2025年人教A版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版必修3物理上册月考试卷596考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、金属球原来不带电，现沿球直径的延长线放置一均匀带电细杆MN，如图所示。金属球上感应电荷产生的电场在球内直径上a、b、c三点的场强大小分别为Ea、Eb、Ec。下列判断正确的是。

A.Ea>Eb>EcB.Eb>Ec>EaC.Ec>Eb>EaD.Ea=Eb=Ec2、如图所示,导体球A与导体球壳B同心,原来都不带电,也不接地,设M、N两点的场强大小为EM和EN,下列说法中正确的是。

A.若使A带电,则EM≠0,EN=0B.若使B带电,则EM≠0,EN≠0C.若使A，B两球分别带上等量异种电荷,则EM≠0,EN=0D.若使A球带电,B球接地,则EM=0,EN=03、如图所示，一直流电动机与阻值R＝9Ω的电阻串联在电源上，电源的电动势E＝20V，内阻r＝1Ω，闭合开关，用理想电压表测出电动机两端电压U＝10V，已知电动机线圈的电阻RM＝1Ω；则下列说法中正确的是（）

A.通过电动机的电流为AB.电源的输出功率为10WC.电动机的输入功率为10WD.电动机的输出功率为8W4、如图所示，在竖直平面xOy内有一环形金属线圈，圆心O处放置一小磁针，可在水平面内自由转动，受地磁场影响，此时小磁针N极正好指向x轴正方向。当环形线圈中通入逆时针的2A电流时，小磁针N极与x轴正向的夹角为已知环形电流在O点产生的磁感应强度与环形电流强度成正比。当小磁针N极与x轴正向的夹角为则环形线圈中通入的电流为（）

A.1AB.2.7AC.2AD.3.5A5、一带电粒子从A点射人电场；从B点射出，电场的等势面和粒子的运动轨迹如图所示，图中左侧前三个等势面彼此平行，不计粒子的重力．下列说法正确的有。

A.粒子带正电荷B.粒子的速度不断增大C.粒子的加速度先不变，后变小D.粒子的电势能先减小，后增大6、小东发现不少物理量均采用了比值定义法，于是进行了整理。下列不属于比值定义法的（）A.B.C.D.7、如图（a）所示，两个带正电的小球A、B（均可视为点电荷）套在一根倾斜的光滑绝缘直杆上，其中A球固定，电荷量QA=2.0×10-4C，B球的质量m=0.1kg。以A为坐标原点，沿杆向上建立直线坐标系，B球的总势能（重力势能与电势能之和）随位置x的变化规律如图（b）中曲线I所示，直线Ⅱ为曲线I的渐近线。图中M点离A点距离为6m，令A位置的重力势能为零，无穷远处电势为零，重力加速度g取10m/s2，图（a）静电力恒量k=9.0×109N·m2/C2；下列说法错误的是（）

A.B球的电荷量QB=1.0×10-5CB.直线Ⅱ实质上是小球B的重力势能变化曲线C.若B球从离A球2m处静止释放，则向上运动过程中加速度先减小后增大D.若B球以4J的初动能从M点沿杆向上运动，到最高点时电势能减小1J评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、正对着并水平放置的两平行金属板连接在如图电路中，板长为l，板间距为d，在距离板的右端2l处有一竖直放置的光屏M．D为理想二极管（即正向电阻为0，反向电阻无穷大），R为滑动变阻器，R0为定值电阻．将滑片P置于滑动变阻器正中间，闭合电键S，让一带电量为q、质量为m的质点从两板左端连线的中点N以水平速度v0射入板间；质点未碰极板，最后垂直打在M屏上．在保持电键S闭合的情况下，下列分析或结论正确的是()

A.质点在板间运动的过程中与它从板的右端运动到光屏的过程中速度变化相同B.板间电场强度大小为C.若仅将滑片P向下滑动一段后，再让该质点从N点以水平速度v0射入板间，质点将不会垂直打在光屏上D.若仅将两平行板的间距变大一些，再让该质点从N点以水平速度v0射入板间，质点依然会垂直打在光屏上9、一直流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r．该电动机正常工作时，下列说法正确的是（）A.电动机消耗的电功率为UIB.电动机的输出功率为UI﹣I2rC.电动机的发热功率为D.I、U、r三个量间满足I=10、如图所示，三条平行等距的直线表示电场中的三个等势面，电势值分别为10V、20V、30V，实线是一带负电的粒子（不计重力），在该区域内的运动轨迹，对于这轨道上的a、b、c三点来说；下列选项说法正确的是（）

A.粒子必先过a，再到b，然后到cB.粒子在三点所受的合力C.粒子在三点的动能大小为D.粒子在三点的电势能大小为11、如图所示；A；B为相互接触并用绝缘支柱支持的金属导体，起初都不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）

A.把C移近导体A时，B上的金属箔片都张开B.把C移近导体A，再把B分开，然后移去C，B上的金属箔片仍张开C.把C移近导体A，先把C移走，再把B分开，B上的金属箔片仍张开D.把C移近导体A，先把B分开，再把C移走，然后重新让B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合12、如图所示，一轻质绝缘细线一端固定在O点，另一端系一带电量大小为q、质量为m的小球，小球静止悬挂放置在正对距离为d的平行板电容器A、B间，电容器极板足够大，电容器两板连接在电源两端细线与竖直方向夹角细线、小球在竖直平面内纸面内，A、B两板平行正对倾斜放置，且与纸面垂直、与细线平行。已知重力加速度为g；下列说法正确的有（）

A.小球带正电B.电源电动势C.若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，则小球将缓慢上移D.若绳子突然断开，则小球将做曲线运动13、如图所示，将带等量同种正电荷的两个点电荷分别固定在A、B点，其中OC是AB连线的中垂线，D点处于OC之间。不计重力和空气阻力；某同学对这两点电荷的电场分析后得到下列结论，其中正确的是（）

A.C点的电场一定比D点的更强B.若不能确定试探电荷正负，则无法判断C、D两点电势的高低C.O点处的电场强度为0D.若在C点由静止释放一带负电的点电荷，则该电荷在之后的运动中多次经过D点14、如图所示，A、B为平行板电容器的两个金属极板，C为静电计；开始时闭合开关S。静电计张开一定角度。不考虑静电计引起的电荷量变化，则下列说法正确的是（）

A.保持开关S闭合，将两极板间距减小，板间场强减小B.保持开关S闭合，将R的滑片向左移动，静电计指针张开角度不变C.断开开关S后，紧贴下极板插入金属板，静电计指针张开角度减小D.断开开关S后，将两极板间距增大，板间电压增大15、如图所示为某款扫地机器人；其内置锂电池容量为5000mA·h，在一般情况下，充满一次电可供其正常工作的时间为150min。已知该扫地机器人的额定功率为40W，则下列说法正确的是（）

A.扫地机器人正常工作时的电流是2AB.扫地机器人正常工作时的电压为8VC.扫地机器人电动机的内阻为10D.扫地机器人正常工作150min消耗的电能为3.6×105J16、下列四幅图的有关说法中正确的是（）

A.甲图中，球m1以速度v碰静止球m2，若两球质量相等，碰后m2的速度一定为vB.乙图中，在光颜色保持不变的情况下，入射光越强，饱和光电流越大C.丙图中，射线甲由电子组成，射线乙为电磁波，射线丙由α粒子组成D.丁链式反应属于重核的裂变评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、一次闪电，流动的电荷量大约为300C，持续的时间大约是0.005s，所形成的平均电流为________A。18、（1）变化的电场一定产生变化的磁场。_______

（2）恒定电流周围产生磁场，磁场又产生电场。_______

（3）电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。_______

（4）麦克斯韦预言并验证了电磁波的存在。_______

（5）电磁波在任何介质中的传播速度均为3×108m/s。_______

（6）光也是一种电磁波。_______19、二极管的特点及其电阻测量:晶体二极管是由半导体材料制成的，它有两个极，一个叫______极，一个叫______极；它的符号如图甲所示。

晶体二极管具有单向导电性（符号上的箭头表示允许电流通过的方向）。当给二极管加正向电压时，它的电阻很______，电路导通，如图乙所示;当给二极管加反向电压时，它的电阻很______；电路截止，如图丙所示。

20、用螺旋测微器测量某材质电线的直径d，其中一次测量如图所示，其读数___________mm。

21、如图所示，分别在A、B两点放置点电荷Q1=＋2×10-14C和Q2=-2×10-14C。在AB的垂直平分线上有一点C，且AB=AC=BC=6×10-2m。如果有一电子静止放在C点处，静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，则它所受的静电力的大小为______N，方向______。

22、在电场中A点放一个电量的电荷，受到电场力大小为则该力的方向跟A点电场强度的方向相__________，A点电场强度大小为__________如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为__________N，方向跟A点电力线的方向相__________，如果拿走电荷则A点电场强度大小为__________23、一均匀带正电的空心橡皮球，在吹大的过程中始终维持球状，球内任意点的电势___________；始终在球外的任意点的场强___________。（填写变大、变小或不变）24、有一个电流表内阻满偏电流要把它改装为量程的电压表，则应串联一个电阻阻值__________要把它改装为量程的电流表,则改装后电流表的内阻__________评卷人得分四、作图题(共1题，共2分)25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)26、某手机电池的电动势约为4V左右；为精确测出该电池的电动势和内阻。除待测手机电池外，实验室可供选用的器材有：

A.电流表A：（量程0.6A、内阻）

B.电压表V：（量程15V、内阻约）

C.滑动变阻器最大阻值5Ω

D.电阻箱（0~9999.9Ω）

E.一个开关及导线若干。

（1）为了能精确测量电池的电动势和内阻。请选用合适的器材设计电路，并把设计的电路画在方框内。()

（2）根据设计的电路。在用图像法处理数据时，若纵轴为为了保证得到的图像为直线。则横轴为______，得到图像1，若图像1与纵轴的截距为斜率为则电池的电动势______，内阻______；

（3）为了保证得到的图像为直线，还可以以电流表的示数I为横轴，以______为纵轴；得到图像2；若图像2与纵轴的截距为斜率的绝对值为则电池的电动势______，内阻______。（用题中给出的物理量符号表示）27、物理兴趣小组用实验室提供的器材设计了一个测量电阻的电路；如图1所示。实验室提供的器材为：

测量电阻（约为几欧）；

电流表（量程内阻为）；

滑动变阻器甲（阻值范围为）；

滑动变阻器乙（阻值范围为）；

电阻箱

电源（电动势约为内阻可忽略）；

开关和

导线若干。

(1)滑动变阻器应该选择_________（填“甲”或“乙”）；

(2)将图2中的实物按设计的原理图连__；

(3)闭合开关前，将滑动变阻器的滑片调至最左端，打开闭合调节滑动变阻器使电流表满偏。然后闭合保持滑动变阻器的阻值不变，调节电阻箱使电流表半偏，若这电阻箱读数为则待测电阻_______；

(4)实验后小明同学将电路改成如图所示，闭合开关前，将滑动变阻器的滑片调至最左端，打开闭合调节滑动变阻器使电流表半偏。然后闭合保持滑动变阻器的阻值不变，调节电阻箱使电流表满偏，若这时电阻箱读数为则待测电阻________。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

金属球上感应电荷产生的附加电场与带电的细杆MN产生的场强大小相等，方向相反，相互抵消。c点离带电的细杆MN最近，带电的细杆MN在c点处产生的场强最大，则金属球上感应电荷在c点处产生的场强最大，即Ec最大；而a点离带电杆最远，则金属球上感应电荷在a点处产生的场强最小，所以Ec>Eb>Ea；故C正确。

故选：C。2、C【分析】【详解】

A．如果A带电，则会感应B内部带异种电荷，外部电性与A相同，那么EM≠0，EN≠0；故A错误；

B．如果B带电，由于同种电荷的排斥，电荷只分布在外表面E内=0，即EM＝0，EN≠0；B错误；

C．如果A、B带等量异种电荷，A与B的静电感应使B外表面恰好无电荷量，则EM≠0，EN=0；故C正确；

D．如使A球带电，B球接地，是接地屏蔽，EM≠0，EN=0，D错误。3、C【分析】【详解】

A．根据闭合电路的欧姆定律，可知通过电动机的电流为

故A错误；

B．路端电压为

故电源的输出功率为

故B错误；

C．电动机的输入功率为

故C正确；

D．电动机的输出功率为

故D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

设地磁场的磁感应强度为B0，根据右手螺旋定则，电流在O点产生的磁场垂直纸面向外，已知环形电流在O点产生的磁感应强度与环形电流强度成正比，可设其大小为当环形线圈中通入逆时针的的电流时，小磁针N极与x轴正向的夹角为则

当小磁针N极与x轴正向的夹角为则环形线圈中通入的电流满足

两式相除得

解得

故ACD错误；B正确。

故选B。5、C【分析】【详解】

A.带电粒子做曲线运动；受力指向曲线的内侧，所以所受电场力向左，带负电；A错；

BC.电场力做负功；所以动能越来越小，电势能越来越大，速度越来越小B错；C,对；

D.等势线的疏密程度反映场强大小；所以所受电场力越来越小，加速度越来越小，D错．

故选C6、D【分析】【分析】

【详解】

A．电势与放入电场中的电荷无关，所以属于比值定义法；A错误；

B．电场强度与放入电场中的电荷无关，所以属于比值定义法；B错误；

C．电容C由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关，所以属于比值定义法；C错误；

D．不是电流的定义，电流的定义是所以不属于比值定义法；D正确。

故选D。7、D【分析】【详解】

A．由图乙中的曲线Ⅰ知，在x=6m处B球的总势能最小，动能最大，该位置M点受力平衡，则有

解得

选项A正确；

B．因随着两球距离的不断增加；电势能逐渐趋近于零，则渐近线Ⅱ表示小球B的重力势能随位置的变化关系，选项B正确；

C．由于B球在位置M点受力平衡，B球从离A球2m处静止释放到M的过程中，根据牛顿第二定律可知

库仑力减小；向上运动过程中加速度大小减小；

从M继续向上运动过程中，根据牛顿第二定律可知

库仑力减小；向上运动过程中加速度大小增大。

所以B球向上运动过程中加速度也先减小后增大；选项C正确；

D．渐近线Ⅱ表示小球B的重力势能随位置的变化关系，有

由图像可知直线斜率k=0.5，则有

解得

B球在M点的电势能

在M点B球总势能为6J，B球以4J的初动能从M点沿杆向上运动，根据能量守恒定律，当B的动能为零，总势能为10J，由图可知，总势能为10J时，有

此时的电势能为

所以电势能的变化为

可知到最高点时电势能减小2J；选项D错误。

本题选错误的，故选D。二、多选题(共9题，共18分)8、B:D【分析】【详解】

质点的轨迹如图所示；

质点先在水平放置的两平行金属板间做类平抛运动，要垂直打在M屏上，离开电场后，质点一定打在屏的上方，做斜上抛运动．否则，质点离开电场后轨迹向下弯曲，质点不可能垂直打在M板上．质点在板间的类平抛运动和离开电场后的斜上抛运动，水平方向都不受外力，都做匀速直线运动，速度都等于而且方向水平；质点垂直打在M板上时速度也水平，根据质点的轨迹弯曲方向可知两个过程质点的合力方向相反，加速度方向相反，则速度变化量方向相反，故A错误；

设质点在板间运动的过程中加速度大小为a，则有质点离开电场时竖直分速度大小质点离开电场后运动过程其逆过程是平抛运动，则联立解得故B正确；若仅将滑片P向下滑动一段后，R的电压减小，电容器的电压要减小，电量要减小，由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，板间电压不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从N点以水平速度射入板间，质点依然会垂直打在光屏上，故C错误；若仅将两平行板的间距变大一些，电容器电容减小，由知U不变，电量要减小，但由于二极管具有单向导电性，所以电容器不能放电，电量不变，根据推论可知板间电场强度不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从N点以水平速度射入板间；质点依然会垂直打在光屏上，故D正确。

故选BD.

考点：考查了带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】

带电粒子在电场中的运动，综合了静电场和力学的知识，分析方法和力学的分析方法基本相同．先分析受力情况再分析运动状态和运动过程（平衡、加速、减速，直线或曲线），然后选用恰当的规律解题．解决这类问题的基本方法有两种，第一种利用力和运动的观点，选用牛顿第二定律和运动学公式求解；第二种利用能量转化的观点，选用动能定理和功能关系求解9、A:B【分析】【详解】

A．电动机输入的功率是电动机消耗的电功率，即

故A正确；

BC．电动机的发热功率根据焦耳定律得到

电动机的输出功率是机械功率，根据能量守恒定律得

故B正确；C错误；

D．当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，不满足欧姆定律，故

故D错误．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．运动轨迹不能反映运动方向，所以不能判断出粒子先过a，再到b，然后到c，还是粒子先过c，再到b，然后到a；故A错误；

B．由等势面特点可知，该电场为匀强电场，电场线方向向上，而粒子受电场力方向指向高电势，故粒子带负电，又

所以粒子在三点所受的合力

故B正确；

CD．根据能量守恒，负电荷在高电势处电势能小，动能大，则知负电荷在b点电势能最大，动能最小，故应有

故D正确；C错误。

故选BD。11、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．虽然A；B起初都不带电；但带正电的小球C对A、B内的电荷有力的作用，使A、B中的自由电子向左移动，使得A端积累了负电荷，B端积累了正电荷，其下部的金属箔片因为接触带电，也分别带上了与A、B相同的电荷，所以金属箔片都张开，A正确；

B．带正电的小球C只要一直在A；B附近；A、B上的电荷就因受C的作用力而使A、B带等量的异种感应电荷，把A、B分开，因A、B已经绝缘，此时即使再移走C，A、B所带电荷量也不变，金属箔片仍张开，B正确；

C．但如果先移走C；A；B上的感应电荷会马上中和，不再带电，所以金属箔片都不会张开，C错误；

D．先把A；B分开；再移走C，A、B仍然带电，但重新让A、B接触后，A、B上的感应电荷完全中和，金属箔片都不会张开，D错误。

故选AB。12、B:C【分析】【详解】

A．由于B板带正电；只受重力，绳子拉力，电场力三个力平衡，可知小球所受电场力指向B板才能受力平衡，所以小球必带负电，故A错误；

B．设小球所受电场力大小为F电，根据平衡条件有

解得

则A、B间电场强度大小为

电源电动势为

故B正确；

C．A、B两板间电场强度大小为

若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，则电场强度增大，小球所受电场力增大，且方向不变，而小球所受重力不变，且重力与电场力的合力与绳子拉力平衡，开始时F与F电垂直；如图所示，可知绳子拉力变大，且与水平方向夹角减小，即小球缓慢上移，故C正确；

D．若绳子突然断开；则小球只受重力和电场力，由于这两个力都是恒定的，且小球初速度为0，故小球将沿绳子拉力反方向做匀加速直线运动，故D错误。

故选BC。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．在两等量同号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度为零，越往两边场强先增大后减小，也可以从电场线的疏密判断，由于不清楚C点的位置，所以C点的电场强度不一定比D点的电场强度大；故A错误；

B．在两等量正电荷连线的中垂线上，电场方向由点电荷连线中点指向无穷远处，沿着电场线方向电势逐渐降低，所以D点的电势高于C点的电势，所以不需要确定正负电荷，也能判断C、D两点电势的高低；故B错误；

C．A、B两点电荷在O点的电场强度大小相等，方向相反，由电场的叠加原理可得，O点的合场强为零；故C正确；

D．在C点释放一负的试探电荷，根据其受力向O点加速，到O点时速度最大，然后向下减速为零后，再向上运动，即围绕O点下下振动，多次经过D点；故D正确。

故选CD。14、B:C:D【分析】【详解】

A．保持开关S闭合，两极板间电势差不变，将两极板间距减小，由可知；板间场强增大，故A错误；

B．保持开关闭合；变阻器仅仅充当导线功能，电容器两极板间的电势差不变，滑动触头滑动不会影响静电计指针张角，静电计指针张开角度不变，故B正确；

C．断开开关S后，电容器带电量Q不变，紧贴下极板插入金属板，相当于极板之间的距离d减小，根据可知，电容增大，根据可知；两极板间电势差减小，静电计指针张开角度减小，故C正确；

D．断开开关S后，电容器带电量Q不变，将两极板间距d增大，根据可知，电容减小，根据可知；两极板间电势差增大，故D正确。

故选BCD。15、A:D【分析】【详解】

A．扫地机器人正常工作时的电流是

所以A正确；

B．扫地机器人正常工作时的电压为

所以B错误；

C．由于扫地机器人电动机不是纯电阻，其内阻

所以C错误；

D．扫地机器人正常工作150min消耗的电能为

所以D正确；

故选AD16、B:D【分析】【详解】

甲图中，两球碰撞过程中动量守恒，机械能不增加，如果两球质量相等，发生弹性碰撞，则碰撞后m2的速度等于v，若发生非弹性碰撞，碰后m2的速度不等于v，故A错误．乙图中，图中光的颜色保持不变的情况下，光照越强，光电子数目越多，则饱和光电流越大，故B正确；丙图中，由左手定则可知，甲带正电，则甲射线由α粒子组成．乙不带电，射线乙是γ射线，丙射线粒子带负电，则丙射线由电子组成，故C错误；丁图所示的链式反应属于重核裂变，故D正确；故选BD．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】6×10418、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]变化的电场一定产生的磁场；不一定是变化的磁场。故错误。

(2)[2]恒定电流周围产生磁场；变化的磁场才能产生电场，稳定的磁场不能产生电场。故错误。

(3)[3]电磁波和光在真空中的传播速度都是3.0×108m/s。故正确。

(4)[4]麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹验证了电磁波的存在。故错误。

(5)[5]电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s，其它介质中传播速度小于3×108m/s。故错误。

(6)[6]光是一种电磁波。故正确。【解析】①.错误②.错误③.正确④.错误⑤.错误⑥.正确19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]二极管的特点及其电阻测量:晶体二极管是由半导体材料制成的；它有两个极，一个叫正极，一个叫负极；如图甲所示。

[3][4]晶体二极管具有单向导电性（符号上的箭头表示允许电流通过的方向）。当给二极管加正向电压时；它的电阻很小，电路导通，如图乙所示；当给二极管加反向电压时，它的电阻很大，电路截止，如图丙所示。

【解析】①.正②.负③.小④.大20、略

【分析】【详解】

螺旋测微器读数为【解析】1.49821、略

【分析】【分析】

【详解】

电子带负电荷，在C点同时受A、B两点电荷的静电力FA、FB；如图所示：

由库仑定律得

同理可得FB=8.0×10-21N

由矢量的平行四边形定则和几何知识得静止放在C点的电子受到的静电力大小为F=FA=FB=8.0×10-21N，方向平行于AB连线向左【解析】①.8×10-21②.平行于AB连线向左22、略

【分析】【详解】

[1]负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，所以该力的方向跟A点电场强度的方向相反；

[2]A点电场强度大小为

[3]如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为

[4]正电荷受的电场力方向与场强方向相同；

[5]电场强度只与电场本身有关，与有无检验电荷无关，所以拿走电荷则A点电场强度大小仍为300N/C。【解析】反300同30023、略

【分析】【详解】

[1]电荷在某点的电势能