（四川泸州卷）2022年中考物理第二次模拟考试（全解全析）

2022年中考物理第二次模拟考试（四川泸州卷）注意事项：1.本试卷分为试题卷和答题卷。2.考生作答时，所有试题均须按试题顺序作在答题卡上，并按答题卡上注意事项的要求答题，在本试卷上答题无效。3.本试卷共有4道大题，25道小题。满分95分，考试时量90分钟。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，其中1-10题每题3分，只有一个选项符合题目要求。11-12题每题4分，有多个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错的得0分。共38分）1.关于声现象，下列说法正确的是（）。A.用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音色会不同；B.“闻其声而辩其人”是根据声音的音调来判断的；C.“女高音”中的“高”是指声音的音调高；D.演奏二胡用不同的手指按弦是为了改变响度【答案】C。【解析】A.用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉的振幅不同，音叉发出声音的响度不同，故错误，符合题意；B.每个发声体发出声音的音色不同，闻其声而辩其人主要是根据音色来判断不同的发声体，故B错误，符合题意；C.女高音中的高是指声带振动时，发出的声音的频率高，声音的音调高，故C正确，不符合题意；D.演奏二胡用不同手指按弦是为了改变音调，故D错误，符合题意。故选C。2.下列说法中，正确的是（）。A.夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质；B.燃料燃烧时，内能转化为化学能；C.甲、乙两台热机，甲的效率比乙的低，其含义是甲比乙做的有用功少；D.一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大【答案】D。【解析】A.夏天在室内洒水，水汽化吸收热量，起到降温的作用，不是利用了水的比热容较大的性质，故A错误；B.燃料燃烧时，将化学能转化内能，故B错误；C.热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比。甲的效率低，则甲用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出的能量之比小，故C错误；D.一块0℃的冰熔化成0℃的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故D正确。故选D。3.2021年5月15日我国自主研制的天间一号火星探测器成功登陆火星，已知火星表面引力约为地球表面引力的38%，其空气密度约为地球海平面空气密度的1%。下列关于探测器的描述正确的是（）。A.进入火星大气层后，探测器下降过程中其表面与大气层摩擦，机械能转化为其它形式的能；B.探测器为了找到最佳着陆点，着陆前在火星上空有短暂悬停时间，悬停时探测器不受火星的引力；C.探测器从悬停点减速降落火星表面过程中，动能逐渐增大；D.停在火星表而的探测器受到的引力与它对火星表面的压力是一对平衡力【答案】A。【解析】A.进入火星大气层后，探测器下降过程中其表面与大气层摩擦，机械能转化为其它形式的能，即内能，故A正确；B.探测器为了找到最佳着陆点，着陆前在火星上空有短暂悬停时间，悬停时探测器受火星的引力和升力，二力平衡，故B错误；C.探测器从悬停点减速降落火星表面过程中，速度减小，动能逐渐减小，故C错误；D.停在火星表面的探测器受到的引力与火星表面对探测器的支持力才是一对平衡力，故D错误。故选A。4.关于如图所示的四个电磁实验，下列描述中正确的是（）。A．甲图实验演示的是发电机原理；B．乙图实验演示的是电流的磁效应；C．丙图实验可探究螺线管的磁场周围的磁感线分布情况；D．丁图实验演示的是电磁感应现象，发电机是依据此原理制成的【答案】B。【解析】A．甲图的实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故A错误；B．乙实验演示的是电流的磁效应，即奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，故B正确；C．丙图实验可探究螺线管的磁场方向与电流方向的关系等，但不能直接探究其周围的磁感线分布情况，故C错误；D．丁图中有电源，是电动机的原理，即通电导体在磁场中受到力的作用，故D错误；故选B。5.下列关于光的说法中正确的是（

）。A.“小孔成像”和“水中倒影”

都是光的反射现象；B.红外线能使荧光物质发光，紫外线具有热效应；C.在平面镜成像的实验中，需要选择薄的玻璃片进行实验，是为了便于确定像的位置；D.我们所说的色光三原色是指“红绿黄”三种色光【答案】C。【解析】A.水中倒影是平面镜成像现象，光的反射形成的，而“小孔成像”是光的直线传播形成的，并不是光的反射现象，故A错误；B.紫外线能使荧光物质发光，红外线具有明显的热效应，故B错误；C.用薄玻璃板代替平面镜，是为了避免玻璃板的两个表面同时成像，便于确定像的位置，故C正确；D.我们所说的色光三原色是指“红绿蓝”三种色光，故D错误｡故选C｡6.2020年6月23日9时43分，北斗3号最后一颗全球组网卫星在西昌卫星发射中心发射成功(如图)，它是北斗3号系列的第三颗地球同步卫星，主要用于无线电导航、无线电测定等。关于卫星下列说法正确的是（）。A.

该卫星在加速升空的过程中，机械能不变；B.

该卫星进入同步轨道后，相对地表静止；C.

该卫星运行一周的时间约为365天；D.

该卫星与地面基站可通过超声波传递信息【答案】B。【解析】A．在卫星加速升空的过程中，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变、高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故A错误；B．卫星进入同步轨道后，地球同步卫星和地球之间的位置没有发生改变，卫星相对于地表是静止的，故B正确；C．地球同步卫星和地球的自转周期相同，即每隔24小时绕地球一周，故C错误；D．卫星与地面站之间是真空，真空不能传声，所以只能利用电磁波传递信息，故D错误。故选B。7.如图所示。跳水运动员站在跳板上静止不动，下列说法正确的是（）。A．跳板被压弯说明力可以改变物体的运动状态；B．运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力是一对相互作用力；C．跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对相互作用力；D．运动员对跳板的压力和运动员所受的重力是一对平衡力【答案】C。【解析】A．跳板被压弯，形状发生改变，说明力可以改变物体的形状，故A错误；B．运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力是一对平衡力，故B错误；C．跳板对运动员的支持力和运动员对跳板的压力是一对相互作用力，故C正确；D．运动员对跳板的压力作用在跳板上，运动员受到的重力作用在运动员上，二力不是作用在同一个物体上，不符合二力平衡的条件，故D错误。故选C。8.为了研究动能的大小与哪些因素有关，教材中设计了“小钢球撞木块”的实验（如图所示）让静止的小钢球从斜面滚下，观察木块被推动的距离．关于该实验的说法中，不正确的是（）。

A．

该实验的设计思路是采用转换法，用木块移动的距离来表示动能的大小；

B．

该实验研究的基本方法是控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量等；

C．

在实验器材的选择时，可以不考虑斜面的光滑程度，被撞木块的质量和软硬等因素；

D．

实验过程中，让同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度【答案】C。【解析】A、球的动能是从木块被推出的距离看出的，这里采用了转换法的思想，故该选项说法正确；B、球的动能与质量和速度都有关系，根据控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量等；故该选项说法正确；C、斜面的光滑程度影响小球滚下的速度，木块的质量和软硬影响碰撞的程度，所以在实验器材的选择时，考虑斜面的光滑程度，木块的质量和软硬等因素，故该选项说法不正确；D、让球滚到水平面上时获得的速度与球在斜面上的高度有关，同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度，故该选项说法正确。故选C。9.小明把同一个实心物块依次放入装有不同液体的三个相同的容器内，待物块静止后液面高度相同，如图所示，则下列四种说法中正确的是（）。A．三个容器底部受到的液体压强相等；B．三个容器中，甲容器内的液体密度最小；C．三个容器中，物块在丙容器中受到的浮力最小；D．三个容器中，液体体积一定相同【答案】B。【解析】AB、由于丙悬浮，故；乙漂浮，故ρ乙＞ρ物；甲下沉，故ρ甲＜ρ物；由于物体的密度相同，所以乙液体的密度最大，其次是丙，再次是甲，即ρ甲＜ρ丙＜ρ乙；由于容器的液面高度相同，根据可知：p甲＜p丙＜p乙；故A错误；B正确；C、由于甲下沉，所以甲的浮力小于重力，乙中悬浮、丙中漂浮，所以其所受的浮力与其自身的重力相等，故，故C错误；D、由图可知，乙浸入液体的深度最少，而此时液面相平，所以若将物体取出后，乙中液体的体积最大，故D错误；故选：B。10.有关大气压强下列说法正确的是（）。A．在同一地点大气压强的值是固定不变的；B．茶壶利用了连通器原理，茶壶盖上小孔的巧妙设计与大气压无关；C．历史上是用马德堡半球实验首先测出了大气压强的值；D．大气压强随海拔高度的增加而减小，水的沸点也随着降低【答案】D。【解析】A、同一地区大气压与天气、温度等因素有关，所以同一地区大气压也是变化的，故A错误；B、壶身和壶嘴下部是相通的，是连通器；壶盖上的小孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在大气压的作用下水可以更容易的倒出，故B错误；C、历史上首先测出大气压的数值的实验是托里拆利实验，故C错误；D、随着海拨高度的增加，气压降低，此时水的沸点会降低，故D正确。故选D。11.如图所示，电源电压恒为4.5V，电流表的量程为“0~0.6A”，电压表的量程为“0~3V”，灯泡L标有“2.5V

1.25W”字样（设灯丝电阻不变），滑动变阻器R的规格为“20Ω1A”。闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片P的过程中，下列正确的是（）。A.电流表的示数最大为0.6A

B.滑动变阻器接入电路的最小电阻为4ΩC.灯泡消耗的最小电功率为0.12W

D.电路消耗的最大功率为2.7W【答案】B。【解析】从图中可以看，开关闭合后，根据电流的流法可知，这是一个串联电路，灯泡L和滑动变阻器R串联在电路中，电压表并联在灯泡L两端，电流表测串联电路的电流。A.假设电流表的示数最大为0.6A，这时串联电路的电流是0.6A，流过灯泡L的电流是0.6A，灯泡L标有“2.5V

1.25W”字样，并且设灯丝电阻不变，根据电功率的推导式可知，灯泡L的电阻灯泡L的电阻是5Ω；根据欧姆定律的变换式可知，灯泡L的电压这时灯泡L的电压是3.0V，但是灯泡L标有“2.5V”字样，即额定电压是2.5V，这是最大电压，不能超过这个电压，那么灯泡L的电压不能是3.0V，假设不成立，电流表的示数最大不能为0.6A，故A错误；B.假设滑动变阻器接入电路的最小电阻为4Ω，由A解析可知，灯泡L的电阻是5Ω，电源电压恒为4.5V，电路中的电流这时灯泡L的电压这时灯泡L的电压是额定电压，灯泡安全工作，这也是滑动变阻器接入电路的最小电阻，不能再小，否则灯泡不能安全工作，故B正确；C.根据电功率的推导式可知，灯泡L的电阻不变，当流过灯泡L的电流最小时，灯泡的电功率最小，即要求串联电路的电流最小，从图中可以看到，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路的电流最小，即这时灯泡L的电压灯泡不会出现安全问题，电压表也没有安全问题，电路的电流是0.18A，电流表也没有安全问题，没有超过滑动变阻器R的最大电流1A，电路是安全的，0.18A是电路的最小电流值，是允许存在的，不能再小了，灯泡L的电阻是5Ω，根据电功率的推导式可知，灯泡消耗的最小电功率灯泡消耗的最小电功率是0.162W，不是0.12W，故C错误；D.由B解析可知，滑动变阻器接入电路的最小电阻为4Ω，

这时电路的总电阻最小，电路的电流最大，大小是0.5A，电源电压恒为4.5V，根据电功率的公式可知，电路消耗的最大功率电路消耗的最大功率是2.25W，不是2.7W，故D错误。故选B。12.在斜面上将一个质量为5kg的物体匀速拉到高处，如图所示，沿斜面向上的拉力为40N，斜面长2m、高1m。把重物直接提升h所做的功作为有用功（g取10N/kg）。下列说法正确的是（

）A.物体只受重力、拉力和摩擦力三个力的作用；B.做的有用功是80J；C.此过程中斜面的机械效率为65%；D.物体受到的摩擦力大小为15N【答案】D。【解析】A

、物体在斜面上会受到重力、拉力、支持力和摩擦力四个力的作用，故A错误；B

、做的有用功：，故B错误；B

、拉力做的总功：；斜面的机械效率：，故C错误；D

、做的额外功，即克服摩擦做功为

，由得摩擦力为：，故D正确。故选D。二、填空题（本题共8个小题，每空1分，共24分）13.我国最新研发的隐形战机将参加今年的阅兵，机翼的横截面积设计成如图所示的形状，这是利用了在气体中流速越大的地方压强越

的原理，从而使机翼的上下表面产生压强差，为飞机提供升力．当该飞机水平加速飞行时，飞机受到的动力

（选填“大于”、“等于”或“小于”）它受到的阻力。以

为参照物，飞行员是静止的。【答案】小；大于；飞机。【解析】（1）飞机起飞时，利用了在气体中流速越大的地方压强越小的原理，从而使机翼的上下表面产生压强差，为飞机提供升力；（2）当该飞机水平加速飞行时，其运动状态不断改变，因此，飞机受到的动力大于它受到的阻力；（3）以飞机为参照物，飞行员的位置没有发生改变，因此是静止的。故答案为：小；大于；飞机。14.（1）在中考体检时，医生让李华同学观察前方平面镜中的视力表来确定视力，视力表在李华的后方，他在镜中看到的是视力表的一个立、等大的虚像。（2）测试时，李华看不清医生所指位置的图象，他就将头悄悄向前伸，此时他在镜中看到自己的像的大小（选填“增大”、“减小”或“不变”）。测试后，医生发现李华眼睛近视，他需配戴透镜矫正视力。（3）李华的爷爷眼睛不好，经常要用放大镜辅助看报纸，如爷爷想透过放大镜看到的字更大些，应该将放大镜报纸。（选填“靠近”或“远离”）【答案】（1）正；（2）不变；凹；（3）远离。【解析】（1）视力表的前方有平面镜，视力表在平面镜成正立、等大的虚像．李华看到的视力表的像．看到是正立、等大的像；（2）由平面镜成像特点物像大小相等可知，李华走向平面镜的过程中，他与字母的像的距离将变小，他所看到自己的像将不变；李华将头悄悄向前伸，能看清图象，说明他是近视眼；像成在视网膜前方，是因为近视眼的晶状体太厚，对光线的会聚能力增强，凹透镜对光线有发散作用，使光线会聚推迟，从而成在视网膜上；（3）根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，故应报纸与眼睛不动，放大镜离报纸远一些，但放大镜必须在小于焦距范围内移动．故答案为：（1）正；（2）不变；凹；（3）远离。15.大量研究表明：当接触面的粗糙程度一定时，物体所受的滑动摩擦力与物体对接触面的压力成正比．如图甲所示，用压力F将一质量为0.15kg的物体压在竖直墙壁上，压力F随时间的变化图像如图乙所示，物体的运动速度v随时间的变化图像如图丙所示．由图象可知当t=1s时，物体处于_______状态；物体所受到的摩擦力为_______N；t=3s时，物体受到的摩擦力为_____N。【答案】静止；1.5；1。【解析】将物体压在竖直的墙壁上，在竖直方向上物体受竖直向下的重力G、竖直向上的摩擦力f的作用；在水平方向上物体受水平向左的压力F、水平向右的支持力FN作用；由v-t图象可知，在0～2s内，物体的速度为零，即物体静止，由力的平衡条件可得：f=G=mg=0.15kg×10N/kg=1.5N；所以当t=1s时，物体处于平衡状态，物体所受摩擦力为1.5N；由v-t图象可知，在2～4s内物体的速度越来越大，物体做加速运动；在4～6s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，由力的平衡条件可得，物体受到的滑动摩擦力f滑=G=1.5N；由图乙可知，在4～6s内压力大小为3N，当接触面的粗糙程度一定时，物体所受的滑动摩擦力与物体对接触面的压力成正比，所以f滑=kFN，1.5N=k×3N，k=0.5，由图乙可知，t=3s时，物体做加速运动，压力大小为2N，摩擦力的大小f滑1=kFN1=0.5×2N=1N。16.上海磁悬浮列车是世界第一条商业运营的磁悬浮专线，设计时速430千米/时，如果以此速度匀速行驶0.5小时，则通过的路程是

千米，以这列磁悬浮列车为参照物，路边的树木是

的（选填“运动”或“静止”），在此过程中，该列车的动能

。【答案】215；运动；不变。【解析】（1）∵v=，∴列车通过的路程：s=vt=430km/h×0.5h=215km；（2）以磁悬浮列车为参照物，路边的树木的位置发生了变化，所以说它是运动的；（3）在运动过程中，列车的质量和速度大小不变，所以其动能不变。故答案为：215；运动；不变。17.如图，小明在用动滑轮（不计绳重和摩擦）匀速提升不同重物时，记录下了在绳子自由端使用的拉力F与对应所提升的物体重力G，如表：G/N123456F/N0.71.21.72.22.73.2分析表中数据可知，拉力F与重力G的关系式是：F=；动滑轮重为N；随着物重的增加，动滑轮的机械效率变。【答案】（G+0.4N）；0.4；大。【解析】（1）设动滑轮的重力为G轮，不计绳重和摩擦，所以拉力F=（G+G轮），由表中第1组数据可得：0.7N=（1N+G轮），解得G轮=0.4N，则拉力F与重力G的关系式是：F=（G+0.4N）；（2）在不计绳重和摩擦时，η===，若所提物重G的增加，则动滑轮的机械效率变大。故答案为：（G+0.4N）；0.4；大。18.质量为10kg的水温度升高22℃，需要吸收的热量为_____J，若不考虑热量散失，这些热量需要完全燃烧_____g的天然气来提供，天然气是_____

（选填“可再生”或“不可再生”）能源。(c水=4.2×103J/（kg･℃），q天然气=4.4×107J/kg)【答案】(1)9.24×105；(2)21；(3)不可再生。【解析】(1)质量为10kg的水温度升高22℃，需要吸收的热量为Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/（kg･℃）×10kg×22℃=9.24×105J(2)若不考虑热量散失，这些热量需要完全燃烧天然气的质量为；(3)天然气属于化石能源，在短时间内不能得到补充，是不可再生能源。19.如图所示是小明家的电能表，他家同时使用的用电器总功率不能超过_____W。小明让一个用电器单独工作15min，这段时间内电能表转盘刚好转了120转，则该用电器的实际功率为_____W，电能表示数将变为_____。【答案】4400；800；2019.8kW•h。【解析】(1)由图可知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P＝UI＝220×20A＝4400W；(2)“600revs/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能电能表的转盘转600r，电能表的转盘转120r消耗的电能：W＝kW•h＝0.2kW•h，该用电器的电功率：P＝＝＝0.8kW＝800W；(3)由图示电能表可知，当时电能表示数为2019.6kW•h，则后来电能表示数变为：2019.6kW•h+0.2kW•h＝2019.8kW•h。20.如图所示是探究电磁铁磁性特点的电路图，闭合开关后，其电磁铁的A端是______极，当滑动变阻器的滑片P向a端滑动时，电流表的示数______（选填“变大”“变小”或“不变”），电磁铁的磁性______（选填“变强”“变弱”或“不变”）。【答案】S；变小；变小。【解析】(1)根据安培定则可知，四指的方向为电流的方向，大拇指的方向即为N极的方向，故B为N极，A为S极。(2)

当滑动变阻器的滑片P向a端滑动时，滑动变阻器接入的电阻变大，总电阻变大，电源电压不变，故电流表的示数变小。(3)

电流变小，通电螺线管的磁性变弱。三、实验探究题（本题共3个小题，每空1分，共14分）21.某兴趣小组在实验室探究水的沸腾特点的实验时，采用完全相同的装置加热质量不同的水。如图甲乙所示。通过实验，该小组绘制了水温随加热时间变化的A、B图线如图丙所示。（1）由实验可知，该实验室所在地点的大气压_______（选填“大于”“小于”或“等于”）一个标准大气压。（2）由实验可知，水沸腾时要持续吸热，但温度_______。（3）分析甲乙两个装置烧杯中水的多少可知，图丙中_______（选填“A”或“B”）图线反映的是甲实验装置的实验结果。【答案】小于；保持不变；B。【解析】（1）水的沸点为96℃，低于标准大气压下的沸点100℃，故此时的气压低于标准大气压。（2）水沸腾时要持续吸热，但是温度一直保持在96℃不变，故温度保持不变。（3）A曲线加热至沸腾的时间短，故水的质量比较少，故为乙装置，那么甲装置就是B曲线。22.小明在探究“二力平衡”条件的实验中，设计了如图所示的两种实验方案。

(1)通过实验比较，小明发现采用方案乙，实验效果更好，原因是_____________；(2)该实验装置中，木板两端的定滑轮的作用是________________；(3)保持两盘中砝码质量相等，把小车在水平桌面上扭转一个角度，放手后观察到小车转动，最后恢复到静止状态．这个实验现象说明:作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且_________，这两个力才能彼此平衡；(4)小明在探究完“二力平衡”条件的实验后，又利用该装置进行探究，剪断小车左边的细线后，小车由静止向右运动，此现象说明力可以改变物体的_________________。【答案】减小摩擦力对实验的影响；改变力的方向；作用在同一条直线上；运动状态。【解析】第一空．方案乙实验效果更好，原因是滚动摩擦力小于滑动摩擦力，减小了摩擦力对实验的影响；第二空．该实验装置中，木板两端的定滑轮的作用是能改变作用力的方向；第三空．保持两盘砝码质量相等，即保证两边的拉力相等，把木块扭转一个角度，此时两侧的拉力不在同一条直线上，观察到木块发生转动，木块重新恢复到原来的静止状态时，两侧的拉力又作用在同一条直线上．所以这个实验现象说明：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，并且作用在同一条直线上，这两个力才能彼此平衡；第四空．剪断小车左边的细线后，小车受力不再平衡，小车由静止向右运动，说明力可以改变物体的运动状态。23.有一只小灯泡的铭牌上仅能看清“0.5A”的字样，小强为了测量该小灯泡的额定功率，进行了如下实验。(1)

他连接了如图甲所示的电路，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡不亮，电流表的示数始终为零，电压表的示数接近

3V

保持不变，为了排除故障，接下来的操作合理的是____(选填字母)；A.拧紧开关两端的接线柱

B.拧紧小灯泡和它两端的接线柱(2)他测量小灯泡额定功率的实验原理是____(填公式)，图甲中____(填仪器名称)的量程选择不合理；(3)排除故障后，正确连接电路｡使小灯泡正常发光，电压表示数如图乙所示为____V，小灯泡的额定功率为____W；(4)小强对实验进行了拓展，利用如图丙所示的电路，测出了另一只己知额定电流为I1

的小灯泡的额定功率，请完成实验步骤：①

闭合开关S1

，开关S2

连接b，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为____；②

保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2

连接a，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1

，读出电阻箱的示数为R0

；③

则小灯泡的额定功率表达式P额

=___(

用字母表示

)｡【答案】B；P=UI；电流表；2.4；1.2；I1；I12

R0。【解析】(1)[1]闭合开关S后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，电流表无示数，说明电路出现了断路；电压表示数接近于电源电压，说明电压表与电源正负极之间是接通的，所以故障是灯泡断路，因此应拧紧小灯泡和它两端的接线柱，检查是否是由此引起的断路，故选B。(2)[2]伏安法测小灯泡额定功率的实验原理是P=UI。[3]小灯泡的额定电流为0.5A，电流表应选小量程，图甲中电流表的选择大量程，故电流表的量程选择不合理。(3)[4][5]图乙所示电压表选择小量程，分度值为0.1V，示数为2.4V，即小灯泡额定电压为2.4V，小灯泡的额定功率P=U额

I额

=2.4V0.5A=1.2W，小灯泡的额定功率为1.2W。(4)①[6]闭合开关S1

，开关S2

连接b，滑动变阻器与灯泡串联，移动滑动变阻器的滑片，使电流表示数为I1

，此时小灯泡正常发光。②③[7]保持滑动变阻器的滑片位置不变，开关S2

连接a，滑动变阻器与电阻箱串联，调节电阻箱的阻值，使电流表示数为I1

，读出电阻箱的示数为R0

；当电流表示数为I1

时，此时电阻箱连入电路的电阻与①中电流为I1

时灯丝电阻相同；灯丝中电流为I1

时阻值一定为R0

，则小灯泡的额定功率P额

=I1

2

R0。四、计算题（24题9分，25题10分，共19分，要求写出必要的步骤、公式和文字说明）24.图甲是可自动调节亮度台灯的电路图。灯泡标有“24V12W”字样，R1

为光敏电阻。其阻值随光照强度的变化如图乙所示。滑动变阻器R2

最大阻值为30Ω。当光照强度为E1

、R2

连入电路的则值为12Ω时。灯正常发光（不计温度对灯丝电阻的影响）。求：（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能；（2）电源电压；（3）光照强度在E1

~E2

之间，通过调节R2

，灯泡实际功率的变化范围。（灯泡两端的电压不能超过额定电压）【答案】（1）3600J；（2）36V；（3）4.32W~12W。【解析】（1）灯泡的电阻为；灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能为；（2）电路中的电流为电源电压为（3）光照强度在

E

1

~

E

2

之间，电路中的总电阻为电路中的最小电流为灯泡的最小功率为灯泡的最大功率为，实际功率的取值范围为4.32W~12W。答：（1）灯泡的电阻和灯泡正常发光5分钟消耗的电能为

3600J；（2）电源电压为36V；（3）光照强度在E1

~E2

之间，通过调节R2

，灯泡实际功率