2025年浙教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理上册月考试卷543考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、物体从距地面某高处开始做自由落体运动；若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为（）

A.

B.4t

C.2t

D.

2、从水平匀速飞行的直升机上向外自由释放一个物体，不计空气阻力，下列说法正确的是(

)

A.从飞机上看，物体做平抛运动B.从飞机上看，物体做匀速直线运动C.从地面上看，物体做平抛运动D.从地面上看，物体做匀速直线运动3、如图所示，有一对等量异种电荷分别位于空间中的a

点和f

点，以a

点和f

点为顶点作一正立方体。现在各顶点间移动一试探电荷，关于试探电荷受电场力和具有的电势能，以下判断不正确的是()

A.在b

点和d

点受力大小相等，方向不同B.在c

点和h

点受力大小相等，方向相同C.在b

点和d

点电势能相等D.在c

点和h

点电势能相等4、如图所示，一通电直线竖直放置，其右侧A、B两点的磁感应强度分别为BA和BB，则A.BA>BB.方向均垂直纸面向外B．BAC.BAD.BA>BB，方向均垂直纸面向里5、如图所示，小磁针N

极指向正确的是A.B.C.D.6、握在手中的瓶子未滑落下来，这时(

)

A.手对瓶子的压力一定小于瓶子所受的重力B.手对瓶子的静摩擦力大于瓶子所受的重力C.手对瓶子的压力一定等于瓶子所受的重力D.手对瓶子的静摩擦力等于瓶子所受的重力7、关于电动势，下列说法不正确的是(

)

A.电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B.电源两极间的电压等于电源电动势C.电源电动势的数值等于内、外电压之和D.电源电动势与外电路的组成无关8、如图是显像管原理示意图，电子束经电子枪加速后，进入偏转磁场偏转。不加磁场时，电子束打在荧光屏正中的O点。若要使电子束打在荧光屏上位置由O逐渐向上移向A，则（）A.在偏转过程中，电子束做匀加速曲线运动B.偏转磁场的磁感应强度应逐渐变大C.偏转磁场的方向应垂直于纸面向内D.若要使电子束打在荧光屏上位置由O逐渐向上移向A的同时还慢慢偏向纸外方向，则应再叠加一个向上的逐渐变大的磁场评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)9、用如图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2V；内电阻很小．除蓄电池；开关、导线外可供使用的实验器材还有：

A；电压表（量程3V）；

B；定值电阻R0（阻值4Ω；额定功率4W）

C；电流表（量程3A）

D；电流表（量程0.6A）；

E；滑动变阻器R（阻值范围0-20Ω；额定电流1A）

（1）电压表应选____；电流表应选____．（填器材前的字母代号）．

（2）根据实验数据作出U-I图象（如图乙所示），则蓄电池的电动势E=____V，内阻γ=____Ω；（均保留三位有效数字）

10、如图所示的电路中，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，电容器的电容C=40μF，电阻R1=R2=4Ω，R3=5Ω．接通电键S，待电路稳定后，则理想电压表V的读数U=；电容器的带电量Q=．（保留两位有效数字）11、如图所示,当双刀双掷电键悬空时,若用一平行单色光照射光电管阴极K,发生了光电效应,现将双刀双掷电键拨向bb′,用同样的光照射光电管,并使变阻器的片P自左向右移动,当电压表示数为3.1V时,电路中的电流恰为零,若将电键拨向aa′并移动变阻器的滑片P,使电压表示数变为4.5V,此时电子到达A极的最大动能为__________J。12、某同学在做利用单摆测重力加速度的实验中；先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.0cm，然后用秒表记录了单摆振50次所用的时间，如图1所示，则：

（1）秒表所示读数为______s．

（2）如果测得g值偏小，可能的原因是______

A．测摆线长时摆线拉得过紧。

B．摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C．开始计时时；秒表过迟按下。

D．实验中误将49次全振动次数记为50次。

（3）在用单摆测定重力加速度g实验中，另外一位同学作出的L-T2图线如图2所示，此图线不过原点的原因可能是______．13、用图甲所示的装置研究光电效应现象，当用能量为5.0eV

的光子照射光电管的阴极K

时，测得电流计上的示数随电压变化的图象如图乙所示.

则光电子的最大初动能为_____________eV

金属的逸出功为__________________J.(

电子的电荷量e=1.6脳10鈭�19C

普朗克常量h=6.63脳10鈭�34J鈥�S.

结果保留两位有效数字.)

14、“220V5.5kW

”的电动机，电阻为0.4娄赂

它在正常工作时的电流为______A1s

钟内产生的热量是______J.15、

用伏安法测一节干电池的电动势E和内阻r；所给的器材有：

A．电压表V：0～3VB．电流表A：0～0.6AC．滑动变阻器R1（总阻值15Ω）D．滑动变阻器R2（总阻值1000Ω）

E．开关S和导线若干。

（1）滑动变阻器选用____（填R1或R2）；

（2）请在如图（1）方框内画出实验电路图。

（3）如图（2）所示，是某同学做测量电池的电动势和内阻的实验中得到的电池的伏安图线，则该电池的电动势为____V，内阻为____Ω．（结果保留两位有效数字）16、奥斯特实验说明____．在两根相互平行且靠近的长直导线中通入相同方向的电流时，它们互相____；通入相反方向的电流时，它们互相____；电流之间的相互作用是通过____发生的．17、Ⅰ、我国春节的前一夜叫团圆夜，全家人围在一起包饺子过年。制作饺子的部分原料有：rm{垄脵}面粉、rm{垄脷}茴香、rm{垄脹}鸡蛋、rm{垄脺}花生油。请回答：面粉、rm{垄脵}茴香、rm{垄脷}鸡蛋、rm{垄脹}花生油。请回答：rm{垄脺}富含蛋白质的原料是_______rm{(1)}填序号，下同rm{(}

rm{)}富含淀粉的原料是_______；

rm{(2)}富含维生素的原料是_______；

rm{(3)}富含油脂的原料是_______。Ⅱ、抗酸药物的种类很多，其有效成分一般是碳酸氢钠、碳酸钙、碳酸镁、氢氧化铝和氧氧化镁等化学物质。rm{(4)}抗酸药物具有抗酸作用的原因是____________________________。rm{(1)}某品牌抗酸药的主要成分有糖衣、碳酸镁、淀粉。写出该抗酸药发挥功效时的化学方程式：________________。rm{(2)}淀粉在抗酸药中作填充剂、黏合剂，淀粉在人体内酶的催化作用下发生水解反应，最终转化为_____________________rm{(3)}写分子式rm{(}rm{)}评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)18、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）19、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）24、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、实验探究题(共3题，共24分)25、为测定干电池的电动势和内阻；实验室提供的实验器材如下：

A.完全相同的干电池2

节，每节干电池的电动势为1.5V

左右，内阻较小B.电流表A1(

量程为0.6A

内阻约0.5娄赂)

C.滑动变阻器R3(0隆芦10娄赂,10A)

D.滑动变阻器R4(0隆芦100娄赂,1A)

E.电流表G(

量程为3.0mARg=10娄赂)

F.定值电阻R1=990娄赂

G.定值电阻R2=90娄赂

H.定值电阻R0=3.0娄赂

I.开关S

和导线若干

(1)

由于两节干电池的内阻较小，现将定值电阻R0=3.0娄赂

与两节干电池串联后作为一个整体进行测量.

在进行实验时，滑动变阻器应选用其中的_____，定值电阻F

和G

应选用其中的________.(

填写实验器材前的字母)

(2)

在如图甲所示的虚线框中补充完整本实验电路的原理图．(3)

根据实验测得的数据作出I2鈭�I1

图线，如图乙所示，其中I2

为通过电流表G

的电流，I1

为通过电流表A1

的电流。根据该图线可知每节干电池的电动势为________V

内阻为______娄赂

26、在“测定电池的电动势和内电阻”实验中。

(1)

某同学用多用电表粗测一节干电池的电动势；选择开关应置于合适位置，下列符合要求的是______．

(2)

该同学根据图甲中的电路原理图将实验仪器连接成如图乙所示的实验电路，其中abcd

四条导线连接错误的是______．

(3)

该同学利用正确的电路测得多组电流、电压值，并根据实验数据得到如图丙所示的U鈭�I

图线，由此可知该电池的电动势E=

______V

内阻r=

______娄赂.(

均保留三位有效数字)

27、某实验小组探究一种热敏电阻的温度特性.

现有器材：直流恒流电源(

在正常工作状态下输出的电流恒定)

电压表；待测热敏电阻、保温容器、温度计、开关和导线等．

(1)

若用上述器材测量热敏电阻的阻值随温度变化的特性；请你在图所示的实物图上连线．

(2)

实验的主要步骤：

垄脵

正确连接电路；在保温容器中注入适量冷水，接通电源，调节并记录电源输出的电流值；

垄脷

在保温容器中添加少量热水；待温度稳定后，闭合开关，______，______，断开开关；

垄脹

重复第垄脷

步操作若干次；测得多组数据．

(3)

实验小组算得该热敏电阻在不同温度下的阻值，并据此绘得图乙所示的R鈭�t

关系图线，请根据图线写出该热敏电阻的R鈭�t

关系式：R=

______+

______t(娄赂)(

保留三位有效数字)

．评卷人得分五、解答题(共2题，共16分)28、某校物理兴趣小组决定举行遥控赛车比赛，比赛路径如图所示．可视为质点的赛车从起点A出发，沿水平直线轨道运动L后，由B点进入半径为R的光滑竖直半圆轨道，并通过半圆轨道的最高点C，才算完成比赛．B是半圆轨道的最低点，水平直线轨道和半圆轨道相切于B点．已知赛车质量m=0.5kg，通电后以额定功率P=2w工作，进入竖直圆轨道前受到的阻力恒为Ff=0.4N，随后在运动中受到的阻力均可不计，L=10.00m，R=0.32m，（g取10m/s2）．求：

（1）要使赛车完成比赛；赛车在半圆轨道的B点对轨道的压力至少多大？

（2）要使赛车完成比赛；电动机至少工作多长时间t？

（3）若电动机工作时间为t=5s；当R为多少时赛车既能完成比赛且飞出的水平距离又最大，水平距离最大是多少？

29、某同学采用如图甲所示的电路测定电源的电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约为1Ω；电压表（量程0～3V，内阻3kΩ），电流表（量程0～0.6A，内阻1.0Ω），滑动变阻器有R1（最大阻值10Ω，额定电流2A）和R2（最大阻值100Ω；额定电流0.1A）各一只．

（1）实验中滑动变阻器应选用______．（选填“R1”或“R2”）

（2）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图乙所示的电压与电流关系图线，根据图线求出的电源电动势E=______V，内阻r=______Ω．（结果保留两位小数）

评卷人得分六、实验题(共2题，共18分)30、（12分）某同学设计如图甲所示的电路图测量电源的电动势和内阻，同时测量未知电阻Rx的阻值，其中R为电阻箱（0∽99.9Ω），闭合开关前置于阻值最大位置，Rx未知电阻。其实验步骤如下：断开K1、闭合K2，逐次减小电阻箱的阻值，得到多组R、I值；依据R、I值作出如图乙所示的R—1/I图线；断开K2、闭合K1，读出电流表示数为0.5A根据乙图可求得电源的电动势等于电源的内阻等于未知电阻Rx等于31、某同学通过实验研究一个小灯泡灯丝的伏安特性，下表是他在实验时获得的通过灯泡的电流I和灯泡两端电压U的一系列数据。。I/A00.140.230.360.420.460.49U/V00.691.152.153.054.155.15（1）请在坐标图中描绘出这个小灯泡的U-I图线。（2）请比较电压为1.0V与3.0V时小灯泡的电阻大小，并说明其原因。（3）实验前，实验室里有下列器材，这位同学在实验过程中选用的是（填字母代号）____。A．直流电源B．0～30Ω的滑动变阻器C．电压表（0～15V，内阻约15kΩ）D．电压表（0～3V，内阻约3kΩ）E．电流表（0～0.6A，内阻约0.1Ω）F．电流表（0～3A，内阻约0.01Ω）G．开关H．导线（4）实验时，这位同学应选用下列所示的电路图。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】

设总位移为2h；前一半位移，有。

h=

全部位移；有。

2h=

解得：t′=

故选A．

【解析】【答案】对前一半位移和全部位移过程分别根据位移时间公式列方程；然后联立求解．

2、C【分析】【分析】参考系的选取不同；观察的结果是不同的，物体在飞机上自由下落时，由于惯性具有和飞机相同的水平速度，因此物体相对于地面做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，据此可正确解答。

解决本题的关键是掌握平抛运动的处理方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，同时理解运动的相对性，参考系的选择不同，观察结果不同。【解答】AB.

飞机的速度与物体水平方向上的速度相同；故物体始终在飞机的正下方，相对飞机做自由落体运动，故A错误，B错误；

CD.

在匀速飞行的飞机上释放物体；物体有一水平速度，故从地面上看，物体做平抛运动，故C正确，D错误；

故选C。

【解析】C

3、D【分析】【分析】一对等量异种电荷在空间产生的电场具有对称性，根据电场线的分布情况和对称性，分析场强大小和方向，判断电场力大小和方向的关系。根据等势面分布情况，判断电势关系，确定电势能的关系。本题的解题关键是抓住对称性进行分析，等量异种电荷电场线和等势线的分布情况是考试的热点，要熟悉，并能在相关问题中能恰到好处地应用。【解答】A.根据等量异种电荷电场线的分布情况和对称性可知，b

点和d

点场强大小相等、方向不同，则试探电荷在b

点和d

点受力大小相等；方向不同，故A正确;

B.c

点和h

点场强大小相等；方向相同；则试探电荷在c

点和h

点受力大小相等，方向相同，故B正确；

C.根据对称性可知，b

点和d

点电势相等，则试探电荷在b

点和d

点电势能相等；故C正确；

D.由图看出；c

点离场源正电荷较远，而h

点离场源正电荷较近，所以c

点和h

点电势不等，则试探电荷在c

点和h

点电势能不相等，故D错误。

本题选择不正确的，故选D。

【解析】D

4、D【分析】试题分析：由右手定则可知，AB两点的磁场方向均垂直纸面向里；由于A点离通电导线较近，故BA>BB，选项D正确.考点：右手定则；磁感应强度.【解析】【答案】D5、A【分析】【分析】根据磁体周围的磁感线方向是从N

极出发回到S

极，且磁感线上的任何一点的切线方向跟小磁针放在该点的北极指向一致来判断。本题考查了磁感线的方向，以及磁场中小磁针的方向与磁感线的关系。本题也可以根据磁极间相互作用的规律来判断。【解答】根据磁场中任一点小磁针北极和该点的磁感线方向一致；所以A

点磁针北极指向上；B

点磁针北极指向右端；C

点磁针北极指向上端；D

点磁针北极指向左端。

故选A。【解析】A

6、D【分析】解：AC

手对瓶子的压力为水平方向；而重力在竖直方向，故两力大小没有直接的关系，故AC均错误；

B；D

由于瓶子未滑落；故瓶子竖直向所受合力为零，mg鈭�f=0

即f=mg

故瓶子所受静摩擦力等于瓶子的重力，故B错误，D正确；

故选：D

．

瓶子未滑落；故瓶子竖直向所受合力为零，这是本题的突破口.

另外静摩擦力与正压力不存在正比例关系，所以手对瓶子的压力和瓶子的重力大小没有直接关系．

物体处于平衡状态，物体所受合力为零.

静摩擦力与正压力不存在正比例关系．【解析】D

7、B【分析】解：

A；电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小；电动势越大，电源将其他形式的能转化为电能的本领越大.

故A正确．

B、根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir

得知，当I=0

时，U=E

即电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势.

当I鈮�0

时，电源的内电压不等于0

电源两极间的电压将小于电动势，故B错误．

C；由闭合电路欧姆定律可知；电源电动势的数值等于内、外电压之和；故C正确；

D；电动势表征电源的特性；由电源本身决定，与外电路无关，同一电源接入不同的电路，电动势不会发生变化.

故D错误．

本题选错误的；故选：B

电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势.

电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小；电动势与外电路无关．

本题考查对电源电动势的理解，要抓住电动势的物理意义、定义和闭合电路欧姆定律来加深理解【解析】B

8、B【分析】解：A；电子在偏转过程中；加速度的方向要指向圆心，即加速度方向时刻改变，加速度不断变化，电子束做变加速曲线运动，故A错误；

B、电子束打在荧光屏上的位置由中心O逐渐向A点移动，电子的偏转角增大，电子做圆周运动的轨道半径r逐渐减小，由r=可知；B逐渐变大，故B正确；

C；电子束打在荧光屏上的OA之间；即电子受向上偏左的洛伦兹力，由左手定则可知磁场强度垂直纸面向外，故C错误；

D；若要使电子束打在荧光屏上位置由O逐渐向上移向A的同时还慢慢偏向纸外方向；电子在水平面内应受到垂直于纸面向外的洛伦兹力，由左手定则可知，应加一个竖直向下的逐渐变大的磁场，故D错误；

故选：B。

根据左手定则判断电子所受的洛伦兹力的方向，确定电子的偏转方向。根据半径公式r=分析磁场强度的变化。

本题只要掌握左手定则和半径公式r=就能轻松解答。要注意运用左手定则时，四指指向电子运动的相反方向。【解析】B二、填空题(共9题，共18分)9、略

【分析】

（1）电动势为2V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择A，电路中的电流因此电流表选择D．

故答案为A；D．

（2）根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir，可得：U=E-Ir，由此可知当I=0时的纵轴截距大小等于电源的电动势大小，图象的斜率大小等于电源的内阻，由此可知，E=2.10V，．

故答案为：2.10；4.20．

【解析】【答案】（1）在选择电压表和电流表时要求在不超过量程的前提下偏转角度尽量大些，在满量程的左右偏转最好．

（2）根据数学知识可知；图象与纵坐标的截距代表的就是电源的电动势，直线的斜率代表电源的内阻．

10、略

【分析】【解析】试题分析：由于电压表为理想电压表，内阻无穷大，所以闭合开关电路稳定后没有电流流过R2，R2相当于一条导线，电路中只有R2、R3和电源串联，由此可知电流为电阻R3两端电压为5V，电压表示数为5V，电容器两端电压为R1两端电压，所以电容器两端电压为4V，由电量Q=CU=40μF×4V=1.6×10-4C考点：考查含容电路的分析【解析】【答案】5.0V；1.6×10-4C11、略

【分析】【解析】【答案】1.216×10-1812、略

【分析】解：（1）停表表示读数：内圈读数：90s；外圈读数9.7s，总读数为：t=90s+9.7s=99.7s；

（2）根据单摆的周期公式T=2π得：g=．

A；测摆线长时摆线拉得过紧；使得摆长的测量值偏大，则测得的重力加速度偏大．故A错误．

B；摆动后出现松动；知摆长的测量值偏小，则测得的重力加速度偏小．故B正确．

C；实验中开始计时；秒表过迟按下，则测得周期偏小，所以测得的重力加速度偏大．故C错误．

D；实验中将49次全振动数成50次全振动；测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大．故D错误．

故选：B；

（3）根据单摆的周期公式T=2π得：L=．

而另外一位同学作出的L-T2图线如图2所示；此图线不过原点的原因可能是计算摆长时，加入球的直径，而不是半径．

故答案为：（1）99.7；（2）B；

（3）可能是计算摆长时；加入球的直径，而不是半径．

（1）秒表读数：先读内圈；读数时只读整数，小数由外圈读出，读外圈时，指针是准确的，不用估读．

（2）根据单摆的周期公式T=2π得出重力加速度的表达式；从而判断出重力加速度减小的原因；

（3）根据实验注意事项与实验原理分析实验误差．由单摆周期公式变形，得到T2与L的关系式；分析图象的意义，即可求解．

本题关键明确实验原理，根据原理选择器材；由单摆的周期公式变形，得到T2与L的关系式得到图象斜率的物理意义，再分析实验产生的误差．【解析】99.7；B；可能是计算摆长时，加入球的直径，而不是半径13、24.8隆脕10鈭�19【分析】【分析】由图乙知该装置加反向电压时，发现当电压表的示数等于2V

时，电流表示数为0

由动能定理可求得光电子点的最大初动能，根据光电效应方程EKmKm=h娄脙鈭�W00；求出逸出功。

解决本题的关键理解图象的物理意义，由图象读出遏止电压，同时要掌握光电效应方程，并能灵活运用。【解答】由图乙可知；当该装置所加的反向电压是2V

时，电流表示数为0

即遏止电压Uc=2V

根据动能定理得：光电子点的最大初动能为：Ek=eUc=2eV=3.2隆脕10鈭�19J

根据光电效应方程EKm=h娄脙鈭�W0

得逸出功W0=3eV=4.8隆脕10鈭�19J

故答案为：24.8隆脕10鈭�19

【解析】24.8隆脕10鈭�19

14、略

【分析】解：根据P=IU

得；电动机正常工作时的电流为。

I=PU=5.5隆脕103220=25A

1s

内产生的热量为Q=I2Rt=252隆脕0.4隆脕1J=250J

故答案为：25250

．

(1)

根据电动机的功率的大小和电压的大小可以求得电动机正常工作时的电流的大小；

(2)

根据发热的公式Q=I2Rt

可以求得1s

时间内线圈上产生的热量；

电动机是非纯电阻，电动机的总功转化为电动机的对外做的功和产生的热量．【解析】25250

15、略

【分析】

（1）由题意及图象可知；干电池的内阻较小，故为了测量结果的准确和易于调节，滑动变阻器应选用总阻值为15Ω的滑动变阻器；

（2）本实验中只需测出流过电源的电流和电源两端的电压即可；故采用简单的串联电路；但考虑电流表内阻与电源内阻大小差不多，为了减小误差，电流表应采用内测法；

故电路图如下；

（3）由闭合电路欧姆定律可知：U=E-Ir；故图象与纵坐标的交点为电源的电动势，故E=1.5V；

图象的斜率表示电源的内阻，故r=Ω=0.83Ω；

故答案为：（1）R1；（2）如下图；（3）1.5；0.83．

【解析】【答案】（1）滑动变阻器的作用为调节电流及保护电流的作用；为了实验的方便应选用易于调节的滑动变阻器；

（2）由已知器材可知本实验采用伏安法；则可知电路的结构；

（3）由闭合电路欧姆定律可得出U-I表达式；则结合数学知识可得出图象的意义，从而求出电动势和内电阻．

16、电流周围存在磁场吸引排斥磁场【分析】【解答】奥斯特实验说明电流周围存在磁场；

在两根相互平行且靠近的长直导线中通入相同方向的电流时；根据左手定则可知，它们互相吸引．

同理；通入相反方向的电流时，它们相互排斥；

电流之间的相互作用是通过磁场发生的．

故答案为：电流周围存在磁场；吸引，排斥，磁场．

【分析】通电导线的周围有磁场，另通电导体放在了此通电导线的磁场内，受到磁场的作用，根据左手定则就可以判断出相互作用力．17、Ⅰ、③,①,②,④

Ⅱ、(1)其有效成分都能中和胃里过多的盐酸

(2)MgCO3+2HClMgCl2+H2O+CO2↑

(3)C6H12O6【分析】【分析】本题考查食品中的营养素和药物，难度不大，注意相关知识的积累记忆。【解答】Ⅰ、rm{(1)}富含蛋白质的原料是鸡蛋，故答案为：rm{垄脹}rm{垄脹}富含淀粉的原料是面粉，故答案为：rm{(2)}rm{垄脵}富含维生素的原料是茴香，rm{(3)}富含维生素的原料是茴香，

rm{(3)}富含油脂的原料是花生油，故答案为：故答案为：rm{垄脷}Ⅱ、rm{垄脷}抗酸药物具有抗酸作用的原因是其有效成分都能中和胃里过多的盐酸，故答案为：其有效成分都能中和胃里过多的盐酸；rm{(4)}碳酸镁与盐酸反应生成氯化镁、二氧化碳和水，化学方程式为rm{垄脺}rm{(1)}故答案为：rm{(2)}rm{MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}淀粉在人体内酶的催化作用下发生水解反应，最终转化为葡萄糖，分子式为rm{MgCO_{3}+2HCl}故答案为：rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)}【解析】Ⅰ、rm{垄脹}rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脺}Ⅱ、rm{(1)}其有效成分都能中和胃里过多的盐酸rm{(2)MgCO_{3}+2HCl}rm{MgCl_{2}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{(3)C_{6}H_{12}O_{6}}三、判断题(共7题，共14分)18、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．19、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．24、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、实验探究题(共3题，共24分)25、1.2401.680【分析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读；

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量。【解答】游标卡尺的主尺读数为：1.2cm=12mm

游标尺上第8

个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为8隆脕0.05mm=0.40mm

所以最终读数为：12mm+0.40mm=12.40mm=1.240cm

螺旋测微器的固定刻度为1.5mm

可动刻度为18.0隆脕0.01mm=0.180mm

所以最终读数为1.5mm+0.180mm=1.680mm

【分析】

(1)

在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；(2)

所给实验器材中，有两个电流表，没有电压表，也没有电阻箱，只能用伏安法测电池电动势与内阻，可以用电流表与定值电阻组装一个电压表，根据伏安法测电源电动势与内阻的原理作出电路图；(3)

根据欧姆定律和串联的知识求出I1

和电源两端电压U

的关系，根据图象与纵轴的交点求出电动势，由与横轴的交点可得出路端电压为某一值时电流，则可求得内阻。本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意当器材中没有电压表时，应考虑将电流表与定值电阻串联代替电压表；涉及到用图象求解的问题，应先根据物理规律解出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，然后再根据截距和斜率的概念求解即可。【解答】(1)

电源为两节干电池，则电动势为3V

较小，电源的内阻较小，为多测几组实验数据，方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器，因此滑动变阻器应选C。上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G

与定值电阻R0

串联，改装成电压表；改装后电压应约大于等于3V

则根据串联电路规律可知，应串联的电阻R=33隆脕10?3鈭�10=990娄赂

故选F；(2)

用改装后的电压表测量电压值，用电流表A

与滑动变阻器串联测电路电流，如图所示；(3)

根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压为：U=1(900+100)=1000I1

根据图象与纵轴的交点得电动势为E=3.0隆脕10鈭�3隆脕1000V=3V

则一节干电池的电动势为1.5V

与横轴的交点可得出路端电压为2.0V

时电流是0.2A

由闭合电路欧姆定律E=U+I(r+R0)

可得，电源内阻r+R0=E?UI=5娄赂

故内阻r=5鈭�3=2娄赂

一节干电池的内阻为1娄赂

【解析】【小题1

】1.2401.680

【小题2

】(1)CF

(2)

电路图如图所示：

(3)1.51

26、略

【分析】解：(1)

干电池的电动势约为1.5V

故应选择直流2.5V

的量程；故选B；

(2)

由原理图可知，电流表采用了相对电源的外接法；则由图可知，b

线应接在开关的右上方接线柱；故b

线接错；

(3)

根据U=E鈭�Ir

可知，电源的电动势E=1.46V

内电阻r=1.46鈭�0.501.21=0.793娄赂

故答案为：(1)B(2)b(3)1.460.793

．

(1)

根据干电池的电动势可明确应选择的电压表量程；

(2)

根据原理图分析实物图可明确哪根线接错；

(3)

根据闭合电路欧姆定律以及图象规律进行分析可明确角电源的电动势和内电阻．

本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，掌握数据处理的基本方法，学会利用图象分析数据．【解析】Bb1.460.793

27、略

【分析】解：(1)

本实验要测量电阻值和温度值的关系；电阻要用欧姆定律计算，由于电流恒定且已知，故需测量电压和温度；

(2)

从图中取相距较远的两个特殊点；代入R=R0+kt

计算。

由图有。

120=R0+50k

104=R