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文档简介

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年华师大版高一物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题,共12分)1、关于作用力与反作用力做功的关系,下列说法正确的是()A.当作用力做正功时,反作用力一定做负功B.当作用力不做功时,反作用力也不做功C.作用力与反作用力所做的功一定是大小相等D.作用力做正功时,反作用力也可以做正功2、【题文】几年来,我国已经利用“神舟号”飞船将多名宇航员送入太空,中国成为继俄、美之后第三个掌握载人航天技术的国家.设宇航员测出自己绕地球球心做匀速圆周运动的周期为T,离地面高度为H,地球半径为R,则根据T、H、R和万有引力恒量G,下面不能计算出的物理量是A.地球的质量B.地球的平均密度C.飞船所需的向心力D.飞船线速度的大小3、如图所示,下列关于机械能是否守恒的判断正确的是(

)

A.甲图中;物体A

将弹簧压缩的过程中,A

机械能守恒。

B.乙图中;A

置于光滑水平面,物体B

沿光滑斜面下滑,物体B

机械能守恒。

C.丙图中;不计任何阻力时A

加速下落,B

加速上升过程中,AB

系统机械能不守恒。

D.丁图中,小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时,小球的机械能守恒4、在研究匀变速直线运动的实验中,算出小车经过各计数点的瞬时速度如下:。计数点序号123456计数点对应的时刻(s)0.100.200.300.400.500.60通过计数点的速度(cm/s)44.062.081.0100.0110.0168.0为了计算加速度,合理的方法是()A.根据任意两计数点的速度用公式a=Δv/Δt算出加速度B.根据实验数据画出v-t图像,量出其倾角,由公式a=tanα求出加速度C.根据实验数据画出v-t图像,由图像上相距较远的两点所对应的速度、时间用公式a=Δv/Δt算出加速度D.依次算出通过连续两计数点间的加速度,算出平均值作为小车的加速度5、如图所示为一皮带传动装置,右轮的半径为r,a是它边缘上的一点,左侧是一轮轴,大轮的半径是4r,小轮的半径为2r,b点在小轮上,到小轮中心的距离为r,c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上,若在传动过程中,皮带不打滑,则()A.a点与d点的角速度大小之比为2:1B.a点与b点的线速度大小相等C.a点与c点的角速度大小相等D.a点与d点的线速度大小之比为4:16、如图所示;叠放在固定粗糙斜面上的物块A和B接触面是水平的,A与B保持相对静止一起沿固定斜面匀速下滑,在下滑过程中A和B的受力个数为()

A.2个,3个B.2个,4个C.3个,3个D.3个,4个评卷人得分二、多选题(共9题,共18分)7、如图所示,圆轨道a

、b

、c

的圆心均在地球的自转轴线上,对卫星环绕地球作匀速圆周运动而言()

A.卫星的轨道可能为a

B.卫星的轨道可能为b

C.卫星的轨道可能为c

D.同步卫星的轨道只可能为b

8、如图所示为汽车在水平路面上起动过程中的速度图象,Oa

为过原点的倾斜直线,ab

段表示以额定功率行驶时的加速阶段,bc

段是与ab

段相切的水平直线,则下述说法正确的是()

A.0隆芦t1

时间内汽车做匀加速运动且功率恒定B.t1隆芦t2

时间内汽车牵引力逐渐减小C.t1隆芦t2

时间内的平均速度为12(v1+v2)

D.在全过程中t1

时刻的牵引力及其功率都是最大值,t2隆芦t3

时间内牵引力最小9、下列物理量是矢量的是()A.位移B.加速度C.平均速率D.时间10、如图所示,在固定斜面上放置一物块,若在物块上再施加一个竖直向下的恒力F,则()A.若原来物体匀速下滑,物块仍然匀速下滑B.若原来物块加速下滑,则物体下滑的加速度更大C.若原来物体匀速下滑,物体将减速下滑D.若原来物块加速下滑,则物体可能加速下滑11、码头上两个人用水平力推集装箱,想让它动一下,但都推不动,其原因是()A.牛顿运动定律,不适用于静止物体B.推力总小于摩擦力C.集装箱所受合外力始终为零D.推力总小于最大静摩擦力12、同步卫星相对地面静止不动,犹如挂在天空中,下列说法正确的是()A.同步卫星处于平衡状态B.同步卫星的速率是唯一的,且大于第一宇宙速度C.同步卫星的高度是唯一的D.各国的同步卫星都在同一圆周上运动13、如图所示,物体AB

通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧,物体,B

的质量分别为2mm.

开始时细绳伸直,用手托着物体A

使弹簧处于原长且A

与地面的距离为h

物体B

静止在地面上.

放手后物体A

下落,与地面即将接触时速度大小为v

此时物体B

对地面恰好无压力,不计一切摩擦及空气阻力,重力加速度大小为g

则下列说法中正确的是(??)

A.物体A

下落过程中;物体A

和弹簧组成的系统机械能守恒。

B.弹簧的劲度系数为2mgh

C.物体A

着地时的加速度大小为g2

D.物体A

着地时弹簧的弹性势能为mgh鈭�12mv2

14、如图示为某一皮带传动装置.

主动轮的半径为r1

从动轮的半径为r2.

已知主动轮做顺时针转动,角速度为娄脴

转动过程中皮带不打滑.

下列说法中正确是(

)

A.从动轮做顺时针转动B.从动轮做逆时针转动C.从动轮的角速度为r1r2娄脴

D.从动轮的角速度为r2r1娄脴

15、如图所示;一质量为M的光滑大圆环,用一细轻杆固定在竖直平面内;套在大环上质量为m的小环,从大环的最高处由静止滑下,滑到大环的最低点的过程中(重力加速度大小为g)

()A.小环滑到大环的最低点时处于失重状态B.小环滑到大环的最低点时处于超重状态C.此过程中小环的机械能守恒D.小环滑到大环的最低点时,大圆环对杆的拉力大于(m+M)g评卷人得分三、填空题(共6题,共12分)16、蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚,并做各种空中动作的运动项目.一个质量为60kg的运动员,从离水平网面3.2m高处自由下落,着网后沿竖直方向蹦回离水平网面5.0m高处.已知运动员与网接触的时间为1.2s,若把这段时间内运动员的运动当成匀变速运动处理(即网对运动员的作用力当作恒力处理),则此过程中加速度的大小为______m/s2,此恒力的大小为______N.(g=10m/s2)17、物体的质量m=0.5kg

其位移s

与时间的关系式为s=4t鈭�t2.(s

的单位是mt

的单位是s).

则物体受到的合外力大小______N

物体在0

到3s

时间内通过的路程是______m.

18、如图所示为一小球做平抛运动的闪光照片的一部分,图中方格的边长为10cm,若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示,如果取g=10m/s2;那么。

(1)闪光照片的时间间隔是______s.

(2)小球运动的水平分速度为______m/s.19、水平地面上平铺着n块相同的砖,每块砖的质量均为m,厚度均为h,如将砖一块一块地叠放起来,至少要做功____焦.20、一位同学抓起放在地上的一瓶饮料,在他握着瓶身把饮料竖直向上匀速移动的过程中,如图所示,此时瓶子受到摩擦力的方向是____________.如果他手对瓶子的握力增大,则瓶子受到的摩擦力大小将____________(选填“变大”、“变小”或“不变”).21、如图,半径为R的半球形光滑的碗内,有一个质量为m的物体A,当碗绕竖直轴OO′匀速转动时,物体A在离碗底高度为h处紧贴着碗随碗一起匀速转动而不发生相对滑动,则碗转动的角速度为______.评卷人得分四、实验题(共4题,共24分)22、(I)为了测量某一弹簧的劲度系数,将该弹簧竖直悬挂起来,在自由端挂上不同质量的砝码。实验测出了砝码质量m与弹簧长度L的相应数据,其对应点已在图上标出。(g=10m/s2)(1)作出m—L的关系图线;(2)弹簧原长是cm;弹簧的劲度系数为_______N/m。23、某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验.气垫导轨装置如图(a)所示,所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成.在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔,向导轨空腔内不断通入压缩空气会从小孔中喷出,使滑块稳定地漂浮在导轨上,这样就大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差.(1)下面是实验的主要步骤:①安装好气垫导轨,调节气垫导轨的调节旋钮,使导轨水平;②向气垫导轨通入压缩空气;③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧,将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端,调节打点计时器的高度,直至滑块拖着纸带移动时,纸带始终在水平方向;④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳;⑤把滑块2放在气垫导轨的中间;⑥先______________,然后__________________,让滑块带动纸带一起运动;⑦取下纸带,重复步骤④⑤⑥,选出理想的纸带如图(b)所示;⑧测得滑块1的质量310g,滑块2(包括橡皮泥)的质量为205g.试完善实验步骤⑥的内容.(2)已知打点计时器每隔0.02s打一个点,计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为__________kg·m/s;两滑块相互作用以后系统的总动量为___________kg·m/s(保留三位有效数字).(3)试说明(2)中两结果不完全相等的主要原因是_____________________.24、在做“探究加速度与力、质量关系”的实验时,采用如图所示的实验装置,让重物通过轻绳拖动小车在长木板上做匀加速直线运动。其中小车质量用M表示,重物质量用m表示,加速度用a表示。(1)实验时需要将长木板的一端垫起适当的高度,这样做是为了消除______的影响,使小车所受合外力F等于绳对小车的拉力。(2)实验中由于绳对小车的拉力_______(选填“大于”、“等于”、“小于”)重物所受的重力,会给实验带来系统误差。为减小此误差,实验中要对小车质量M和重物质量m进行选取,以下四组数据中最合理的一组是______。(填写相应序号)①M=200g,m=40g、60g、80g、100g、120g、140g②M=200g,m=30g、35g、40g、45g、50g、55g③M=400g,m=20g、40g、60g、80g、100g、120g④M=400g,m=10g、15g、20g、25g、30g、35g(3)实验中某同学先保持重物质量m不变,改变小车质量M,测出了相应的加速度a。为便于得到a与M的关系,他采用图像法处理数据,你建议他做a与_____的图像。(4)甲、乙两同学用同一种方法做实验,即保持小车质量M不变,改变重物质量m,测出了相应的加速度a。正确操作后,他们根据各自测得的实验数据画出了如图2所示的a-F图像。他们得到图像不同,其原因是他们选取的_______不同,但他们得到了相同的结论,此结论是:________。25、【题文】一个小物体竖直上抛,然后又回到抛出点,已知小物体抛出时的初动能为100J,返回抛出点时的速度为5m/s,若小物体竖直上抛的初动能为200J,设空气阻力大小恒定,则小物体返回抛出点时的速度大小为_______m/s.评卷人得分五、其他(共4题,共28分)26、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车;其相关数据见表:

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24(1)求碳纤维车架的密度;

(2)算出比赛中的山地自行车对地面的压强;(取g=10N/kg)

(3)李伟在某路段匀速骑行6km,耗时10min,若该路段阻力为总重力的0.02倍,求他骑行功率.27、(2013•芜湖县校级自主招生)如图,是光滑斜面的示意图.斜面的水平长度为S,高为h,物体质量为m,如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端,拉力F=____(用题中相关字母表示).28、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车;其相关数据见表:

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24(1)求碳纤维车架的密度;

(2)算出比赛中的山地自行车对地面的压强;(取g=10N/kg)

(3)李伟在某路段匀速骑行6km,耗时10min,若该路段阻力为总重力的0.02倍,求他骑行功率.29、(2013•芜湖县校级自主招生)如图,是光滑斜面的示意图.斜面的水平长度为S,高为h,物体质量为m,如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端,拉力F=____(用题中相关字母表示).参考答案一、选择题(共6题,共12分)1、D【分析】【解析】试题分析:作用力做正功,反作用力可以做正功、负功或不做功,选项ABC错误;故选D考点:考查作用力和反作用力【解析】【答案】D2、C【分析】【解析】分析:飞船绕地球做匀速圆周运动;地球对飞船的万有引力提供飞船的向心力,知道飞船绕地球圆周运动的周期T;轨道半径R+H,即可求出地球的质量.利用圆周运动的知识,由周期和半径,能求出飞船的线速度.

解答:解:人造地球卫星做匀速圆周运动,万有引力等于向心力,F引=F向

解得:M=故A正确.

v=故D正确.

由于缺少卫星质量;引力大小无法算出,故C错误;

地球密度ρ=故B正确;

本题选不能计算的物理量;故选C.

点评:解决飞船、人造地球卫星类型的问题常常建立这样的模型:卫星绕地球做匀速圆周运动,地球对卫星的万有引力提供卫星所需要的向心力.常常是万有引力定律与圆周运动知识的综合应用.【解析】【答案】C3、D【分析】【分析】本题考查机械能守恒的条件。当只有重力做功或弹力做功,机械能守恒,根据机械能守恒的条件进行逐项分析判断。解题的关键掌握判断机械能守恒的条件,判断的方法:1

看系统是否只有重力或弹力做功。2

看动能和势能之和是否保持不变。【解答】A.在物体A

压缩弹簧的过程中;弹簧和物体A

组成的系统,只有重力和弹力做功,系统机械能守恒,对于A

由于弹性势能增加,则A

的机械能减小,故A错误;

B.物块B

沿A

下滑的过程中;A

向后退,AB

组成的系统,只有重力做功,机械能守恒,对于B

机械能不守恒,故B错误;

C.对AB

组成的系统,不计空气阻力,只有重力做功,AB

组成的系统机械能守恒,故C错误;D.小球在做圆锥摆的过程中,重力势能和动能都不变,机械能守恒,故D正确。故选D。

【解析】D

4、C【分析】选C.方法A偶然误差较大.方法D实际上也仅由始末两个速度决定,偶然误差也比较大.只有利用实验数据画出对应的v-t图像,才可充分利用各次测量数据,减少偶然误差.由于在物理图像中,两坐标轴的分度大小往往是不相等的,根据同一组数据,可以画出倾角不同的许多图像,方法B是错误的.【解析】【答案】C5、A【分析】解:AC、靠传送带传动两轮子边缘上的点线速度大小相等,所以a、c的线速度大小相等,共轴转动的物体上各点具有相同的角速度,所以b、c、d的角速度相等,根据v=rω;知a;c两点的角速度之比为2:1,所以a点与d点的角速度大小之比为2:1,故A正确,C错误;

BD、b、c、d的角速度相同,根据v=rω,知b;c、d的线速度之比为1:2:4;a、c的线速度大小相等;

所以a、b、c、d四点线速度之比为:va:vb:vc:vd=2:1:2:4;故BD错误;

故选:A。

共轴转动的各点角速度相等,靠传送带传动轮子上的各点线速度大小相等,根据v=rω,a=rω2=ωv可知各点线速度;角速度和向心加速度的大小。

解决本题的关键知道线速度、角速度、向心加速度与半径的关系,以及知道共轴转动的各点角速度相等,靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等。【解析】A6、B【分析】先以A为研究对象;分析受力情况:重力;B的竖直向上的支持力,B对A没有摩擦力,否则A不会匀速运动.

再对B研究;B受到重力;A对B竖直向下的压力,斜面的支持力和滑动摩擦力,共4个力,故B正确,ACD错误。

点睛:本题考查分析物体受力的能力,采用隔离法的思维,要结合平衡进行分析,一定要注意A与B之间是否存在摩擦力,同时按重力、弹力、摩擦力顺序进行分析。二、多选题(共9题,共18分)7、BCD【分析】【分析】卫星绕地球做匀速圆周运动,是靠万有引力提供向心力,万有引力的方向指向地心,故圆周运动的圆心为地心。本题考查万有引力定律的应用,关键是知道卫星绕地球做匀速圆周运动,圆心即为地心.

以及同步卫星的轨道在赤道上空。【解答】ABC.

卫星运动过程中的向心力由万有引力提供,故地心必定在卫星轨道的中心,即地心为圆周运动的圆心,因此卫星的轨道可能为bc

故BC正确,A错误;

D.而同步卫星由于其周期和地球的自转周期相同,轨道一定在赤道的上空,故同步卫星的轨道只可能为b

故D正确。

故选BCD。【解析】BCD

8、BD【分析】【分析】

在速度鈭�

时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动;而水平的直线表示匀速直线运动,曲线表示变速直线运动;汽车先做匀加速直线运动,牵引力不变,根据P=Fv

分析功率的变化,然后功率不变,做变加速直线运动,根据P=Fv

分析牵引力的变化,最后做匀速运动,牵引力等于阻力,功率不变.

根据图线围成的面积比较变加速和匀加速运动的位移,从而比较平均速度的大小。

【解答】

A.0?t1

时间内;汽车做匀加速直线运动,牵引力不变,速度增大,根据P=Fv

知,牵引力的功率增大,故A错误;

B.t1?t2

时间内;汽车的功率不变,根据P=Fv

知,速度增大,牵引力逐渐减小,故B正确;

C.t1?t2

时间内,若汽车做匀变速直线运动,平均速度为12(v1+v2)

因为变加速图线围成的面积大于匀加速直线图线围成的面积,则变加速的位移大于匀加速直线运动的位移,所以t1?t2

时间内的平均速度大于12(v1+v2)

故C错误;

D.由P=Fv

及运动过程可知;t1

时刻物体的牵引力最大,此后功率不变,而速度增大,故牵引力减小,t2?t3

时间内做匀速直线运动,功率不变,牵引力不变,而t2?t3

时间内,物体做匀速直线运动,物体的牵引力最小,故D正确。

故选BD。

【解析】BD

9、AB【分析】解:AB;矢量是既有大小又有方向的物理量;位移、加速度都是矢量,故AB正确.

CD;标量是只有大小没有方向的物理量.平均速率和时间都是标量;故CD错误.

故选:AB

矢量是既有大小又有方向的物理量;标量是只有大小没有方向的物理量.

对于物理量的矢标性与物理量的定义、物理意义、单位、公式等要一起学习,是物理概念内涵的一部分.【解析】【答案】AB10、AB【分析】解:AC;设斜面倾角为θ;原来物体匀速下滑时有:mgsinθ=μmgcosθ,即sinθ=μcosθ,与物体的重力无关,则施加竖直向下的力F,相当于物体的重力增大,物体仍匀速下滑,故A正确,C错误;

BD;若物块A原来加速下滑;则有mgsinθ>μmgcosθ,将F分解,则Fsinθ>μFcosθ,所以动力的增加量大于阻力的增加量,加速度变大,仍然加速下滑,故B正确,D错误;

故选:AB

本题可以将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个分力F1和F2;根据力的独立作用原理,单独研究F的作用效果,当F引起的动力增加较大时,加速度增大,相反引起的阻力增大较大时,加速度减小.

本题根据物体的受力情况,运用牛顿运动定律分析物体的运动情况,可以单独研究F的作用效果,也可以分两次用牛顿运动定律研究加速度,判断加速度的变化情况.【解析】【答案】AB11、CD【分析】解:集装箱推不动;因为集装箱在水平方向上受推力和静摩擦力平衡,根据牛顿运动定律可知,合力为零,但推力总小于最大静摩擦力.故C;D正确,A、B错误.

故选:CD.

码头上两个人用水平力推集装箱;想让它动一下,但都推不动,集装箱处于平衡状态,所受的合力为零.

解决本题的关键知道静摩擦力介于0和最大静摩擦力之间,物体推不动,因为推力和静摩擦力平衡.【解析】【答案】CD12、CD【分析】解:A;同步卫星受到地球的万有引力提供向心力做匀速圆周运动;加速度不为零,故A错误.

B、因为同步卫星要和地球自转同步,即ω相同,根据F==mω2r=m因为ω是一定值,所以r;v也是一定值;因半径的增大,则速度小于第一宇宙速度,故B错误;

C;由B选项分析可知;同步卫星的高度是唯一的,故C正确.

D;根据同步卫星与地球自转同步;与地面相对静止,同时卫星受到地球的万有引力提供向心力,指向圆心,万有引力指向地心,故同步卫星只能在赤道上空,所以各国的同步卫星都在同一圆周上运动,故D正确.

故选:CD.

解答本题需掌握:同步卫星与地球自转同步;同步卫星的周期必须与地球自转周期相同.所有的同步卫星定轨道(在赤道上方),定周期(与地球的自转周期相同),定速率;定高度.

同步卫星做匀速圆周运动;它所受的万有引力提供向心力.

本题关键抓住同步卫星与地球自转同步,万有引力指向地心,还要指向轨道圆的圆心,从而确定轨道平面;同时要结合万有引力提供向心力列式分析【解析】【答案】CD13、AC【分析】略【解析】AC

14、BC【分析】解:A

因为主动轮做顺时针转动;从动轮通过皮带的摩擦力带动转动,所以从动轮逆时针转动,A错误B正确;

C;由于通过皮带传动;皮带与轮边缘接触处的线速度相等;

根据v=娄脴r

得:娄脴2r2=娄脴r1

所以娄脴2=娄脴r1r2

故C正确;D错误;

故选:BC

因为主动轮做顺时针转动;从动轮通过皮带的摩擦力带动转动,所以从动轮逆时针转动,由于通过皮带传动,皮带与轮边缘接触处的线速度相等,根据角速度与线速度的关系即可求解.

本题考查了圆周运动角速度与线速度的关系,要知道同一根带子转动,线速度相等,同轴转动,角速度相等.【解析】BC

15、BCD【分析】解:

A;B、小环滑到大环的最低点时;有竖直向上的加速度,由牛顿运动定律可知小环处于超重状态。故A错误,B正确。

C;由于大环固定不动;对小环的支持力不做功,只有重力对小环做功,所以小环的机械能守恒。故C正确。

D、小环从最高到最低,由机械能守恒定律得:mg•2R=

小环在最低点时;根据牛顿第二定律得:

F-mg=m

联立得:F=5mg

对大环分析;有:T=F+Mg=5mg+Mg>(m+M)g.故D正确。

故选:BCD。

根据加速度方向分析小环的状态;对照机械能守恒条件:只有重力做功;分析机械能是否守恒;由机械能守恒定律求出小环运动到最低点的速度,根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时,大环对它的拉力,再用隔离法对大环分析,求出大圆环对轻杆的拉力大小.

解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源,运用牛顿第二定律进行求解.【解析】BCD三、填空题(共6题,共12分)16、略

【分析】解:设运动员落到水平网时的速度大小为v1,离水平网时的速度大小为v2

由运动学公式v2-v02=2ax可得:

=8m/s

取竖直向下为正方向;由加速度定义式可得:

由牛顿第二定律可得:

F-mg=ma

解得:F=1500N

故答案为:15;1500.

(1)根据自由落体运动规律计算出运动员落到水平网时的速度;根据竖直上抛运动的规律计算出运动员离开水平网时的速度,根据加速度定义式计算加速度的大小;

(2)根据牛顿第二定律计算出网对运动员的作用力.

此题考察了自由落体运动、竖直上抛运动的规律,牛顿第二定律和加速度定义式,根据加速度定义式计算加速度时要注意初末速度的方向.【解析】15;150017、1;5【分析】解:据题;位移与时间的关系式是:x=4t鈭�t2

由位移与时间的关系式,对照位移公式:x=v0t+12at2

可得:v0=4m/sa=鈭�2m/s2

根据牛顿第二定律得物体受到的合外力大小:F=ma=0.5隆脕2=1N

由0=v0+at

知t=42=2s

末时物体速度减小到零;此时位移为:s1=4隆脕2鈭�22=4m

剩余1s

内的位移为:s2=12at2=12隆脕2隆脕12=1m

故3s

内的路程为:s1+s2=1+4=5m

故答案为:15

根据位移与时间的关系式x=4t鈭�t2

对照位移公式,求出初速度和加速度,根据牛顿第二定律求合外力大小,由数学知识求出x

正向最大时所需时间,再求解3s

末的位移,求解所通过的路程.

对于路程,要分析物体运动过程的细节,找出与位移的关系,不要盲目的将总时间代入位移时间关系式求解得出结果.【解析】15

18、0.12.0【分析】解:(1)在竖直方向上有:△y=L=gT2,可知闪光照片的时间间隔为:T=.

(2)水平方向匀速运动,有:x=2L=v0t,解得:.

故答案为:(1)0.1;(2)2.0.

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动;在竖直方向上做自由落体运动,根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔.结合水平位移和时间间隔求出小球运动的水平分速度.

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式和推论灵活求解.【解析】0.12.019、略

【分析】【分析】本题考考查了学生对功能关系的理解和应用,砖的重心在其中心处即h处,因此第一块砖重心不变,其余n-1块砖重心依次比前一块砖重心升高h即可,然后根据数学关系求解.【解析】【解答】解:根据功和能的关系有:

第二块砖重力势能升高:mghJ

第三块砖重力势能升高:2mghJ

依此类推第n块砖;重力势能升高:(n-1)mghJ

总共做功为:W=(1+2+3+4+n-1)mghJ=mghJ.

故答案为:mgh.20、略

【分析】解:当瓶子静止时;瓶子受到静摩擦力作用,根据平衡有:f=mg,方向与重力的方向相反,竖直向上.静摩擦力大小与正压力大小无关,增大压力,瓶子所受的静摩擦力不变,仍然等于重力.

故答案为:竖直向上,不变【解析】竖直向上;不变21、略

【分析】解:AC的连线与竖直方向的夹角为α.

由几何知识得cosα=

根据牛顿第二定律得:mgtanα=mω2Rsinα

解得ω=

联立解得.

故答案为:.

物体A匀速转动时由重力和碗的支持力的合力提供向心力;由牛顿第二定律和向心力公式求解.

解决本题的关键知道小球做圆周运动向心力的来源,运用牛顿第二定律和几何关系进行求解.【解析】四、实验题(共4题,共24分)22、略

【分析】试题分析:(1)据题意,弹簧的弹力为则该图像是一条倾斜直线,作图如上图所示。(2)据图像可知,图线与横坐标的交点表示弹簧的原长;弹簧的劲度系数为考点:本题考查弹簧弹力与形变量的关系。【解析】【答案】(1)(2)23、略

【分析】作用前系统的总动量为滑块1的动量p0=m1v0.v0=0.2/0.1=2m/s,p0=0.31×2=0.620kg·m/s.作用后系统的总动量为滑块1和滑块2的动量和,且此时两滑块具有相同的速度v,v=0.168/0.14=1.2m/s,p=(m1+m2)v=(0.310+0.205)×1.2=0.618kg·m/s.【解析】【答案】(1)接通打点计时器的电源(5分)放开滑块1(5分)(2)0.620(5分)0.618(5分)(3)纸带与打点计时器限位孔有摩擦(5分)24、略

【分析】试题分析:(1)为了消除小车所受摩擦力对实验的影响,在该实验中需要将长木板的一端垫起适当的高度.故答案为:木板对小车的摩擦力.(2)重物与小车一起加速运动,因此重物对小车的拉力小于重物的重力,当盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m<<M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力,因此第④组数据比较符合要求.故答案为:小于,④.(3)根据牛顿第二定律F=Ma,a与M成反比,而反比例函数图象是曲线,而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系,故不能作a-M图象;但故a与成正比,而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线,就比较容易判定自变量和因变量之间的关系,故应作a-图象.故答案为:.(4)图象的斜率表示小车质量大小,因此斜率不同说明小车质量不同,图象为过原点的直线,说明当质量一定时,加速度

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