2024年沪科新版高三物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪科新版高三物理下册月考试卷962考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于静电平衡状态的导体，以下说法不正确的是（）A.净电荷只分布在导体的外表面上B.导体内部场强为零C.导体内部的电场只是感应电荷产生的附加电场D.导体上各点的电势相同，是一个等势体2、关于法拉第电磁感应定律，下列说法正确的是（）A.感应电动势与穿过闭合电路的磁通量成正比B.感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化量成正比C.感应电动势与穿过闭合电路的磁通量的变化率成正比D.感应电动势与闭合电路所围面积成正比3、如图所示电路中，电压表、电流表都是理想电表，若电阻R1断路；则两电表的示数变化情况是（）

A.两电表示数都变小。

B.两电表示数都变大。

C.电流表示示数变大；电压表示数变小。

D.电流表示示数变小；电压表示数变大。

4、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为5∶1，原线圈接交流电和交流电压表，副线圈接有“220V，440W”的热水器、“220V，220W”的抽油烟机。如果副线圈电压按图乙所示规律变化，则下列说法正确的是A.副线圈两端电压的瞬时值表达式为u＝220sin50πt（V）B.电压表示数为1100VC.热水器的发热功率是抽油烟机发热功率的2倍D.1min内抽油烟机消耗的电能为1.32×104J5、【题文】图中A、B、C三点都在匀强电场中，已知AC⊥BC，∠ABC＝53°，BC＝20cm．把一个电量q＝10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零；从B移到C，电场力做功为-1.6×10-3J；则该匀强电场的场强大小和方向是（）

A.800V／m；垂直AC向左。

B.800V／m；垂直AC向右。

C.1000V／m；垂直AB斜向上。

D.1000V／m，垂直AB斜向下6、【题文】小球在斜面上从静止开始匀加速下滑,进入水平面后又做匀速直线运动.下列图象中可以反映小球的这一运动过程的是()7、如图所示，在光滑的水平面上有一质量为M

倾角为娄脠

的光滑斜面体，斜面上有一质量为m

的物块沿斜面下滑.

关于物块下滑过程中对斜面压力大小的解答，有如下四个表达式.

要判断这四个表达式是否合理，你可以不必进行复杂的计算，而是根据所学的物理知识和物理方法进行分析，从而判断解的合理性.

根据你的判断，下述表达式中可能正确的是(

)

A.Mmgsin娄脠M鈭�msin2娄脠

B.Mmgsin娄脠M+msin2娄脠

C.Mmgcos娄脠M鈭�msin2娄脠

D.Mmgcos娄脠M+msin2娄脠

8、一列横波沿x轴正向传播，a、b、c、d为介质中沿波传播方向上四个质点的平衡位置．某时刻的波形如图甲所示，若再经过周期开始计时，则图乙描述的是（）A.a处质点的振动图象B.b处质点的振动图象C.c处质点的振动图象D.d处质点的振动图象9、在匀强磁场中某处P放一个长度为L=20cm，通电电流I=0.5A的直导线，测得它受到的最大磁场力F=1.0N，其方向竖直向上，现将该通电导线从磁场撤走，则P处磁感强度为（）A.零B.10T，方向竖直向上C.0.1T，方向竖直向上D.10T，方向肯定不沿竖直向上方向评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、氢原子从第3能级跃迁到第2能级时辐射出的光子的波长是____nm，这种光子属于____光．（已知氢原子的基态能级为-13.6eV）11、（2014春•南昌校级期中）如图所示，两个相互垂直的力F1和F2作用在同一物体上，使物体通过一段位移时，力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J，则力F1与F2的合力对物体做的功为____J．12、某种色光在真空中的频率为ν，波长为λ，速度为c，射入折射率为n的介质后，其频率为____、波长为____．13、（2012秋•泗县校级期末）如图所示，接通开关时，观察到金属棒动起来这说明____，断开开关后，将滑动变阻器的滑动片向左滑动一段距离后，再接通开关时你观察到____；这种现象说明____．14、（2012春•花都区校级期中）如图，在实验中画出的平抛运动轨迹上任取水平距离均为△S的三点A、B、C，△S=0.2m，这三点的竖直之间的距离分别为S1=0.1m，S2=0.2m，则平抛运动的小铁珠初速度为____m/s；小铁珠在B点速度为____m/s（重力加速度g=10m/s2）．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)15、太阳发出的能量来自内部发生的化学反应释放的化学能．____．（判断对错）16、如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点，则地面的坐标为x=-0.8m．____．（判断对错）17、（2010•驻马店模拟）如图为一列沿x轴正方向传播的简谐波在t=0时刻的波形图，已知波速为10m/s，则图中P质点的振动方程为y=10sin5πt（cm）____（判断对错）18、在磁场中任一点，小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．____．（判断对错）19、物体运动的方向必与物体所受合外力的方向一致．____（判断对错）20、不论用什么方法，只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．____（判断对错）21、如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用，则该处的磁感应强度一定为零．____．（判断对错）22、质点就是体积很小的物体．____（判断对错）23、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）评卷人得分四、实验探究题(共1题，共6分)24、现要验证“当合外力一定时；物体运动的加速与其质量成反比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图所示）；小车、计时器、米尺、弹簧秤，还有钩码若干实验步骤如下（不考虑摩擦力的影响），在空格中填入适当的公式或文字．

（1）用弹簧秤测出小车的重力；除以重力加速度得到小车的质量M．

（2）用弹簧秤沿斜面向上拉小车保持静止；测出此时的拉力F．

（3）让小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑到斜面底端A2，记下所用的时间t．用米尺测量A与A2之间的距离s；从运动学角度得小车的加速度a=______．

（4）在小车中加钩码，所加钩码总质量为m，要保持小车与钩码的合外力不变，你将如何调节A1相对于A2的高度h？______

（5）多次增加钩码，在小车与钩码的合外力保持不变情况下，可得钩码总质量m与小车从A1到A2时间t的关系式为：m=______．评卷人得分五、推断题(共2题，共4分)25、【化学rm{隆陋}选修rm{5}有机化学基础】实验室以有机物rm{A}rm{E}为原料，制备聚酯纤维rm{M}和药物中间体rm{N}的一种合成路线如下：

已知：rm{垄脵A}的核磁共振氢谱有rm{3}组峰rm{垄脷}rm{垄脹}rm{(R_{1}}rm{R_{2}}rm{R_{3}}rm{R_{4}}表示烃基rm{)}请回答下列问题：rm{(1)A}的化学名称为________________。rm{(2)J}的结构简式为_______________________。rm{(3)B隆煤C}rm{G隆煤H}的反应类型分别为__________、_________________。rm{(4)}关于rm{E}的说法正确的是______________rm{(}填选项字母rm{)}A.分子中含有碳碳双键rm{B.}所有原子均在同一平面上C.邻二氯代物有两种结构rm{D.}能使酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色rm{(5)D+I隆煤M}的化学方程式为________________________________________。rm{(6)}同时满足下列条件的rm{N}的同分异构体有种______rm{(}不考虑立体异构rm{)}rm{垄脵}饱和五元碳环上连有两个取代基rm{垄脷}能与rm{NaHCO_{3}}溶液反应rm{垄脹}能发生银镜反应rm{(7)}参照上述合成路线和信息，以环庚醇和甲醇为有机原料rm{(}无机试剂任选rm{)}设计制备的合成路线。26、镍电池开始应用于新能源汽车，但电池使用后电极材料对环境还是有一定的危害，某型号镍电池的电极材料由rm{Ni(OH)_{2}}碳粉、氧化铁等涂覆在铝箔上制成。研究小组设计如下工艺流程，对该电池的电极材料进行资源回收：已知：rm{垄脵NiCl_{2}}易溶于水，rm{Fe^{3+}}不能氧化rm{Ni^{2+}}rm{垄脷}实验温度时的溶解度：rm{NiC_{2}O_{4}>NiC_{2}O_{4}?H_{2}O>NiC_{2}O_{4}?2H_{2}O}rm{垄脹}某温度下：rm{Ksp[Ni(OH)_{2}]=5.0隆脕10^{-16}}rm{Ksp[Ni(OH)_{2}]=

5.0隆脕10^{-16}}rm{Ksp[NiC_{2}O_{4}]=4.0隆脕10^{-10}}rm{Ksp[Fe(OH)_{3}]=4.0隆脕10^{-38}}回答下列问题：rm{Ksp[Al(OH)_{3}]=3.0隆脕10^{-34}}用rm{(1)}调节溶液的rm{NiO}首先析出的沉淀是______，控制这两种沉淀能够依次析出可利用________rm{pH}仪器名称rm{(}rm{)}过滤rm{(2)}得到的沉淀为_______，洗涤rm{垄脵}沉淀的方法是__________。rm{Ni(OH)_{3}}写出加入rm{(3)}溶液发生反应的离子方程式_________，该反应的化学平衡常数rm{NaOH}_____。rm{K=}电解过程中阴极反应式为___________，沉淀Ⅲ可被电解所得产物之一氧化，写出“氧化”的离子方程式____________。rm{(4)}铁镍蓄电池的电池总反应为rm{(5)}该电池的电解液为_____rm{Fe+Ni_{2}O_{3}+3H_{2}O=Fe(OH)_{2}+2Ni(OH)_{2}}填“酸性”或“碱性”rm{(}溶液，充电时正极的电极反应式为________rm{)}rm{_}评卷人得分六、实验题(共1题，共7分)27、在“研究电磁感应现象”的实验中：

（1）备有器材：A．零刻度在中央的灵敏电流计；B．带软铁棒的原、副线圈；C．蓄电池；D．滑动变阻器；E．电键：F．废干电池：G：阻值几十千欧的限流电阻；H．导线若干．实验时，为查明电流表指针偏向和通入电流方向的关系，应选用上述备有器材中的____组成电路（填器材前的字母）；并在下面的方框中画出电路图．

（2）若选用部分器材组成如下图（a）所示实物连接图；合上电键S时发现电流表指针向右偏，填写下表空格：

。实验操作指针偏向滑片P右移时在原线圈中插入软铁棒时拔出原线圈时（3）如图（b）所示，A、B为原、副线圈的俯视图，已知副线圈中产生顺时针方向的感应电流，根据图（a）可判知可能的情况是：____

A．原线圈中电流为顺时针方向；变阻器滑动片P在右移；

B．原线圈中电流为顺时针方向；正从副线圈中拔出铁芯；

C．原线圈中电流为逆时针方向；正把铁芯插入原线圈中；

D．原线圈中电流为逆时针方向；电键S正断开时．

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布，且只分布在外表面．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．当点电荷移走后，电荷恢复原状．【解析】【解答】解：A；金属导体内部电场强度处处为零；净电荷分布在外表面上，故A、B正确．

C；金属导体在点电荷附近；出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，故C错误．

D；处于静电平衡的导体；是等势体，导体上任意两点的电势相等．故D正确．

本题要求选择不正确的，故选：C．2、C【分析】【分析】对法拉第电磁感应定律的理解E=n，注意区分磁通量、磁通量的变化和磁通量的变化率．【解析】【解答】解：根据法拉第电磁感应定律E=n；得感应电动势的大小跟磁通量的变化率成正比．

A、磁通量越大，是Φ大，但△Φ及；则不一定大，故A错误；

B、磁通量变化越大，则不知磁通量的变化时间，故不一定越大；故B错误；

C、磁通量变化的快慢用，表示，磁通量变化得快，则比值就大；根据法拉第电磁感应定律有产生的感应电动势就越大，故C正确；

D；感应电动势与闭合电路所围面积无关；故D错误．

故选：C．3、B【分析】

假设电阻R1未断路，当其电阻增大时，由闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I减小，电源的内电压减小，路端电压增大，则R1中电流变大，故电流表读数变大，由欧姆定律分析可知电压表读数变大．所以若电阻R1断路；两电表的示数均变大．

故选B．

【解析】【答案】电阻R1断路，其电阻增大到无穷大．可以分析电阻R1未断路时，其电阻增大时，两电表读数的变化进行分析．当电阻R1增大时，外电阻总增大，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化和路端电压变化，即可判断R1中电流如何变化，根据干路电流和通过R1中电流的变化判断电流表读数的变化；由欧姆定律分析电压表读数的变化．

4、D【分析】试题分析：据题意，从上图可得交变电流的周期为：则可以计算得则副线圈上的电压瞬时值表达式为：故A选项错误；据原副线圈匝数比可得原线圈电压为：故B选项错误；热水器发热功率为：440w，如果抽油烟机的发热功率为220w，则两者之比为2，实际上抽油烟机属于非纯电阻，热功率小于220，所以两者之比应大于2，故C选项错误；抽油烟机在1分钟内消耗的电能为：故D选项正确。考点：本题考查点变电流，变压器和功率以及电能计算。【解析】【答案】D5、D【分析】【解析】由题意得A；B应在同一等势面上。

UBC=W/q=-1.6×10-3/10-5V="-1.6"×102Vd=BC.sin530=0.16m

则E=U/d=1000V/m，方向垂直AB斜向下。【解析】【答案】D6、B【分析】【解析】

试题分析：根据题意可知小球先匀加速运动；然后匀速运动，在四个图像中，只有B图才和运动相符合。

故选B

考点：速度图像。

点评：要学会根据运动画出速度图像和根据速度图像分析物体的运动。【解析】【答案】B7、D【分析】解：如果物体不是放在斜面上；而是在水平面上，即娄脠=0

的时候；

此时Mm

之间的作用力应该是mg

此时的sin娄脠=0AB

选项的结果为0

所以AB错误；

对于C

选项；

M=msin2娄脠

是可能的；而在C

选项中，此时的结果为无穷大，所以C错误；

所以ABC

都错误；正确的只有D

选项．

故选：D

．

本题要求定性的分析即可；所以可以采用特殊值的方法来快速的得到答案．

由于斜面是在光滑的水平面上，并没有固定，物体与斜面相互作用会使斜面后退，由于斜面后退，物体沿着斜面下滑路线与地面夹角>娄脠

与物体沿着固定斜面下滑截然不同．【解析】D

8、C【分析】【分析】先由波的传播方向判断各质点的振动方向，并分析经过周期后各点的振动方向．与振动图象计时起点的情况进行对比，选择相符的图象．【解析】【解答】解：由乙图知t=0时刻；即开始计时的时刻质点位于平衡位置，且速度向下．

A、此时a处于波峰，过周期后经过平衡位置向上运动；与振动图象计时起点的情况不符．故A错误．

B、此时b经过平衡位置向上运动，过周期后在波谷；与振动图象计时起点的情况相符．故B错误．

C、此时c在波谷，过周期后经过平衡位置向下运动；与振动图象计时起点的情况相符．故C正确．

D、此时d经过平衡位置向下运动，过周期后在波峰；与振动图象计时起点的情况不符．故D错误．

故选：C．9、D【分析】【分析】当通电导线垂直放入磁场中时，所受的安培力最大，由F=BIL求得磁感应强度B．磁感应强度B方向与安培力方向是垂直关系．【解析】【解答】解：由题意；通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与磁场垂直，则有：F=BIL

得：

因磁感应强度B方向与安培力方向是垂直关系．故知B的方向肯定不竖直向上．

磁感应强度是由磁场本身决定的；与是否有电流无关，故将该通电导线从磁场撤走，则P处磁感应强度保持不变．故D正确．

故选：D二、填空题(共5题，共10分)10、658红【分析】【分析】根据En=求出第3能级和第2能级能量，通过Em-En=h求出辐射光子的波长．【解析】【解答】解：根据En=得。

第3能级和第2能级能量分别是-1.51eV；-3.4eV．

氢原子从第3能级跃迁到第2能级时，根据Em-En=h得。

λ=658nm；这种光子属红光．

故答案为：658，红．11、7【分析】【分析】功是标量，几个力对物体做的总功，就等于各个力单独对物体做功的和．【解析】【解答】解：当有多个力对物体做功的时候；总功的大小就等于用各个力对物体做功的和；

由于力F1对物体做功4J，力F2对物体做功3J；

所以F1与F2的合力对物体做的总功就为3J+4J=7J；

故答案为：7．12、ν【分析】【分析】光从一种介质进入另一种介质时，频率不变，由波速公式v=λγ、v=求光在介质中的速度，并求出波长．【解析】【解答】解：光从真空进入介质时；频率不变，则射入折射率为n的介质后，光的频率仍为γ．

由n=得，光在介质中的速度为v=

由c=λγ和v=λ′γ得光在介质中的波长λ′===

故答案为：ν，．13、通电导线在磁场中受到力的作用金属棒摆动的角度更大些电流越强，导线受到的安培力越大【分析】【分析】通电导线在垂直磁场放置时肯定要受到安培力的作用，安培力的大小为F=BIL，其它因素不变，电流增大，安培力增大．【解析】【解答】解：图中导体棒处置磁场放置；通电后，在磁场中要受到安培力作用．安培力的大小为F=BIL，其它因素不变，电流增大，安培力增大．将滑动变阻器的滑动片向左滑动一段距离后，电阻减小，电流增大，故安培力增大，所以金属棒摆动的角度更大些．

故答案为：通电导线在磁场中受到力的作用；金属棒摆动的角度更大些；电流越强，导线受到的安培力越大．14、22.5【分析】【分析】在竖直方向上根据△y=gT2，求出时间间隔T，在水平方向上根据v0=，求出平抛运动的初速度．匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即AC在竖直方向上的平均速度等于B点的竖直分速度，根据矢量合成原则求出B点速度．【解析】【解答】解：由图可知；物体由A→B和由B→C所用的时间相等，且有：

△y=gT2；由图可知△y=2L=0.1m，代入解得，T=0.1s

x=v0T，将x=0.2m，代入解得：v0=2m/s；

竖直方向自由落体运动；根据匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度有：

vBy==1.5m/s．

所以vB==2.5m/s

故答案为：2；2.5；三、判断题(共9题，共18分)15、×【分析】【分析】太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，由此分析即可．【解析】【解答】解：根据目前的认识；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×16、×【分析】【分析】根据建立坐标系的条件可知，建立坐标系需要确定坐标原点与正方向．由此方向解答即可．【解析】【解答】解：如果以高出地面0.8m的桌面位置为坐标原点；选择向下为正方向，则地面的坐标为：x=0.8m．所以该说法错误．

故答案为：×17、×【分析】【分析】首先据波动图象读出波长和求出周期，根据质点的振动和波的传播特点分析质点的振动情况，然后再写出振动方程，与题干中的方程比较即可．【解析】【解答】解：该波是振幅是10cm，波速为10m/s，波长为4m，所以周期：T=s，角速度ω=；

该波向x轴的正方向传播；由上下坡法可知，图中P质点在t=0时刻振动的方向向下，所以振动方程为y=-10sin5πt（cm），错误．

故答案为：×18、√【分析】【分析】磁场虽然是看不见、摸不着的，但它会对放入它中的磁体产生力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同．【解析】【解答】解：磁体的周围存在磁场；电流周围也存在磁场，磁场的基本性质是对放在其中的磁体存在力的作用．

磁场方向与放在该点的小磁针的N极静止时的方向一致；或小磁针北极的受力方向为该点的磁场方向．所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】物体运动的方向与物体所受合外力的方向可能相同，也可能不同，可举例说明．【解析】【解答】解：物体运动方向可能与所受合外力的方向一致；比如自由落体运动，也可能不一致比如平抛运动等等．

故答案为：×20、√【分析】【分析】感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化．1、电路要闭合；2、穿过的磁通量要发生变化．【解析】【解答】解：感应电流产生的条件是穿过闭合电路磁通量发生变化；只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭合电路中就有电流产生．该说法是正确的．

故答案为：√21、×【分析】【分析】B⊥L，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B，注意公式是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与F，Il等因素无关，是由磁场本身决定的．【解析】【解答】解：根据磁感应强度的定义式，有：；由此可知的磁感应强度与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

所以如果通电的金属棒在磁场中不受力的作用；该处的磁感应强度不一定为零．故以上说法是错误的．

故答案为：×22、×【分析】【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解析】【解答】解：能否看成质点；与质量；体积大小无关，质量、体积很大的物体也能看成质点，比如地球公转时的地球可以看成质点，故错误．

故答案为：×23、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×四、实验探究题(共1题，共6分)24、减小高度h，保持（M+m）h不变或让【分析】解：

（3）由运动学公式有：解得：

（4）对增加了质量的小车分析受力有：解得：

（5）由牛顿第二定律：又：解得：

故答案为：（3）

（4）减小高度h，保持（M+m）h不变或让

（5）．

本题考查牛顿运动定律；运动学公式和受力分析．根据滑块的运动性质，由运动学公式求加速度，再对物体分析受力，由牛顿第二定律解相关的方程求解．

本题是课本演示实验拓展，要注意两者的区别，课本实验原理是控制小车的质量不变，改变拉力，探究a和F之间的关系；此题是控制F不变，探究质量m和a的关系．【解析】减小高度h，保持（M+m）h不变或让五、推断题(共2题，共4分)25、（1）2-丙醇

（2）

（3）加成反应消去反应

（4）B

（5）n＋n＋(2n－1)H2O或n＋n＋(2n－1)H2O

（6）6

（7）【分析】【分析】本题考查有机合成和有机推断，涉及有机物的命名、结构简式的书写、化学方程式的书写、同分异构体、反应类型和有机合成路线的知识，题目难度一般。【解答】由题中信息推知：rm{A}为rm{C}为rm{CH_{2}BrCHBrCH_{3}}rm{D}为rm{E}为rm{F}为rm{H}为rm{I}为rm{M}为或rm{J}为rm{N}为rm{(1)A}为其化学名称为rm{2-}丙醇；故答案为：rm{2-}丙醇；rm{(2)J}的结构简式为故答案为：rm{(3)B隆煤C}为丙烯与溴单质的加成反应；rm{G隆煤H}为一溴环己烷的消去反应；故答案为：加成反应；消去反应；rm{(4)A.E}为分子中不含有碳碳双键，故A错误；B.rm{E}为所有原子均在同一平面上，故B正确；C.rm{E}为邻二氯代物只有一种结构，故C错误；D.rm{E}为不能使酸性rm{KMnO_{4}}溶液褪色，故D错误。故答案为：rm{B}rm{(5)D+I隆煤M}为与发生缩聚反应生成或的反应；故答案为：rm{n}rm{+n}rm{+(2n-1)H_{2}O}或rm{n}rm{+n}rm{+(2n-1)H_{2}O}rm{(6)}由信息知，饱和五元碳环上所连两个取代基可能为rm{隆陋CHO}和rm{隆陋CH_{2}COOH}或rm{隆陋CH_{2}CHO}和rm{隆陋COOH}每种组合有rm{3}种同分异构体，即共rm{6}种；故答案为：rm{6}rm{(7)}用逆推法，可用合成可通过与rm{CH_{3}OH}发生酯化反应生成；环庚烯氧化可得环庚醇发生消去反应得环庚烯。由此，合成路线为故答案为：【解析】rm{(1)2-}丙醇rm{(2)}rm{(3)}加成反应消去反应rm{(4)B}rm{(5)n}rm{+n}rm{+(2n-1)H_{2}O}或rm{n}rm{+n}rm{+(2n-1)H_{2}O}rm{(6)6}rm{(7)}26、（1）Fe(OH)3pH计）1Fe(OH)3计

pH）（2）•2

NiC2O4次

2H2O）向漏斗中加蒸馏水至浸没固体，待其自然流干后重复2~3次══2~3（3）NiC2O4+2OH-══Ni(OH)2+C2O42-8.0×105×3

NiC2O4+2OH-）Ni(OH)2+C2O42-══8.0↑105

（4）2H2O+2e-══H2↑+2OH-4

2H2O+2e-）碱性H2══+2OH-

2Ni(OH)2+2OH-+Cl2══2Ni(OH)3+2Cl-【分析】【分析】主要考查物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用，原电池和电解池的工作原理，题目难度中等。原电池和电解池的工作原理，题目难度中等。，废旧镍电池电极材料由【解答】碳粉、氧化铁等涂覆在铝箔上制成，流程分析可知，酸溶过程中rm{Ni(OH)_{2}}氧化铁及rm{Ni(OH)_{2}}与盐酸反应，滤渣为碳，过滤得到滤液，加入rm{Al}调节溶液rm{NiO}将铁离子、铝离子转化为rm{PH}rm{Fe(OH)_{3}}沉淀，过滤得到滤液中加入草酸钠溶液反应生成rm{Al(OH)_{3}}晶体，向过滤rm{NiC_{2}O_{4}}中加入rm{2}溶液，rm{NaOH}转化为rm{NiC_{2}O_{4}?2H_{2}O}滤液电解生成氯气和碱，最终氢氧化镍被氯气氧化得到rm{Ni(OH)_{2}}rm{Ni(OH)_{3}}用rm{(1)}调节溶液的rm{NiO}根据溶度积常数得，先生成rm{pH}沉淀，然后生成rm{Fe(OH)_{3}}沉淀，利用rm{Al(OH)_{3}}计，通过控制溶液的rm{PH}rm{PH}故答案为：，两种沉淀依次析出，rm{Fe(OH)_{3}}计；rm{PH}加入rm{(2)}调节溶液rm{NiO}滤液中加入草酸钠溶液反应生成rm{PH}晶体，rm{NiC_{2}O_{4}}得到的沉淀为过滤rm{垄脵}得到的沉淀为rm{垄脵}rm{NiC_{2}O_{4}}，rm{NiC_{2}O_{4}}rm{?}rm{2H_{2}O}向漏斗中加蒸馏水至浸没固体，待其自然流干后重复rm{2H_{2}O}次，洗涤rm{Ni(OH)}rm{Ni(OH)}rm{{,!}_{3}}沉淀的方法：向漏斗中加蒸馏水至浸没固体，待其自然流干后重复rm{2隆芦3}次；rm{2隆芦3}加入故答案为：溶液，rm{NiC_{2}O_{4}}rm{NiC_{2}O_{4}}rm{?}转化为rm{2H_{2}O}离子方程式为：rm{2H_{2}O}rm{2隆芦3}rm{2隆芦3}，该反应的化学平衡常数rm{K=dfrac{c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=dfrac{c(N{i}^{2+})隆脕c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(N{i}^{2+})隆脕c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=dfrac{Ksp[Ni{C}_{2}{O}_{4}]}{Ksp[Ni(OH{)}_{2}];}=dfrac{4.0隆脕{10}^{-10}}{;5.0隆脕{10}^{-16}}=8隆脕{10}^{5}}故答案为：rm{(3)}rm{NaOH}rm{NiC_{2}O_{4}}；rm{NiC_{2}O_{4}}rm{?}过滤rm{2H_{2}O}中加入草酸钠溶液后过滤，得到的滤液中含有rm{2H_{2}O}电解过程中阴极反应式为：rm{Ni(OH)_{2}}rm{NiC_{2}O_{4}+2OH^{-}}rm{NiC_{2}O_{4}+2OH^{-}}rm{篓T篓T}rm{Ni(OH)_{2}+C_{2}O_{4}^{2-}}沉淀Ⅲ为rm{Ni(OH)_{2}+C_{2}O_{4}^{2-}}被氯气氧化得到该反应的化学平衡常数rm{K=

dfrac{c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=

dfrac{c(N{i}^{2+})隆脕c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(N{i}^{2+})隆脕c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=

dfrac{Ksp[Ni{C}_{2}{O}_{4}]}{Ksp[Ni(OH{)}_{2}];}=

dfrac{4.0隆脕{10}^{-10}}{;5.0隆脕{10}^{-16}}=8隆脕{10}^{5}}该氧化反应的离子方程式为：rm{K=

dfrac{c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=

dfrac{c(N{i}^{2+})隆脕c({C}_{2}{{O}_{4}}^{2-})}{c(N{i}^{2+})隆脕c(O{H}^{{}_{-}}{)}^{2}}=

dfrac{Ksp[Ni{C}_{2}{O}_{4}]}{Ksp[Ni(OH{)}_{2}];}=

dfrac{4.0隆脕{10}^{-10}}{;5.0隆脕{10}^{-16}}=8隆脕{10}^{5}}rm{NiC_{2}O_{4}+2OH^{-}}rm{NiC_{2}O_{4}+2OH^{-}}；故答案为：rm{篓T篓T}rm{Ni(OH)_{2}+C_{2}O_{4}^{2-}}rm{Ni(OH)_{2}+C_{2}O_{4}^{2-}}rm{8隆脕10^{5}}rm{(4)}；rm{1}rm{NaCl}rm{2H_{2}O+2e^{-}}；rm{2H_{2}O+2e^{-}}铁镍蓄电池，放电时总反应为：rm{篓T篓T}rm{H_{2}}rm{H_{2}}rm{隆眉}rm{+2OH^{-}}rm{+2OH^{-}}rm{Ni(OH)_{2}}rm{Ni(OH)_{3}}rm{2Ni(OH)_{2}+2O