何中心．故B错误．

C；重心不一定在物体上；也可以物体之外，比如均匀的圆环，重心在环外．故C错误．

D；用细软线将物体悬挂起来；静止时物体的重力与细线的拉力平衡，作用在同一直线上，所以重心一定在悬线所在直线上．故D正确．

故选D4、B【分析】【分析】开普勒第三定律中的公式，可知半长轴的三次方与公转周期的二次方成正比．【解析】【解答】解：金星的质量为M1，绕太阳的运动的椭圆轨道半长轴为R1，公转周期为T1．

则由开普勒第三定律中的公式，得

而地球的质量为M2，绕太阳运动的椭圆轨道半长轴为R2，公转周期为T2；

则有

由于同一中心天体，所以K值相同，因此即为

而公转周期与自身质量无关．

故选：B5、C【分析】根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为0.02s、频率为50Hz，A错；由图乙可知通过R1的电流最大值为Im＝1A、根据欧姆定律可知其最大电压为Um＝20V，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，B错；因为电容器有通交流、阻直流的作用，则有电流通过R3和电容器，D错；根据正弦交流电的峰值和有效值关系及并联电路特点可知电阻R2的电流有效值为I＝电压有效值为U＝Um/V，电阻R2的电功率为P2＝UI＝W,C对.【解析】【答案】选C.6、B【分析】【分析】根据位移图象的斜率等于速度，分析相碰前两滑块的运动情况，并求碰后第1秒内a的速度．根据牛顿第二定律分析加速度．【解析】【解答】解：A、根据位移图象的斜率等于速度，直线的斜率一定，可知，相碰前，a沿负向匀速，b沿正向匀速；故A错误．

B、碰撞后，第1秒内a的速度为v===m/s；故B正确．

C；进入粗糙路段后；根据牛顿第二定律得：μMg=Ma，a=μg，加速度a不变．故C错误．

D、相碰前，a、b的速度方向相同；加速度都为零，故D错误．

故选：B7、B【分析】【分析】根据动能定理得到带电粒子加速获得的速度．带电粒子进入磁场中由洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得到半径r，x=2r，根据x与U的表达式选择图象．【解析】【解答】解：在加速电场中；由动能定理得：

；

解得：；

磁场中；洛伦兹力提供向心力，有：

；

得：

则得：；B；m、q都一定，则由数学知识得到，x-U图象是抛物线，B正确．

故选：B二、多选题(共5题，共10分)8、ABC【分析】【分析】闭合开关K，电容器充电，电路稳定状态后电容器相当于开关断开．在开关断开后，电容器将要充电，根据瞬间电流的变化分析即可．【解析】【解答】解：A；在开关断开的瞬间；三个电阻由于电源产生的电压突然消失，B的电压等于电容器的电压，所以电阻B的电压值较之前的电压值瞬间不变．故A正确．

B；在开关断开的瞬间；电阻A的电压值为零，较之前的电压值将瞬间减小，故B正确．

C；开关闭合时；电阻C的电流向右．电容器左极板带正电，右极板带负电．在开关断开的瞬间，电容器放电，通过电阻C的电流将变为向左，则电阻C的电流流向较之前的电流流向将瞬间改变．故C正确．

D；开关闭合时；电阻A的电流向右，在开关断开的瞬间，电容器放电，电阻A的电流仍向右，方向没有变化，故D错误．

故选：ABC9、BD【分析】【分析】砖不动时受到的为静摩擦力，由静摩擦力大小的求法可知静摩擦力的变化；而砖滑动后变成了滑动摩擦力，则应由f=μFN求解．【解析】【解答】解：在砖滑动之前；物体受到的摩擦力等于重力的下滑分力，即f=mgsinθ，故摩擦力随角度的增大而增大；

而在砖块滑动之后；变成了滑动摩擦力，摩擦力的大小为：f=μmgcosθ，因夹角增大，cosθ减小，故滑动摩擦力减小；

即摩擦力先增加后减小；故B正确；AC错误；

由于物体始终有向下运动的趋势；故摩擦力一直沿斜面向上；故D正确；

故选：BD．10、ACD【分析】【分析】根据机械能守恒的条件进行分析，明确只有重力和弹力做功时机械能才是守恒的．【解析】【解答】解：运动员离开“蹦床”向上腾空运动；滑雪运动员自高坡顶上自由下滑、跳伞运动员未张开伞下降；都只有重力做功，运动员机械能守恒，A、C、D正确；

运动员“蹦极跳”从高处自由下落；系在身上的橡皮绳伸直（至原长）的过程中，只有重力做功，机械能守恒，但此后到最低点的过程中，克服绳的拉力做功，使运动员的机械能转化为绳的弹性势能，运动员的机械能不守恒，B错误．

故选：ACD11、ADE【分析】【分析】卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型；

β衰变中产生的β射线实际上是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子而形成的；

查德威克发现了中子；

发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率；或入射光的波长小于金属的极限波长；

能级间跃迁时从高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子【解析】【解答】解：A；卢瑟福通过α粒子散射实验建立了原子核式结构模型；故A正确；

B；β衰变中产生的β射线实际上是原子核中的一个中子转变为一个质子和一个电子而形成的．故B错误；

C；查德威克发现了中子；故C错误；

D；对于任何一种金属都存在一个“最大波长”；入射光的波长必须小于这个波长，才能产生光电效应，故D正确；

E；可按库仑力对电子做负功进行分析；氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电场力对电子做负功；故电子的动能变小，电势能变大（动能转为电势能）；由于发生跃迁时要吸收光子，故原子的总能量增加，故E正确；

故选：ADE．12、CD【分析】【分析】电容器一直与电源相连，故两板间的电势差不变；则由平行板电容器的电容公式，可知s、d发生变化时C的变化，则由电容的定义可知Q的变化．【解析】【解答】解：A、当S减小，d增大时，由C=知：电容C减小，而板间电压U不变，由C=知Q减小，由E=知E减小；故A错误．

B、当S增大，d不变时，由C=知：电容C增大，而板间电压U不变，由C=知Q增大，由E=知E不变；故B错误．

C、当d减小，S增大时，由C=知：电容C增大，而板间电压U不变，由C=知Q增大，由E=知E增大；故C正确．

D、当d增大，S不变时，由C=知：电容C减小，而板间电压U不变，由C=知Q减小，由E=知E减小；故D正确．

故选：CD．三、填空题(共5题，共10分)13、13【分析】【分析】A、B组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出物块B的瞬时速度，根据能量守恒求出弹簧的弹性势能大小．【解析】【解答】解：规定向右为正方向，根据动量守恒定律得，0=mBvB+mAvA

代入数据解得vB=1m/s；

根据能量守恒得，弹簧的弹性势能=．

故答案为：1，3．14、略

【分析】

当电子垂直进入磁场时，则由F=Bqv=0.3×1.6×10-19×107N=4.8×10-13N；

根据左手定则来确定洛伦兹力的方向；即为垂直于电子的速度方向．

故答案为：4.8×10-13；垂直。

【解析】【答案】当电子垂直进入磁场时；由左手定则来判定洛伦兹力的方向，并由F=Bqv来计算其力的大小．

15、略

【分析】

向上运动时的加速度大小为：

向下滑时的加速度大小为

设上滑的位移为x；则有：

上滑时x=①；

下滑时x=②

又因为③

由①②③解得：μ=0.25

故答案为：0.25

【解析】【答案】物体初上斜面的过程可以反过来看成初速度为零的匀加速直线运动；根据牛顿第二定律求出两次运动的加速度，而两次运动的位移相等，根据位移时间公式即可求解．

16、10001000100【分析】【分析】电功是电能转化为其他形式能的量度，电热是电能转化为内能的量度．计算电功时用公式W=IUt，计算电热时用公式Q=I2Rt．【解析】【解答】解：电阻R上的电压为：U=IR=10×1=10V；

电动机两端的电压为：U′=110-10=100V；

电路中消耗的总功率P=U总I=110×10=1100W；

电动机的功率为：P电=U′I=100×10=1000W；

电路中总的热功率：P热=I2（R+r）=102×（9+1）=1000W

机械功率：P出=P-P热=1100-1000=100W

故答案为：1000，1000，100．17、800.35【分析】【分析】当两个物体刚要发生相对滑动时，静摩擦力达到最大值，恰好等于此时的水平推力．当木箱做匀速直线运动时，滑动摩擦力与水平推力平衡，大小相等，由摩擦力公式求出动摩擦因数μ．【解析】【解答】解：由题，至少要用80N的水平推力才能使开