2025年沪科新版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科新版高二物理上册月考试卷483考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于光电管，下列说法正确的是()A.遏止电压与光照频率和强度都有关B.光照不变的情况下，增加光电管两端的正向电压，光电流一定增加C.改变光电管的阴极材料，会改变其截止频率D.没有光电流产生，就说明没有产生光电效应2、如图所示，实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹，粒子先经过M

点，再经过N

点，可以判定(

)

A.带电粒子带负电B.M

点的电势大于N

点的电势C.粒子在M

点受到的电场力大于在N

点受到的电场力D.粒子在M

点的电势能小于在N

点的电势能3、一个做匀速圆周运动的物体，在运动过程中，若所受的一切外力都突然消失，则由牛顿第一定律可知，该物体将(）A.立即静止B.改做匀速直线运动C.继续做匀速圆周运动D.改做变速圆周运动4、关于简谐运动的周期，以下说法不正确的是()A.间隔一个周期的整数倍的两个时刻，物体的振动情况相同B.间隔半个周期的奇数倍的两个时刻，物体的速度和加速度可能同时相同C.半个周期内物体的动能变化一定为零D.一个周期内物体的势能变化一定为零5、关于电场的性质正确的是(

)

A.电场强度大的地方，电势一定高B.正点电荷产生的电场中电势都为负C.匀强电场中，两点间的电势差只与两点间距离有关D.电场强度大的地方，沿场强方向电势变化快评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)6、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)8、在匀强电场中的同一条电场线上相距20厘米的A、B两点，需用4×10-3N外力才能把2×10-6C的负电荷匀速从A移到B，则A、B两点的电势差为____V，电力线方向为____，若取A点的电势为零，则该负电荷在B处的电势能为____J，该匀强电场的电场强度为____N/C．9、某简谐横波的波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s形成的波形图如图所示．则该波的传播速度为____m/s，x=1.5m处质点的起振方向为____．

10、如图所示，有一面积为0.2m2，匝数为100匝的线圈A，处于匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面．磁感应强度随时间变化的规律是B=（6-0.2t）T，已知R1=4Ω，R2=6Ω，R3=6Ω，电容C=30μF．线圈A的电阻不计．闭合开关S，电路稳定后，通过R2的电流为____A；断开开关S后，通过R3的电荷量为____C．

11、如图所示，在场强为E，方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m的带电小球A、B，电量分别为-q和+2q，两小球用长为l的绝缘细线b相连，另用绝缘细线a系住小球A悬挂于O点而处于平衡状态．细线b处于绷紧状态，则细线b对小球B的作用力大小为____，细线a对悬点O的作用力大小为____．（已知重力加速度为g；静电力恒量为k）

12、一个通有2A恒定电流的直导线长度为0.2m，垂直于匀强磁场方向放置于磁场中，磁感应强度为0.5T，则导线受磁场力为____N．13、通电直导线A与圆形通电导线环B固定放置在同一水平面上，通有如图所示的电流时，通电直导线A受到水平向______的安培力作用．当A、B中电流大小保持不变，但同时改变方向时，通电直导线A所受到的安培力方向水平向______。（填“右”或“左”）14、图为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流Ig=300μA，内阻Rg=100Ω，可变电阻R的最大值为10kΩ，电池的电动势E=1.5V，内阻r=0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是____色．按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx=____kΩ．若该欧姆表使用一段时间后，电池的电动势变小、内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将____（填“变大”；“变小”或“不变”）．

15、一个质量为0.1kg

的小球，从5m

高处下落，若落地时受到1.6NS

的合外力的冲量作用，则小球反跳速率是____(

g

=10m/s2).

16、将电量为6隆脕10鈭�6C

的负电荷从电场中A

点移到B

点，克服电场力做了3隆脕10鈭�5J

的功，则该电荷在此过程中电势能______了______J

再将该电荷从B

点移到C

点，电场力做了1.2隆脕10鈭�5J

的功，则AC

间的电势差UAC=

______．评卷人得分四、判断题(共1题，共10分)17、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、综合题(共4题，共8分)18、在图甲中，电源的电动势E=9.0V，电源内电阻可忽略不计；G为小量程的电流表，电流表内阻Rg保持不变，R为热敏电阻，其电阻值与温度的变化关系如图乙的R-t图线所示．闭合开关S，当R的温度等于20°C时，电流表示数I1=2mA，则当电流表的示数I2=3.6mA时；热敏电阻R的温度为多少？

19、[

物理隆陋

选修3鈭�4]

(1)

如图所示，一简谐横波在某区域沿x

轴传播，实线a

为t=0

时刻的波形图线，虚线b

为t=鈻�t

时刻的波形图线。已知该简谐横波波源振动的频率为f=2.5Hz

虚线b

与x

轴交点P

的坐标为xP=1m

则下列说法正确的是_____________________________A.这列波的传播速度大小一定为20m/s

B.这列波一定沿x

轴正向传播C.可能有?t=1.25s

D.可能有?t=1.45s

E.若该列波遇到宽度为6m

的障碍物能发生明显的衍射现象(2)

如图所示，直角三角形ABC

是一玻璃砖的横截面，AB=L隆脧拢脙=拢鹿拢掳鈭�隆脧拢脕=拢露拢掳鈭�

一束单色光PD

从AB

边上的D

点射入玻璃砖，入射角为45?DB=L/4

折射光DE

恰好射到玻璃砖BC

边的中点E

已知光在真空中的传播速度为c

求：垄脵

玻璃砖的折射率；垄脷

该光束从AB

边上的D

点射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需的时间。20、如图所示，在货场需将质量为m1=100kg

的货物(

可视为质点)

从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用固定于地面的光滑四分之一轨道，使货物由轨道顶端无初速滑下.

半径R=1.8m.

地面上紧靠轨道依次排放两块完全相同的木板AB

长度均为l=2m

质量均为m2=100kg

木板上表面与轨道末端相切.

货物与木板间的动摩擦因数为娄脤1

木板与地面间的动摩擦因数为娄脤2=0.2.(

最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10m/s2)

(1)

求货物到达圆轨道末端时对轨道的压力；(2)

若货物滑上木板A

时，木板不动，而滑上木板B

时，木板B

开始运动，求娄脤1

应满足的条件；(3)

若娄脤1=0.5

求货物滑到木板A

末端时的速度和在木板A

上运动的时间．21、(1)(1)下列说法正确的是_______。((填正确答案标号。选对11个得22分，选对22个得44分，选对33个得55分。每选错11个扣33分，最低得分为00分))A.物体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变B.在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加C.不可能从单一热库吸收热量使之完全变成功D.物体内能的增加等于外界对物体所做的功与从外界吸收的热量之和E.满足能量守恒定律的物理过程一定能自发进行(2)

如图所示，粗细相同的导热玻璃管AB

由橡皮软管连接，一定质量的空气被水银柱封闭在A

管内，气柱长L1=40cmB

管上方与大气相通，大气压强p0=76cmHg

环境温度T0=300K

初始时两管水银面相平，若A

管不动，将B

管竖直向上缓慢移动一定高度后固定，A

管内水银面上升了h1=2cm

(i)

求B

管上移的高度为多少？(ii)

要使两管内水银面再次相平，环境温度需降低还是升高？变为多少？((大气压强不变))参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】由光电效应的实验规律及条件判断得解。本题主要考查光电效应的实验规律及条件的理解及应用，较简单。【解答】A.由实验规律可知，遏止电压与光照频率有关，而与强度无关，A错误；B.光照不变的情况下，增加光电管两端的正向电压，若此时达到饱和电流，则光电流不一定增加，B错误；

C.不同材料的截止频率不同，故改变光电管的阴极材料，会改变其截止频率，C正确；

D.当在光电管两端加反向电压且达到遏制电压时，没有光电流，D错误。

故选C。【解析】C

2、B【分析】解：AB

由电场力方向应指向轨迹的内侧得知；粒子所受电场力方向大致斜向左下方，粒子带正电.

故A错误；

B；沿着电场线方向电势逐渐降低；M

点的电势大于N

点的电势，B正确；

C；电场线的疏密表示场强的大小；故粒子在M

点受到的电场力小于在N

点受到的电场力，C错误。

D；M

到N

的过程中；电场力对粒子做正功，其电势能减小，动能增大，则知粒子在M

的速度小于N

点的速度，在M

点的电势能大于在N

点的电势能，故D错误．

故选：B

．

带电粒子在电场中只受电场力作用运动时；所受电场力方向应指向轨迹的内侧，由此可知电荷的正负和电场力做功情况，从而进一步判断电势能的大小．

本题是电场中轨迹问题，关键要根据轨迹的弯曲方向判断出粒子所受的电场力方向，再抓住电场线的物理意义判断场强、电势等的大小．【解析】B

3、B【分析】匀速圆周运动的物体，若所受的一切外力都突然消失，则物体将沿着切线方向做匀速直线运动，B正确。【解析】【答案】B4、B【分析】【分析】做简谐运动的物体完成一次全振动所用的时间为一个周期，完成一次全振动，所有的物理量都恢复到初始状态。本题考查简谐运动的周期性，简谐运动具有重复性，根据这一特点解题。【解答】AD.AD.根据周期的意义可知，物体完成一次全振动，所有的物理量都恢复到初始状态，故A、D正确；BC.BC.当间隔半周期的奇数倍时，所有的矢量都变得大小相等，方向相反，动能与速度的平方成正比，故B错误，C正确。本题选不正确的是，故选B。【解析】B

5、D【分析】解：A

沿着电场线的方向；电势越来越小，而电场强度根据疏密才能确定.

可见，电场强度与电势没有直接关系，故A错误；

B；电势是相对的；由于零电势点没有确定，所以正电荷产生的电场中电势不一定都为正，故B错误．

C；由公式U=Ed

知；匀强电场中，两点间的电势差只与两点间沿电场线方向的距离成正比，而不是任意距离成正比，故C错误．

D；电势降落最快就是电势变化相同而间距最短；所以沿着电场强度方向的电势降低最快.

故D正确．

故选：D

电场强度是描述电场的力的性质的物理量；电势是描述电场的能的性质的物理量，两者没有直接关系；沿着电场线方向，电势是降低的.

沿场强方向电势变化快.

匀强电场中，电势差与两点间沿电场线方向的距离成正比．

本题要抓住电场线来理解电场强度和电势的关系，准确理解公式U=Ed

中d

的含义，即可作出判断．【解析】D

二、双选题(共2题，共4分)6、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)8、略

【分析】

用4×10-3N外力才能把2×10-6C的负电荷匀速从A移到B；

所以电场力大小F=2×10-6C

=2×103N/C

根据U=Ed得：A；B两点的电势差U=400V．

由于是负电荷；所以电场力方向与电场线方向相反；

所以电场线方向为A→B．

若取A点的电势为零；B点的电势是-400V．

根据电势和电势能的关系得：

负电荷在B处的电势能Ep=qφ=8×10-4J．

故答案为：400，A→B，8×10-42×103

【解析】【答案】负电荷匀速从A移到B，根据受力平衡得出电场力大小，再根据求出该匀强电场的电场强度．

明确公式U=Ed中d的物理意义；然后根据电势和电势能的关系可正确解答．

9、略

【分析】

由题，波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s波传播的距离为2.5m，而波在同一均匀介质中匀速传播的，则波速为v=v==．x=1.5m处质点的起振方向与图示时刻x=2.5m处质点的振动方向相同．波源向x轴正方向传播；x=2.5m处质点的振动方向沿y轴负方向，则x=1.5m处质点的起振方向也沿y轴负方向．

故答案为：5；沿y轴负方向．

【解析】【答案】由题，波源在x=0处，波源开始振动后波向x轴正方向传播，经0.5s波传播的距离为2.5m，根据v=求出波速．简谐横波向x轴正方向传播；介质中各质点的起振方向与图示时刻x=2.5m处质点的振动方向相同．

10、略

【分析】

∵B=6-0.2t

∴=0.2T/s

A线圈内产生的感应电动势：E=n=n=100×0.2×0.2V=4V

S闭合后，电路中电流I==A=0.4A

电容器与电阻R2并联，上方电势高，故上极板带正电，断开S后，通过R2的电量为：Q=CU2=CIR2=7.2×10-5C；

故答案为：0.4，7.2×10-5

【解析】【答案】根据法拉第电磁感应定律求出线圈产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求出电流强度的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向；断开S，电容器放电，所带的电量全部通过R2，闭合时，根据Q=CU求出R2所带的电量．

11、略

【分析】

1、以B球为研究对象，受力分析如图：重力mg、电场力2qE、a对b的库仑力F、b细线的拉力Tb；有平衡条件得：

F+Tb=mg+2qE

而库仑力

故细线b对小球B的作用力大小为mg+2qE-．

2、以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力如图：重力2mg、电场力（2qE-qE）=qE，方向竖直向下，a细线的拉力Ta；由平衡条件得：

Ta=2mg+qE

根据牛顿第三定律；细线a对悬点O的作用力大小为也为2mg+qE．

故答案为：mg+2qE-2mg+qE．

【解析】【答案】1；以B球为研究对象；分析受力，根据平衡条件可求得细线的拉力．

2；以两个小球组成的整体为研究对象；分析受力，根据平衡条件可求得细线的拉力．

12、略

【分析】

长度为0.2m的通电直导线；垂直放置于匀强磁场的磁感应强度为0.5T，通入电流为2A；

则由公式可得安培力的大小为F=BIL=0.5×2×0.2N=0.2N

故答案为：0.2

【解析】【答案】通电导线在磁场中的受到安培力作用；由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．安培力方向始终与电流与磁场所构成的平面垂直．

13、略

【分析】【解析】试题分析：由安培定则可得出A处的磁场方向，再由左手定则可判断A受安培力的方向．由安培定则可得，A所在处的磁场垂直线面向里，则由左手定则可得，A受安培力向右，同理可得，当电路反向后，安培力向右；故答案为：右；右．考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培定则；安培力；左手定则．【解析】【答案】右右14、红5变大【分析】【解答】（1）欧姆表是电流表改装的；必须满足电流的方向“+”进“﹣”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；

当两表笔短接（即Rx=0）时，电流表应调至满偏电流Ig；

设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系得

当指针指在刻度盘的正中央时有代入数据可得RX=R内=5kΩ；

当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变；

由公式欧姆表内阻R内得调小；

待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由

可知当R内变小时；I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了．

故答案为：红；5；变大．

【分析】根据欧姆表的结构，由闭合电路欧姆定律可以判断读数，以及电池电动势变小，内阻变大时测量结果的变化．15、6m/s【分析】【分析】根据速度位移公式求出小球落地的速度，通过动量定理求出小球反跳的速度大小。本题考查了动量定理的基本运用，知道动量定理的矢量性，求解时注意速度、冲量的方向。【解答】小球落地的速度；

规定向上为正方向；根据动量定理得，I=mv2鈭�mv1

则1.6=0.1v2+0.1隆脕10

解得v2=6m/s

方向向上。

故填：6m/s

【解析】6m/s

16、略

【分析】解：负电荷在电场力作用下发生位移；导致电场力做负功，则电荷的电势能增加.

做多少功，电势能就增加多少．

因此；电荷在此过程中电势能增加，且增加了3隆脕10鈭�5

J.

电荷从B

点移到C

点，电场力做了1.2隆脕10鈭�5J

的功，则由：W=qU

得UBC=Wq=1.2隆脕10鈭�5鈭�6脳10鈭�6V=鈭�2v

而负电荷从电场中A

点移到B

点，两点的电势差UAB=Wq=鈭�3隆脕10鈭�5鈭�6脳10鈭�6V=5V

所以AC

间的电势差UAC=UAB+UBC=5V鈭�2V=3V

故答案为：增加；3隆脕10鈭�53V

电荷在电场力作用下做功；导致电势能变化.

所以由做功与电量可求出两点的电势差，同时根据电场力做功的正负可确定电势能增加与减少．

电势差是电场中的电势之差，电势可以任意取，但电势差却不变，就像高度与高度差一样.

电荷的电势能增加还是减少是由电场力做功的正负决定.

就像重力做功与重力势能一样．【解析】增加；3隆脕10鈭�53V

四、判断题(共1题，共10分)17、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．五、综合题(共4题，共8分)18、略

【分析】本题关键是对全电路运用欧姆定律求解出电流计内阻，然后再次根据欧姆定律列式求解出热敏电阻的阻值，最后由图线得到对应的温度．【解析】解：由图线知t1=20°C时；R=4kΩ

据全电路欧姆定律，有代入数据得Rt=500Ω

同理有代入数据得Rt′=2000Ω

由图线知此时t2=120°C

即当电流表的示数I2=3.6mA时，热敏电阻R的温度为120°C．19、(1)ACE

(2)

解：

(垄隆)

作出光路图，如图所示：

过E

点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知鈻�DEB

为等腰三角形，DE=DB=L4

由几何知识可知光在AB

边折射时折射角为r=30鈭�

所以玻璃砖的折射率为：n=sinisinr=2

(垄垄)

设临界角为娄脠

有sin娄脠=1n

可解得：娄脠=45鈭�

由光路图及几何知识可判断，光在BC

边上的入射角为60鈭�

大于临界角，则光在BC

边上发生全反射；

光在AC

边的入射角为30鈭�

小于临界角，所以光从AC

第一次射出玻璃砖；

根据几何知识可知：EF=L2

则光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为：t=DE+EFv

而v=cn

可解得：t=32L4c

。

【分析】(1)

【分析】由题知简谐横波沿x

轴方向传播，波的周期T=1f=0.4s

波长为8m

即可求出波速，根据质点的运动方向确定波的传播方向，分析简谐横波沿x

轴正方向和沿负方向传播时，波传播的可能路程，计算时间，障碍物的尺寸与波长差不多时能产生明显的衍射现象。本题考查了波长、频率和波速的关系；横波的图像。本题运用波形的平移法分析时间与周期的关系，得到时间，并根据时间与周期的关系，分析质点P

的状态。【解答】A.由图知，波长娄脣=8m

波的周期T=1f=0.4s

则波速v=娄脣T=20m/s

故A正确；B.质点的运动方向未知，无法确定这列波的传播方向，故B错误；C.xp=1m

若简谐横波沿x

轴正方向传播，当n=3

时，波传播的长度为：24m

则t=24m+1m20m/s=1.25s

故C正确；D.若简谐横波沿x

轴负方向传播，当n=4

时，波传播的长度为：32m

则t=32m鈭�1m20m/s=1.55s

故D错误；E.由上得到波长为8m

障碍物的尺寸约6m

波长大于障碍物的尺寸，则该波遇到此障碍物，能发生明显的衍射现象，故E正确。故选ACE。(2)

本题考查了光的折射和全反射，解决本题关键是作出光路图，再运用几何知识求解入射角折射角，要掌握几何光学常用的三个规律。垄脵

先据题意作出光路图；由几何知识求出光在AB

边折射时的折射角，即可求得折射率；

垄脷

设临界角为娄脠

由sin娄脠=1n

求出临界角娄脠

可判断出光在BC

边上发生了全反射，在AC

边第一次射出玻璃砖，由光路图及几何知识求出光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖通过的路程，由公式v=cn

求光在玻璃中的传播速度，即可求得时间。

【解析】(1)ACE

(2)

解：(垄隆)

作出光路图，如图所示：

过E

点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知鈻�DEB

为等腰三角形，DE=DB=L4

由几何知识可知光在AB

边折射时折射角为r=30鈭�

所以玻璃砖的折射率为：n=sinisinr=2

(垄垄)

设临界角为娄脠

有sin娄脠=1n

可解得：娄脠=45鈭�

由光路图及几何知识可判断，光在BC

边上的入射角为60鈭�

大于临界角，则光在BC

边上发生全反射；

光在AC

边的入射角为30鈭�

小于临界角，所以光从AC

第一次射出玻璃砖；

根据几何知识可知：EF=L2

则光束从AB

边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为：t=DE+EFv

而v=cn

可解得：t=32L4c

。

20、略

【分析】(1)(1)根据机械能守恒定律求解货物到达圆轨道末端时的速度。

(2)(2)若货物滑上木板AA时，木板AA不动，则木板所受的货物的滑动摩擦力不大于地面对木板AA的最大静摩擦力；滑上木板BB时，木板BB开始滑动，说明货物对BB的滑动摩擦力大于地面对BB的最大静摩擦力，列出不等式，求出娄脤娄脤1应满足的条件。

(3)(3)根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出货物滑到木板AA末端时的速度..由速度时间公式求出货物在BB上滑行的时间。

本题考查了机械能守恒、牛顿运动定律和运动学公式的综合应用，特别需要注意的是分析货物在水平面上运动时木板的运动状态。【解析】解：(1)(1)设货物滑到圆轨道末端时的速度为vv0，对货物的下滑过程，根据机械能守恒定律得

垄脵垄脵

设货物在轨道末端所受支持力的大小为FFn，根据牛顿第二定律得

垄脷垄脷

联立垄脵垄脷垄脵垄脷式，代入数据得

FFN=3000N垄脹=3000N垄脹

根据牛顿第三定律，货物对轨道的压力大小为3000N3000N方向竖直向下。

(2)(2)若滑上木板AA时，木板不动，由受力分析得

娄脤娄脤1mm1g鈮�娄脤gleqslant娄脤2(m(m1+2m+2m2)g垄脺)g垄脺

若滑上木板BB时，木板BB开始滑动，由受力分析得

娄脤娄脤1mm1g>娄脤g>娄脤2(m(m1+m+m2)g垄脻)g垄脻

联立垄脺垄脻垄脺垄脻式，代入数据得

0.4<娄脤0.4<娄脤1鈮�0.6垄脼leqslant0.6垄脼

(3)娄脤(3)娄脤1=0.5=0.5由垄脼垄脼式可知，货物在木板AA上滑动时，木板不动。设货物在木板AA上做减速运动时的加速度大小为aa1，由牛顿第二定律得

娄脤娄脤1mm1g=mg=m1aa1垄脽垄脽

设货物滑到木板AA末端时的速度为vv1，由运动学公式得

vv12鈭�v-v02=鈭�2a=-2a1l垄脿l垄脿

联立垄脵垄脽垄脿垄脵垄脽垄脿式，代入数据得

vv1=4m/s垄谩=4m/s垄谩

设在木板AA上运动的时间为tt由运动学公式得

vv1=v=v0鈭�a-a1t垄芒t垄芒

联立垄脵垄脽垄谩垄芒垄脵垄脽垄谩垄芒式，代入数据得t=0.4st=0.4s21、(1)ABD

(2)

解：(i)

设B

管被提升H

高度后，B

管液面比A

高和h2

A

管内气柱长为L1?h1=40cm?2cm=38cm