2024年沪教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年沪教版高二物理上册月考试卷943考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、一个物体做匀速圆周运动，在运动过程中一定不发生变化的物理量是（）A.角速度B.速度C.加速度D.合外力2、用多用电表探测如图所示的黑箱发现：用直流电压挡测量，EG

两点间和FG

两点间均有电压，EF

两点间无电压；用欧姆表测量，黑表笔接E

点，红表笔接F

点，阻值很小，但反接阻值很大.

那么该黑箱内元件的接法可能是选项图中的(

)

A.B.C.D.3、关于磁通量，下列说法正确的是(

)

A.穿过某个面的磁通量为零，该处的磁感应强度也为零B.穿过任一平面的磁通量越大，该处的磁感应强度也越大C.穿过垂直于磁场方向的某个平面的磁感线条数等于该处的磁感应强度D.当闭合线圈平面跟磁场方向平行时，穿过这个线圈平面的磁通量一定为零4、物体在地面上受到地球对它的万有引力为F

为使此物体受到的引力减小到F4

此物体距地面的高度应为(R

指地球半径)()

A.R

B.2R

C.4R

D.8R

5、如图所示，一理想变压器的原线圈接有电压为U的交流电，副线圈接有电阻R1、光敏电阻R2（阻值随光照增强而减小），开关S开始时处于闭合状态，下列说法正确的是（）A.当光照变弱时，变压器的输入功率增加B.当滑动触头P向下滑动时，电阻R1消耗的功率减小C.当开关S由闭合到断开，原线圈中电流变小D.当U减小时，副线圈中电流变大6、建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A.麦克斯韦B.库仑C.牛顿D.安培7、一根长0.2m电流为2A的通电导线；放在磁感应强度0.5T的匀强磁场中，受到磁场力的大小可能是（）

A.0.4N

B.0.3N

C.0.2N

D.0.1N

8、如图所示；让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（）

A.一定减小。

B.一定增大。

C.一定不变。

D.不能确定。

9、如图所示，与水平面成娄脕

角、宽为L

的倾斜平行金属导轨，处在方向竖直向上、磁感应强度为B

的匀强磁场中.

当回路电流强度为I

时，金属杆ab

水平静止在光滑导轨上，金属杆ab

所受安培力为F

斜面的支持力为N

则下列判断正确的是(

)

A.安培力方向垂直ab

杆沿斜面向上B.安培力方向垂直ab

杆水平向左C.N=BILsin娄脕

D.N=BILcos娄脕

评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)10、质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，且处在与小球所在平面平行、场强为E的匀强电场中。当小球A静止时，细线与竖直方向成30°角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则场强E的方向应与竖直方向成________度角，小球所带的电量应为_________。11、如图所示，有一面积为0.2m2，匝数为100匝的线圈A，处于匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面．磁感应强度随时间变化的规律是B=（6-0.2t）T，已知R1=4Ω，R2=6Ω，R3=6Ω，电容C=30μF．线圈A的电阻不计．闭合开关S，电路稳定后，通过R2的电流为____A；断开开关S后，通过R3的电荷量为____C．

12、长为l的导体棒原来不带电，现将一电荷量为-q的点电荷放在与棒的左端距离为R的地方，如图所示．达到静电平衡后，棒上的感应电荷在棒内距左端处产生的场强E=______，方向______．13、质子以速率v=4×106米/秒垂直进入0.5特的匀强磁场中，它受到的洛伦磁力为______N．（已知质子的电量e=1.6×10-19C）14、一交变电流的电流瞬时值i=5sin100πt（A），则它的最大值为______A，有效值为______A，频率为______Hz．15、读数（1）游标卡尺读数为___________mm螺旋测微器的读数为___________mm（2）用多用表测量电流、电压或电阻时，表盘指针的位置如图所示。如果选择开关指在“____—10置时，测量结果为____；如果选择开关指在“____—25”位置时，测量结果为____mA；如果选择开关指在“Ω×10”测量结果为____Ω16、两列相干波在空间相遇，实线表示波峰，虚线表示波谷，如图所示，两列波的振幅都为10cm，则图示中A点的振幅为______cm，B点的振幅为______cm，C点的振幅______cm．17、如图所示，匀强磁场的磁感应强度为0.8T，矩形线圈abcd的边长为ab=10cm，bc=20cm；线圈平面与磁场平行．

（1）若以ab边为轴，线圈转过90°，这时穿过线圈的磁通量为______，在这一过程中，磁通量的变化量为______．

（2）若以ad边为轴，线圈转过90°，这时穿过线圈的磁通量为______，磁通量的变化量为______．18、示波管的原理如下图所示；当两偏转电极均不加电压时电子打在荧光屏的正中间(亮斑)，规定：偏转电极XX’中，X板电势高电压为正；偏转电极YY’中，Y板电势高电压为正；

①若偏转电极XX’不加电压；只在偏转电极YY’所加图示电压，则在荧光屏上出现____________

②若偏转电极XX’加图示电压，同时偏转电极YY’所加图示电压，则在荧光屏上出现____________．请在直角坐标系中定性画出条纹形状．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）21、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、证明题(共2题，共4分)24、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。25、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、画图题(共2题，共8分)26、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、计算题(共1题，共3分)28、如图所示，有一内表面光滑的金属盒，底面长为L=1.5m，质量为m1=1kg，放在水平面上，与水平面间的动摩擦因数为μ=0.2，在盒内最右端放可看做质点的光滑金属球（半径忽略），质量为m2=1kg，现在盒的左端给盒施加一个水平冲量I=4N•s，（盒壁厚度，球与盒发生碰撞的时间和机械能损失均忽略不计）．g取10m/s2；求：（1）金属盒能在地面上运动多远？

（2）金属盒从开始运动到最后静止所经历的时间多长？参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】匀速圆周运动的速度方向时刻沿切线方向，加速度和合外力总指向圆心，BCD错误，不发生变化的是角速度，A正确。【解析】【答案】A2、B【分析】解：用直流电压挡测量；EG

两点间和FG

两点间均有电压，说明EG

与FG

间可能有电源存在；用欧姆档测量，因电流从黑表笔出来通过导体再从红表笔进入欧姆表，故若黑表笔接E

点红表笔接F

点时电阻小，说明电流容易从E

通过导体，若黑表笔接F

点红表笔接E

点时电阻很大，说明电流不能从F

通过，这就说明EF

间有二级管且E

是正极，故该黑箱内元件的接法可能是B

．

故选：B

．

欧姆表内部电池正极与黑表笔相连；电池负极与红表笔相连，二极管具有单向导电性，注意正负极的符号．

本题考查了探查黑箱内的电学元件实验；掌握多用电表是使用方法；知道二极管的特点即可正确解题．

【解析】B

3、D【分析】解；A

穿过某个面的磁通量为零；该处的磁感应强度不一定为零，也可能这个面与磁场平行.

故A错误．

B

穿过任一平面的磁通量越大；该处的磁感应强度不一定越大，也可能平面在磁场垂直方向投影的面积大.

故B错误．

C

穿过垂直于磁场方向的某个平面的磁感线条数表示该处的磁通量大小.

故C错误．

D

当闭合线圈平面跟磁场方向平行时；没有磁感线穿过线圈，则穿过这个线圈平面的磁通量一定为零.

故D正确．

故选：D

．

磁通量等于穿过磁场中某一面积的磁感线的条数；当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零.

当平面与垂直时，磁通量最大.

匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为娄碌=BSsin娄脕娄脕

是平面与磁场方向的夹角．

本题关键从磁通量的几何意义进行判断.

对于匀强磁场，磁通量可以用公式进行定量计算．【解析】D

4、A【分析】【分析】根据万有引力定律的内容(

万有引力是与质量乘积成正比；与距离的平方成反比)

解决问题。

要注意万有引力定律表达式里的r

为物体到地球中心的距离。能够应用控制变量法研究问题。【解答】根据万有引力定律表达式得：

F=GMmr2

其中r

为物体到地球中心的距离;

某物体在地球表面，受到地球的万有引力为F

此时r=R

若此物体受到的引力减小为F4

根据F=GMmr2

得出此时物体到地球中心的距离r隆盲=2R

所以物体距离地面的高度应为R

故选A。

【解析】A

5、C【分析】解：A；当光照变弱时；光敏电阻的阻值变大，输出功率减小，输入功率也变小，故A错误；

B、当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数减小，根据电压与匝数成正比知，副线圈两端的电压增大，电阻R1两端的电压增大，电阻R1消耗的功率增大；故B错误；

C；当开关K由闭合到断开；副线圈回路电阻增大，输出电流减小，匝数比不变，所以原线圈电流减小，故C正确；

D；当U增大时；副线圈电压增大，副线圈中电流变大，故D错误；

故选：C。

变压器的输入电压决定输出电压；输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率；结合功率表达式分析判断即可。

本题关键是明确变压器的电压、电流、功率关系，然后结合变压比公式和功率公式进行动态分析。【解析】C6、A【分析】解：A；建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦。故A正确。

B；库仑用扭秤实验发现了电荷间作用力的规律--库仑定律。故A错误。

C；牛顿发现了牛顿运动定律、万有引力定律等等。故C错误。

D；安培研究了通电导体间相互作用力；故D错误。

故选：A。

建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦．

本题考查物理学史，是常识性问题，平时要与主要知识一起学习，注重积累．【解析】A7、C|D【分析】

当通电导线与磁场垂直时，导线所受的磁场力最大，为Fmax=BIL=0.5×2×0.2N=0.2N；当导线与磁场平行时；导线所受磁场力最小为零．则导线所受磁场力的范围为0-0.2N．故CD正确，AB错误；

故选：CD

【解析】【答案】当通电导线与磁场垂直时；导线所受的磁场力最大；当导线与磁场平行时，导线所受磁场力最小．由安培力公式求出导线所受磁场力的范围再选择．

8、A【分析】

由题分析可知：平行板电容器的电量Q不变，在两极板间插入电介质，电容C增大，由公式C=可知；电势差U减小，静电计指针的偏转角度减小．故A正确．

故选A

【解析】【答案】静电计测量电容器两板间的电势差；电势差越大，指针的张角越大．由题分析可知：平行板电容器的电量不变，在两极板间插入电介质，电容增大，再分析电势差的变化，确定指针的偏转角度的变化．

9、C【分析】解：AB

由于ab

棒与磁场垂直，所以导体棒ab

受到安培力的大小为：F=BIL

导体棒中电流方向为b隆煤a

由左手定则判断可知导体棒ab

受到安培力的方向为垂直于杆方向水平向右；故A错误；B错误；

C；D

对导体棒受力分析；受重力、支持力和安培力，如图所示：

根据共点力平衡条件；有：

N=Fsin娄脕=BILsin娄脕

故C正确；D错误；

故选：C

．

导体棒垂直处在匀强磁场中；根据安培力公式F=BIL

求解安培力的大小；根据左手定则判断安培力的方向.

受力分析后根据共点力平衡条件求解支持力大小．

本题关键是导体棒的受力情况，会用左手定则判断安培力方向，会根据共点力平衡条件列式求解，基础问题．【解析】C

二、填空题(共9题，共18分)10、略

【分析】试题分析:以小球为研究对象，分析受力情况，如图．根据作图法得到，当电场力qE与细线垂直时，电场力最小；根据平衡条件得qE=mgsin30°得到q=场强E的方向应与竖直方向成60°度角考点：电场强度；共点力平衡的条件及其应用【解析】【答案】60°，11、略

【分析】

∵B=6-0.2t

∴=0.2T/s

A线圈内产生的感应电动势：E=n=n=100×0.2×0.2V=4V

S闭合后，电路中电流I==A=0.4A

电容器与电阻R2并联，上方电势高，故上极板带正电，断开S后，通过R2的电量为：Q=CU2=CIR2=7.2×10-5C；

故答案为：0.4，7.2×10-5

【解析】【答案】根据法拉第电磁感应定律求出线圈产生的感应电动势，根据闭合电路欧姆定律求出电流强度的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向；断开S，电容器放电，所带的电量全部通过R2，闭合时，根据Q=CU求出R2所带的电量．

12、略

【分析】解：水平导体棒当达到静电平衡后，棒上感应电荷在棒内距离左端处产生的场强大小与一带电量为-q的点电荷在该处产生的电场强度大小相等，则有：E==

由于该处的电场强度为零；所以方向与一带电量为-q的点电荷在该处产生的电场强度的方向相反，即水平向右．

故答案为：水平向右。

根据静电平衡可知；达到静电平衡后，感应电荷产生的附加电场与外面的电场大小相等，方向相反，所以导体内部场强处处为0，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等．然后在结合库仑定律解答即可．

该题结合库仑定律考查静电平衡状态的特点，牢记当金属导体处于电场时出现静电平衡现象，内部的场强处处为0，导体是等势体即可．【解析】水平向右13、略

【分析】解：v垂直于磁场方向时，洛伦兹力F=qvB=1.6×10-19×4×106×0.5N=3.2×10-13N．

故答案为：3.2×10-13；

根据洛伦兹力大小公式F=qvB求出洛伦兹力的大小．当磁场方向与粒子速度方向平行；则磁场力为零．

解决本题的关键知道当磁场方向与带电粒子速度方向垂直时，F=qvB，基础题目．【解析】3.2×10-1314、略

【分析】解：由表达式可知，电流的峰值为Im=5A；，电流的有效值I==2.5A；

交变电流的频率为f==50Hz；

故答案为：5；2.550．

运用瞬时表达式求出峰值；根据有效值和峰值的关系可求得有效值，通过瞬时表达式与交电流的ω=2πf，可求出频率．

本题考查交流电的性质，要知道有效值的物理意义，明确正弦式交流电的有效值等于最大值除以同时会根据角速度求解频率．【解析】5；2.55015、略

【分析】【解析】试题分析：(1)游标卡尺的读数为：螺旋测微器的读数为：(2)如果选择开关指在“____—10置时，则为1分度盘，所以测量结果为5.1V如果选择开关指在“____—25”位置时，则最小分度为0.1mA，所以测量结果为12.8mA，（3）如果选择开关指在“Ω×10”测量结果为考点：考查了实验仪器的读数问题【解析】【答案】（1）9.40mm,10.295mm（2）5.1V；12.8mA；145Ω16、略

【分析】解：两个相干波源产生的干涉图样；图中A；B点是振动加强点，C点是振动减弱点；

因两列波的振幅都为10cm；则图示中A点的振幅为2A=20cm，B点的振幅为2A=20cm，C点的振幅0cm；

故答案为：20；20；0．

列波相遇时振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，则振动情况相同时振动加强；振动情况相反时振动减弱．

波的叠加满足矢量法则，当振动情况相同则相加，振动情况相反时则相减，且两列波互不干扰．例如当该波的波峰与波峰相遇时，此处相对平衡位置的位移为振幅的二倍；当波峰与波谷相遇时此处的位移为零．【解析】20；20；017、略

【分析】解：（1）若以ab边为轴；线圈转过90°；

在匀强磁场中，穿过线框的磁通量公式为：Φ=BS=0.8×0.1×0.2=1.6×10-2Wb；

在这一过程中，磁通量的变化量为△∅=∅-0=1.6×10-2Wb；

（2）若以ad边为轴；线圈转过90°，线框与磁场平行，没有磁感线穿过线框，则穿过线框的磁通量为0，变化也为零．

故答案为：（1）1.6×10-2Wb，1.6×10-2Wb；（2）0；0．

在匀强磁场中；穿过线框的磁通量公式为：Φ=BS；磁感线可以用穿过线框的磁感线的条数来理解．当线框与磁场平行时，穿过线框的磁通量为零．

对于磁通量，关键抓住两种特殊下磁通量的求解公式：在匀强磁场中，当B⊥S时，Φ=BS；当B∥S，Φ=0．根据这两种情况，运用投影的方法可求线框与磁场成任意角时的磁通量．【解析】1.6×10-2Wb；1.6×10-2Wb；0；018、略

【分析】经解：①因偏转电极XX’不加电压；则在水平向不偏转，而在偏转电极YY’加图示电压，则在y向出现偏转，电压大则偏转大，因视学暂留则外观为一条竖线．

②偏转电极XX’加图示电压；水平向偏转，同时偏转电极YY’加图示电压，则沿y向偏转，其显示波形为Y向所加电压波形．如图所示。

故答案为：①一条竖线；②正弦图线，如图示【解析】一条竖线;正弦图线三、判断题(共5题，共10分)19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．21、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、证明题(共2题，共4分)24、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动25、略

【分析】见答案【解析】【答案】（6分）令小球向右偏离平衡位置位移为X,则左侧弹簧被拉伸X，右侧弹簧被压缩X。小球所受合外力为，F=K1X+K2X=(K1+K2)X=KX考虑到F与X的方向相反，则F=-KX所以小球的运动为简谐运动五、画图题(共2题，共8分)26、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】27、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、计算题(共1题，共3分)28、