【学练考】2021-2022学年高一人教版物理必修1练习册：模块终结测评(二)-

模块终结测评(二)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间90分钟．第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)1.如图M­2­1所示，某人沿着倾角为45°的楼梯从一楼A位置走到了二楼B位置，假如楼梯间的宽度为L，则人的位移为()图M­2­1A．2LB.eq\r(2)LC.eq\r(3)LD.eq\r(5)L2.某物体以30m/s的初速度向右做匀变速直线运动，加速度大小为10m/s2，方向向左，则5s内该物体的()A.路程为25mB.位移大小为25m，方向向右C.速度的转变量大小为10m/sD.平均速度大小为13m/s，方向向右3.(多选)关于重力、弹力和摩擦力，下列说法中正确的是()A.在空中飘落的树叶的重力方向总是竖直向下的B.弹簧的弹力F与弹簧的长度x满足关系式F＝kxC.运动的物体也可能受到静摩擦力的作用D.滑动摩擦力的方向肯定与物体运动的方向相反4．如图M­2­2所示，用细绳将均匀球悬挂在光滑的竖直墙上，绳所受的拉力为F，墙对球的弹力为FN.假如将绳的长度增加，则()图M­2­2A．F、FN均不变B．F减小，FN增大C．F、FN均增大D．F、FN均减小5.(多选)关于两个分力F1、F2及它们的合力F，下列说法正确的是()A.合力F肯定与F1、F2共同作用产生的效果相同B.两个力F1、F2肯定是同种性质的力C.两个力F1、F2肯定是同一个物体受到的力D.两个力F1、F2与合力F是物体同时受到的三个力6.下列对运动的生疏不正确的是()A.亚里士多德认为物体的自然状态是静止的，只有当它受到力的作用时才会运动B.伽利略认为力不是维持物体速度的缘由C.牛顿认为力的真正效应总是转变物体的速度，而不仅仅是使之运动D.伽利略依据抱负试验推导出，假如没有摩擦，在水平面上的物体一旦具有某一个速度，将保持这个速度连续运动下去7．(多选)一个大人跟一个小孩站在水平地面上手拉手比力气，结果大人把小孩拉过来了．对这个过程中作用于双方的力的关系，下列说法正确的是()A．大人拉小孩的力肯定比小孩拉大人的力大B．大人与小孩间的拉力是一对作用力和反作用力C．大人拉小孩的力与小孩拉大人的力大小肯定相等D．只有在大人把小孩拉动的过程中，大人的力才比小孩的力大，在可能消灭的短暂相持过程中，两人的拉力一样大8．(多选)物体最初静止在倾角θ＝30°的足够长的斜面上，受到平行于斜面对下的力F的作用，力F随时间变化的图像如图M­2­3乙所示．开头运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动，下列说法正确的是(g取10m/s2)()甲乙图M­2­3A．物体的质量m＝1kgB．物体的质量m＝2kgC．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝eq\f(\r(3),3)D．物体与斜面间的动摩擦因数μ＝eq\f(7\r(3),15)9．如图M­2­4所示，质量为M的框架放在水平地面上，轻弹簧上端固定在框架上，下端固定一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起．当框架对地面的压力为零的瞬间，小球的加速度大小为(g为重力加速度)()图M­2­4A．gB.eq\f(M－m,m)gC．0D.eq\f(M＋m,m)g10.在交通事故的分析中，刹车线长度是很重要的依据．刹车线是汽车刹车后停止转动的轮胎在地面上滑动时留下的痕迹．在某次交通事故中，汽车刹车线的长度是14m，假设汽车轮胎与地面间的动摩擦因数为0.7，g取10m/s2，则汽车开头刹车时的速度为()A.7m/sB.10m/sC.14m/sD.20m/s11.物体A的质量为1kg，置于水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数μ＝0.2.从t＝0时刻开头，物体以肯定的初速度v0向右滑行，同时受到一个水平向左的大小恒为F0＝1N的作用力，则反映物体受到的摩擦力f随时间变化的图像是图M­2­5中的(取向右为正方向)()图M­2­512．如图M­2­6所示，物块A、B置于水平地面上，与地面间的动摩擦因数均为μ，物体A、B用跨过动滑轮的细绳相连．现用渐渐增大的力向上提动滑轮，某时刻拉A物体的绳子与水平面成53°角，拉B物体的绳子与水平面成37°角，此时，A、B两个物体刚好处于平衡状态，则A、B两个物体的质量之比eq\f(mA,mB)为(认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)()图M­2­6A.eq\f(4μ＋3,3μ＋4)B.eq\f(3μ＋4,4μ＋3)C.eq\f(4μ－3,3μ－4)D.eq\f(3μ－4,4μ－3)第Ⅱ卷(非选择题共52分)二、试验题(本大题共3小题，13题4分，14题、15题每题7分，共18分)13．用接在50Hz的低压沟通电源上的打点计时器争辩小车的匀加速直线运动，某次试验中得到一条纸带如图M­2­7所示．从比较清楚的点起，每隔4个点取一个计数点，分别标明0、1、2、3……量得2、3两点间的距离x3＝30.0mm，3、4两点间的距离x4＝48.0mm，则小车的加速度为____________m/s2，小车在位置3的瞬时速度为____________m/s.图M­2­714.李明同学在做“互成角度的两个力的合成”的试验时，利用坐标纸登记了橡皮条的结点位置O点以及两个弹簧测力计拉力的大小如图M­2­8甲所示．图M­2­8(1)试在图甲中作出无试验误差状况下F1和F2的合力的图示，并用F表示此力．(2)图乙是李明和张华两位同学在做以上试验时得到的结果，其中________同学的试验比较符合试验事实．(力F′是用一个弹簧测力计拉橡皮条时的图示)(3)在以上比较符合试验事实的一位同学的试验中，造成误差的主要缘由是(至少写出两种状况)________________________________________________________________________________________________________________________________________________.15.下面表格中的数据是某物体做初速度为0的直线运动过程中测得的位移x和时间t的数据记录，试依据表中的记录，用图像法进行分析，并得出x随t变化的规律.测测量次数测量的物理12345时间t/s0.901.251.501.752.00位移x/m0.260.500.751.001.28(1)作出物体运动的x­t图像.(2)依据图线可猜想________________．A.x与t成正比B.x与t2成正比C.x与t成反比D.x与teq\f(1,2)成正比(3)在“验证牛顿其次定律”的试验中，为验证当外力F肯定时，加速度a与物体质量m成反比，作出a­eq\f(1,m)图像，将曲线转化为线性图线．为了验证上述猜想是否正确，我们可以通过转换变量的方法将曲线转化为线性图线，即作出________图像．为此得到如下表格，请将下表补充完整．测测量次数测量的物理12345时间t/s0.901.251.501.752.00新变量________________________位移x/m00.260.500.751.00(4)作出位移x与新变量的图像.(5)由作出的图像可知，物体做____________运动，x随t变化的关系式为__________.三、计算题(本大题共3小题，16题10分，17、18题12分，共34分．解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤)16．一架航模飞机的质量为2kg，动力系统供应的恒定升力为28N．航模从地面由静止开头竖直上升．设航模飞行时所受的阻力大小不变，重力加速度g取10m/s2.(1)第一次航模飞行8s时到达的高度为64m．求航模所受的阻力的大小．(2)其次次航模飞行6s时遥控器消灭故障，航模马上失去升力．①求航模能达到的最大高度；②为了使航模不致坠落到地面，求航模从开头下落到恢复升力的最长时间．17.图M­2­9为货场使用的传送带的模型，传送带倾斜放置，与水平面的夹角θ＝37°，传送带AB足够长，传送带轮以v＝2m/s的恒定速率顺时针转动．一包货物以v0＝12m/s的初速度从A端滑上倾斜传送带，货物与传送带之间的动摩擦因数μ＝0.5，且可将货物视为质点，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．(g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)(1)货物刚滑上传送带时的加速度为多大？(2)当货物的速度和传送带的速度相同时，用了多少时间？这时货物离A端多远？(3)从货物滑上传送带开头计时，到货物再次滑回A端共用了多长时间？图M­2­918．如图M­2­10(a)所示，“”形木块放在光滑水平地面上，木块水平表面AB粗糙，BC表面光滑且与水平面夹角为θ＝37°.木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值．一个可视为质点的滑块从C点由静止开头下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图(b)所示．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2.求：(1)斜面BC的长度；(2)木块AB表面的动摩擦因数．图M­2­10模块终结测评(二)1.D[解析]由A到B的水平位移为L，竖直位移为2L，因此总的位移为eq\r(L2＋（2L）2)＝eq\r(5)L，选项D正确．2.B[解析]物体向右做匀减速直线运动的时间为3s，后2s向左做匀加速直线运动，末速度为20m/s，方向向左，位移大小为25m，方向向右，选项B正确；路程为65m，选项A错误；速度的转变量大小为50m/s，选项C错误；平均速度等于位移与时间的比值，v＝eq\f(25m,5s)＝5m/s，方向向右，选项D错误．3.AC[解析]重力是由于地球的吸引而产生的，方向竖直向下，选项A正确；在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量或缩短量成正比，式中的x不是弹簧的长度，选项B错误；只要相互接触的物体保持相对静止，仍可受到静摩擦力的作用，选项C正确；滑动摩擦力的方向与物体相对运动的方向相反，但可能与物体运动的方向相同，选项D错误．4．D[解析]球的受力如图所示，其中F＝eq\f(G,cosα)，FN＝Gtanα，假如将绳的长度增加，则α变小，F减小，FN减小，选项D正确．5.AC[解析]只有同一个物体受到的力才能合成，分别作用在不同物体上的力不能合成，选项C正确；分力可以是同性质的力，也可以是不同性质的力，选项B错误；合力是对原来几个力的等效替代，合力与分力不能同时作用在物体上，选项A正确，D错误．6.A[解析]运动是物体的自然属性，并不需要力来维持，选项A错误，B正确；力产生的效果是转变物体的运动状态，即转变速度，选项C正确；假如物体不受力，其运动状态不变，即速度不变，选项D正确．7．BC[解析]作用力和反作用力总是大小相等的，大人与小孩手拉手比力气时，无论是在相持阶段还是在小孩被大人拉过来的过程中，大人拉小孩的力与小孩拉大人的力总是大小相等的，所以选项A、D错误，B、C正确．8．AD[解析]由于开头运动2s后物体以2m/s的速度匀速运动，可知0～2s内物体的加速度为a＝1m/s2；在0～2s内对物体应用牛顿其次定律得F1＋mgsin30°－μmgcos30°＝ma,2s后由平衡条件可得F2＋mgsin30°－μmgcos30°＝0，其中F1＝3N，F2＝2N，联立解得m＝1kg，μ＝eq\f(7\r(3),15)，选项A、D正确．9．D[解析]以整体为争辩对象，所受合外力为(M＋m)g，依据牛顿其次定律可得(M＋m)g＝Ma′＋ma，因框架始终没有运动，所以a′＝0，故a＝eq\f(M＋m,m)g，选项D正确．10.C[解析]汽车刹车的加速度大小a＝μg＝0.7×10m/s2＝7m/s2，由运动学公式得0－v2＝－2ax，解得v＝14m/s，选项C正确．11.C[解析]物体在向右滑行时，受到的滑动摩擦力f方向向左，由于规定向右为正方向，则f＝－μmg＝－2N，由于水平恒力F0方向向左，即F0＝－1N，故物体做减速运动，速度越来越小，始终到速度减小为零，此时，物体应静止，物体受到静摩擦力的作用，大小为1N，方向向右，选项C正确．12．A[解析]设绳子的拉力为F，对物体A有Fcos53°＝μ(mAg－Fsin53°)，对物体B有Fcos37°＝μ(mBg－Fsin37°)，解得eq\f(mA,mB)＝eq\f(4μ＋3,3μ＋4)，选项A正确．13.1.80.39[解析]相邻两计数点的时间间隔T＝5×eq\f(1,f)＝5×eq\f(1,50)s＝0.1s，小车的加速度为a＝eq\f(x4－x3,T2)＝eq\f(48.0×10－3－30.0×10－3,0.12)m/s2＝1.8m/s2；小车在位置3的瞬时速度等于位置2、4间的平均速度，即v3＝eq\f(x3＋x4,2T)＝eq\f(30.0×10－3＋48.0×10－3,2×0.1)m/s＝0.39m/s.14.(1)略(2)张华(3)F1的大小比真实值偏大或方向比真实方向偏左；F2的大小比真实值偏小或方向比真实方向偏左；作图时两虚线没有分别与线F1和线F2平行等[解析](2)用一个弹簧测力计拉橡皮条时的力F′的方向应沿橡皮条伸长的方向，所以张华的试验符合试验事实．15.(1)略(2)B(3)x－t2略(4)略(5)初速度为0的匀加速直线x＝0.32t2[解析](1)依据表格，以时间t为横轴，位移x为纵轴，选定合适的标度作出x－t图像．(2)该图线接近于二次函数的图像，依据图线可猜想：物体做的是初速度为0的匀加速直线运动，其关系为x＝eq\f(1,2)at2，即x与t2成正比.(3)要验证上述猜想是否正确，可以通过转换变量的方法将曲线转化为可定量分析的线性图线.因此，选取新变量t2，得到对应表格如下．测量次数测量的物理量12345时间t/s0.901.251.501.752.00新变量t2/s20.811.562.253.064.00位移x/m0.260.500.751.001.28(4)依据所得数据，作出位移x与新变量的图像．(5)图线是一条经过原点的直线，即可证明位移x与t2成正比，物体做的是初速度为0的匀加速直线运动，其关系为x＝eq\f(1,2)at2.其加速度大小可由图线的斜率求得，a＝eq\f(2Δx,Δt2)＝0.64m/s2，即x＝0.32t2.16．(1)4N(2)①42m②eq\f(3\r(2),2)s[解析](1)第一次飞行中，设加速度为a1，由运动学公式得H＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,1)由牛顿其次定律得F－mg－f＝ma1，解得f＝4N.(2)①其次次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为x1，由运动学公式得x1＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,2)，v1＝a1t2设失去升力后的加速度为a2，上升的高度为x2，由运动学公式得x2＝eq\f(veq\o\al(2,1),2a2)，由牛顿其次定律得mg＋f＝ma2，解得h＝x1＋x2＝42m.②设失去升力下降阶段的加速度为a3，恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3，由牛顿其次定律得mg－f＝ma3,F＋f－mg＝ma4且v3＝a3t3,eq\f(veq\o\al(2,3),2a3)＋eq\f(veq\o\al(2,3),2a4)＝h，解得t3＝eq\f(3\r(2),2)s.17.(1)10m/s2(2)1s7m(3)(2＋2eq\r(2))s[解析](1)设货物刚滑上传送带时的加速度为a1，货物受力如图所示．沿传送带方向有ma1＝mgsinθ＋f垂直传送带方向有FN＝mgcosθ又f＝μFN联立解得a1＝g(sinθ＋μcosθ)＝10m/s2.(2)设货物从速度v0减小至与传送带速度v相等所用的时间为t1，位移为x1，则有t1＝eq\f(v－v0,－a1)＝eq\f(2－12,－10)s＝1sx1＝eq\f