2025年浙教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理上册阶段测试试卷898考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于电磁感应现象，下列说法中正确的是()A.闭合线圈放在变化的磁场中，必然有感应电流产生B.闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动，必然产生感应电流C.穿过闭合线圈的磁通量变化时，线圈中有感应电流D.只要穿过电路的磁通量发生变化，电路中一定有感应电流产生2、静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示其金属球与外壳之间的电势差大小．如图所示，A、B是平行板电容器的两个金属板；G为静电计．开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大些，下列采取的措施可行的是()

A.断开开关S后，将A、B两极板分开些B.保持开关S闭合，将A、B两极板分开些C.保持开关S闭合，将A、B两极板靠近些D.保持开关S闭合，将变阻器滑动触头向右移动3、如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置．A板与静电计金属球相连，静电计的外壳和B板接地，闭合电键S电路达到稳定时，静电计指针偏转一定角度．此时，在A、B板间有一点电荷q（带电量很小）静止在P点；则。

A.增大R1的阻值，点电荷q保持不动，但静电计指针偏角减小B.增大R2的阻值，点电荷q保持不动，但静电计指针偏角减小C.增大两板间的距离，点电荷q向下运动，但静电计指针偏角不变D.断开电键S，A板不动，将B板向下移动时，点电荷q保持不动4、关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A.摩擦起电说明通过做功可以创造电荷B.摩擦起电说明电荷可以创造C.感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分D.感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了5、带正电的小球只受电场力作用，则它在任意一段时间内（）A.一定沿着电场线由高电势向低电势方向运动B.一定沿着电场线向电势能减小的方向运动C.不一定沿着电场线运动，但一定向低电势方向运动D.不一定沿着电场线运动，也不一定向电势能减小的方向运动6、如图所示，带电体系由一对带电荷量均为q的等量异种点电荷组成，已知两点电荷间的距离为l，P点为两电荷连线的中垂线上一点，P、O两点间的距离为r，且M和N分别为两点电荷延长线上关于中点O对称的两点；下列说法正确的是（）

A.M和N两点的场强大小相等，方向相反B.若取无穷远处电势为0，则M和N两点电势相同C.在P点由静止释放一电子，电子将沿两电荷连线的中垂线做往返运动D.P点场强的大小约为7、如图所示的正四棱锥中，各棱长均为处于匀强电场的空间中。其中电场方向与平面ABCD平行，已知A、B及O点的电势分别为2V；6V及4V。则下列说法正确的是（）

A.电场方向A指向CB.电场强度大小为C.该正四棱锥外接球面上的电势最低值为1VD.将电子从O点移到D点，电势能增加8、如图甲所示，在真空中固定两个相同的点电荷A、B关于x轴对称，它们在x轴上的E—x图像如图乙所示（规定x轴正方向为电场的正方向）。若在坐标原点O由静止释放一个电荷量为q的正点电荷，它将沿x轴正方向运动；不计重力。则（）

A.A、B带等量正电B.点电荷在x1处电势能最大C.点电荷q在x2处动能最大D.点电荷q将一直沿x轴正方向运动9、下列说法不正确的是A.为了纪念韦伯在电磁领域做出的贡献，在国际单位制中，磁通量的单位定义为韦伯B.奥斯特发现了电流的磁效应C.法拉第制造出人类历史上的第一台发电机D.法拉第提出了法拉第电磁感应定律评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、如图所示，竖直平面内固定一个半径为R的刚性光滑绝缘圆环。在圆环的最低点A固定一个电荷量为+q的小球，另一个质量为m的带电小环套在大圆环上恰能静止在B点，且小环与大圆环圆心O的连线OB与竖直线OA的夹角θ等于60°。已知静电力常量为k；重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A.小环带负电B.小环带正电C.小环所带电荷量D.若小环所带电荷量逐渐衰减导致其发生缓慢移动，则小环所受大环的弹力大小不会改变11、如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直流导线，电流方向指向读者，a、b；c、d是以直导线为圆心的同一圆周上的四点；在这四点中。

A.a、b两点磁感应强度相同B.a点磁感应强度最大C.c、d两点磁感应强度大小相等D.b点磁感应强度最大12、如图所示；平行板电容器两极板与电源两极相连。G为电流表，若将电容器的两极板靠近，则在这一过程中（）

A.G中有电流，方向是a→bB.G中有电流，方向是b→aC.电容器两极板的带电量都增大D.电容器两极板间的场强增大13、如图所示，直线A为电源a的路端电压与电流的关系图像，直线B为电源b的路端电压与电流的关系图像，直线C为一个电阻R的两端电压与电流的关系图像。将这个电阻R分别接到a、b两电源上；那么（）

A.R接到a电源上，路端电压一定较大B.R接到a电源上，电源的输出功率一定较大C.R接到b电源上，电源的总功率可能较大D.R接到b电源上，内电阻的发热功率可能较大14、利用静电除尘可以大量减少排放烟气中的粉尘．如图是静电除尘装置的示意图，烟气从管口M进入，从管口N排出，当A、B两端接上高压后；在电场作用下管道内的空气分子被电离为电子和正离子，而粉尘在吸附了电子后最终附着在金属管壁上，从而达到减少排放烟气中粉尘的目的．已知每千克煤粉会吸附mmol电子，每昼夜能除尘nkg，设电子电荷量为e,阿伏加德罗常数为N，一昼夜时间为t.根据上述原理，下面做法正确的是。

A.A端接高压正极，B端接高压负极B.A端接高压负极，B端接高压正极C.高压电源的电流为D.高压电源的电流为评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、如图所示.电源电动势E＝10V，内阻r=1Ω.电阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，电容C＝30μF.闭合电键K，且稳定后通过R1的电流大小_________A，然后将开关K断开，求这以后流过R1总电量_________C

16、如图，在竖直平面内有一匀强电场，一带电量为+q、质量为m的小球在力F（未知量）的作用下沿图中虚线由A至B做竖直向上的匀速运动．已知力F和AB间夹角为θ，AB间距离为d，重力加速度为g．则电场强度E的最小值为___．若电场强度时，小球从A运动到B电势能变化量大小可能为____．

17、在一点电荷Q产生的电场中，电荷量为+q的粒子在某点的电势能Ep与该点到Q的距离r的关系如图所示。设电场中距Q的距离为L、3L处的电势分别为φ1、φ2，电场强度分别为E1、E2，则Q带____（选填“正”或“负”）电，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

18、利用图像分析问题是物理学中常用的方法；其中的斜率；面积通常具有明确的物理意义。

(1)小明以6m/s的初速度将足球水平踢出，足球在草坪上滚动直到停下来的全过程中的速度—时间图像如图1所示，图1中图线与坐标轴所围的面积等于12个小方格的面积，由图像可知足球在滚动过程中受到的阻力大小____（选填“变大”、“变小”或是“不变”），足球滚动了____m停下来。

(2)利用电流传感器测量电容器电容的实验电路图如图2所示。电源电压为8V，先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电。电流传感器将电流变化的信息传入计算机，屏幕上显示出电流i随时间t变化的i—t曲线如图3所示，图中图线与坐标轴所围的面积也等于12个小方格的面积，根据图3，计算电容器在全部放电过程中释放的电荷量Q=__C，该电容器的电容C=___F。

19、如图中把量程为3mA，内阻为100Ω的电流表改装成15V的电压表，则需串联一个阻值为___________Ω的电阻，改装后原来刻度1.4mA位置的读数为___________V；若是把量程为3mA的电流表改装成欧姆表，其中电源电动势E=3V。改装后，将原来电流表3mA的刻度定为电阻的“0”刻度，欧姆表的中值电阻为___________Ω，2mA刻度处标___________Ω。

评卷人得分四、作图题(共2题，共6分)20、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短21、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

评卷人得分五、解答题(共4题，共36分)22、在如图所示的电场中有A、B两点，A、B两点的电势分别为φA、φB。

（1）A、B两点的电势差UAB是多少？若把某电荷q从A移到B；电荷的电势能变化了多少？

（2）根据电场力做功与电势能变化的关系；求电场力对该电荷做的功。

23、一个T形电路如图所示，电路中的电阻R1=30Ω，R2=R3=20Ω；另有一测试电源，所提供的电压恒为10V，求∶

（1）若将cd端短路，ab之间的等效电阻是多少；

（2）若将ab两端接测试电源时，cd两端的电压是多少。

24、如图所示，在竖直平面内固定一半径为R、圆心为O的绝缘光滑圆轨道，AB为竖直直径，轨道处于电场强度大小为E、方向水平向左的匀强电场中。一质量为m的带正电小球（视为质点）静止在圆轨道内的C点，OC与OB的夹角θ=53°。重力加速度大小为g；取sin53°=0.8，cos53°=0.6，不计空气阻力。

（1）求小球所带的电荷量q；

（2）若撤去电场，求小球通过B点时对轨道压力的大小；

（3）若给小球一个初速度，小球恰好能沿圆轨道做完整的圆周运动，求小球运动过程中的最小速度vmin。

25、已知某星球半径R，宇航员在该星球表面研究了带电粒子在电场中的运动情况，如图所示，x轴沿水平方向，y轴竖直向上．第一象限中有沿x轴的正方向的匀强电场，第二象限中有沿y轴负方向的匀强电场，两电场的电场强度大小均为E．一个质量为m，电荷量为q的带电质点以初速度v0从x轴上P(－L，0)点射入第二象限，已知带电质点在第二象限中做直线运动，并且能够连续两次通过y轴上的同一个点Q(未画出),万有引力常量为G.求：

（1）该星球的质量M；

（2）初速度v0与x轴正方向的夹角；

（3）P、Q两点间的电势差UPQ；

（4）带电质点在第一象限中运动所用的时间．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A．闭合线圈放在变化的磁场中；当穿过线圈的磁通量变化时，才有感应电流产生，故A错误；

B．闭合正方形线圈在匀强磁场中垂直磁感线运动；磁通量不变，则不产生感应电流，故B错误；

C．穿过闭合线圈的磁通量变化时；线圈中有感应电流，故C正确；

D．只有穿过闭合电路的磁通量发生变化；电路中才一定有感应电流产生，故D错误；

故选C。2、A【分析】【详解】

试题分析：断开开关，电容器带电量Q不变，将AB分开一些，则d增大，根据知，电容C减小，根据知；电势差U增大，指针张角增大，故A正确；保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，则指针张角不变．故B；C、D错误．

考点：电容器的决定式及定义式．3、C【分析】【详解】

电路稳定时，电容器的电压等于可变电阻R1的电压，静电计指针偏角显示电容器两端电压的大小；当增大R1的阻值，导致总电流减小，则外电压增大，因此电容器的电压增大，板间场强增强，油滴将向上运动；静电计的指针偏角变大．故A错误．电路稳定时，当增大R2的阻值，不改变电路中的电流，因此电容器的电压不变，板间场强不变，油滴仍静止，静电计指针偏角不变．故B错误．增大两极板间的距离，板间电压不变，由知；板间场强E减小，油滴受到的电场力减小，则油滴将向下运动，静电计指针偏角不变，故C正确．断开开关S，电容器放电，板间场强逐渐减小，油滴将向下运动，静电计指针偏角减为零，故D错误．故选C.

【点睛】

本题关键分析电容器的电压是否变化，静电计指针偏角显示电容器两端电压．要知道与电容器串联的电阻，电路稳定时相当于导线，不影响电容器的电压．4、C【分析】【详解】

摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体，在转移过程中电荷总量是守恒的，故AB错误；感应起电是电荷从物体的一个部分转移到物体另一个部分，且在转移过程电荷总量也是守恒的，并不是从带电的物体转移到原来不带电的物体，故C正确；D错误；故选C5、D【分析】解：物体的运动情况取决于合力和初始条件．小球只受到电场力的作用；是否沿电场线运动，还要看电场线是直线还是曲线，有没有初速度，以及初速度方向与电场线的关系．只有当电场线是直线时且小球的运动方向与电场线平行时，小球只受到电场力的作用才可能沿电场线运动．所以小球不一定沿着电场线运动，也不一定向电势能减小的方向运动，故D正确，ABC错误．

故选D．

【点评】对物体运动情况的判断能力，从力学的角度进行分析：物体的运动性质不仅取决于合力，还取决于初速度条件．虽然是简单题，同时也是易错题目．6、D【分析】【详解】

A．根据电场的叠加，可知M和N两点的场强大小相同；方向也相同，A错误；

B．取无穷远电势为0，则M点电势为正，N点电势为负；两点电势不同，B错误；

C．P点电场水平向右，电子在P点由静止释放，不会沿直线PO做往返运动；C错误；

D．根据电场叠加原理可得P点场强为由题意知P点场强约为D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

AB．如图所示，根据匀强电场的电场线与等差等势面是平行等间距排列的，且电场线与等势面处处垂直，沿着任意方向电势均匀降低，取AB的中点该点电势为垂直电场线，则点电势等于O点电势，为故平面为等势面，BA平行电场线，方向由B指向A，电场强度的大小

故A；B错误；

C．根据数学知识可知正四棱锥的外接球半径为外接球球心即为点，所以外接球面上最低电势为

故C错误；

D．D点电势等于A点电势，为故将电子从O点移到D点，电场力做负功，由知电势能增加故D正确。

故选D。8、C【分析】【详解】

A．由E—x图像可知，在x轴上的P点对应x2点，在P点的左侧电场强度为正值，沿x轴正方向，右侧为负值，可知A、B带等量负电；A错误；

BC．电荷量为q的正点电荷，从O点到P点，电场力做正功，电势能减小，从P点沿x轴正方向运动，电场力做负功，电势能增加，因此点电荷q在x1处电势能不是最大；可知点电荷q在x2处动能最大；B错误，C正确；

D．由对称性可知，点电荷q沿x轴正方向最远能到达O点关于P点的对称点O＇点位置，不会一直沿x轴正方向运动；D错误。

故选C。9、D【分析】【详解】

A．在国际单位制中，磁通量的单位是韦伯，符号Wb；故A与题意不符；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；揭示了电现象和磁现象之间的联系，故B与题意不符；

C．法拉第发现了电磁感应现象；并制成了人类历史上第一台发电机，故C与题意不符；

D．法拉第发现了电磁感应现象；但没有提出了法拉第电磁感应定律，纽曼和韦伯先后提出了电磁感应定律，故D与题意相符。

故选D。二、多选题(共5题，共10分)10、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意可判断出；小环带正电，故B正确，A错误；

C．小环恰能静止，所以受力平衡的力学三角形如图所示，可知mg=

即

C正确；

D．当小环电荷量缓慢减少时，根据受力平衡可知，力的三角形CBD总是相似于几何三角形OAB，故

弹力F=mg

故D正确。

故选BCD。

11、C:D【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则；直线电流的磁感应强度如图。

根据平行四边形定则，a、b；c、d各个点的磁场情况如图。

显然，C点与D点合磁感应强度相等；a点磁感应强度为两点之差的绝对值，最小；B电磁感应强度等于两个磁感应强度的代数和，最大；故选CD．12、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．平行板电容器两极板与电源两极相连，则两极板电压保持不变，根据电容的决定式

将电容器的两极板靠近则d减小，C增大，再根据

则两极板所带的电荷量将增大，则电容器处于充电过程，G中有电流，方向是a→b；AC正确；B错误；

D．由公式

分析可知，U不变，d减小，E增大；D正确。

故选ACD。13、A:B:D【分析】【详解】

A．由图可知a、b电源的电动势大小相等，直线C与A、B的交点表示电阻R分别接到a、b两电源上时加在R两端的电压和通过R的电流，可知故A正确；

B．电源的输出功率由于可知接到电源a的输出功率大于b的输出功率；故B正确；

C．电源的总功率由于可知接到电源a的总功率大于b的总功率；故C错误；

D．内电阻的发热功率由图知内阻而则R接到b电源上时内电阻的发热功率可能较大；故D正确。

故选ABD。14、B:D【分析】【详解】

管内接通静电高压时，管内存在强电场，它使空气电离而产生阴离子和阳离子．负离子在电场力的作用下，向正极移动时，碰到烟尘微粒使它带负电．所以金属管B应接高压电源的正极，金属丝A接负极．故B正确，A错误．根据一昼夜通过电极的电量为Q=mneN，则高压电源的电流为选项D正确，C错误；故选BD．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

闭合开关K，据全电路欧姆定律得

闭合开关K，电容器的电压等于两端电压，为：

开关K断开时，电容器的电压等于电源的电动势，为

电容器两端的电压变化量

过的总电荷量．【解析】1A；1.2×10-4C；16、略

【分析】【详解】

分析小球受力情况：小球受到重力拉力F与电场力因为小球做匀速直线运动，合力为零，则F与的合力与大小相等、方向相反，作出F与的合力，如图，可知当电场力与F垂直时；电场力最小，此时场强也最小．

则得：所以电场强度的最小值为．若电场强度即时，电场力可能与AB方向垂直，如图1位置，电场力不做功，电势能变化量为0；也可能电场力位于位置2方向，则电场力做功为．

【点睛】

解决本题的关键是对小球进行正确的受力分析，灵活运用图解法分析极值情况，并根据力图要知道电场力大小一定时，方向可能有两种情况，不能漏解．【解析】0或17、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，粒子离电荷越远，电势能越低，说明远离电荷时，电场力做正功，即电荷与粒子之间是斥力，所以电荷Q带正电；

[2]由图可知，电荷在L处的电势能为6E0，在3L处的电势能为2E0，根据公式

两点电势之比为

[3]根据点电荷的电场强度公式

两点电场强度之比为【解析】正3∶19∶118、略

【分析】【详解】

(1)因为v-t图象的斜率变小，表示加速度减小，根据牛顿第二定律f=ma；知足球在滚动过程中受到的阻力变小；图1中图线与坐标轴所围面积表示位移即为足球滚动的距离，1格面积是1，12格面积是12，所以位移是12m，足球滚动了12m才停下来。

(2)在电容器放电过程中的任意瞬时有：△Q=I•△t，故i-t图线与t轴所围面积即为电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积，因此电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积．因此电容器所带电荷量的最大值根据电容的定义式

【点睛】

解决本题的关键是理解图象面积的物理意义，v-t图象的面积代表位移，i-t图线的面积代表电量。【解析】变小120.0240.00319、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由欧姆定律得

代入数据解得

[2]改装后原来刻度1.4mA位置的读数

[3][4]电压3V，电流3mA的时候标度为0，即外加电阻为0，内电阻为R，则

中值电阻等于欧姆表内阻为10002mA刻度时候总电阻

则外加电阻【解析】490071000500四、作图题(共2题，共6分)20、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变