2025年鲁科五四新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年鲁科五四新版选修3物理上册阶段测试试卷770考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、在如图所示的电路中；闭合开关，将滑动变阻器的滑片向右移动一段距离，待电路稳定后，与滑片移动前比较。

A.灯泡L变亮B.电容器C上的电荷量不变C.电源消耗的总功率变小D.电阻R0两端电压变大2、关于分子动理论，下列说法正确的是（）A.分子直径的数量级约为10−15mB.压缩气体时要用力，是由于气体分子间存在斥力的缘故C.相对湿度越大，人感觉越潮湿D.水结为冰时，部分水分子已经停止了热运动3、条形磁铁竖直放置；闭合圆环水平放置，条形磁铁中心穿过圆环中心，如图所示．若圆环为弹性环，其形状由I扩大到II，那么圆环内磁通量的变化情况是（）

A.磁通量不变B.磁通量增大C.磁通量减小D.条件不足，无法确定4、如图所示；三根通电长直导线P；Q、R垂直纸面放置在正三角形的三个顶点上，它们均通有垂直纸面向里的电流，电流大小均相等，则此时R导线所受磁场力方向为。

A.沿x轴正向B.沿x轴负向C.沿y轴正向D.沿y轴负向5、法拉第研制成的世界上第一台发电机模型的原理图如图所示．将铜盘放在磁场中，让磁感线垂直穿过铜盘，a、b为导线；逆时针转动铜盘，就可以使灯泡亮起的，则下列说法正确的是（）

A.回路中电流大小恒定B.回路中电流方向不变，且从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘C.回路中有大小和方向作周期性变化的电流D.若垂直穿过铜盘的磁场的磁感应强度按正弦规律变化，不转动铜盘，灯泡中也会有电流6、在一蹄形磁铁两极之间放一个矩形线框.磁铁和线框都可以绕竖直轴自由转动.若使蹄形磁铁以某角速度转动时,线框的情况将是。

A.静止B.随磁铁同方向转动C.与磁铁反方向转动D.由磁铁的极性来决定7、如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板连接，静电计针的偏转示电容两极板间的电势差．实验中保持极板上的电荷量不变．设电容两极正对面积为极板间的距离为静电计指针偏角为．下列关于实验现象的描述正确的是（）

A.保持不变，增大则变大B.保持不变，减小则不变C.保持不变，减小则变小D.保持不变，在两板间插入电介质，则变大8、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时（）A.速度最大B.回复力最大C.加速度最大D.弹性势能最大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、下列说法正确的是（）A.理想气体的压强与单位体积的分子数、温度以及气体的摩尔质量有关B.1mol的理想氢气和1mol的理想氧气，气体温度相同时，氧气分子的平均速率较小C.两个分子在靠近的过程中，分子势能可能先减小后增大E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发E.农业生产中，锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发10、下列说法正确的是___________。A.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的增大而增大B.温度高的物体分子平均动能一定大，内能也一定大C.气体压强的大小跟气体分子的平均动能和分子的密集程度有关E.空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近同一温度时水的饱和汽压E.空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近同一温度时水的饱和汽压11、如图是倾角θ＝30°的光滑绝缘斜面在纸面内的截面图．一长为L，质量为m的导体棒垂直纸面放在斜面上，现给导体棒通入电流强度为I，并在垂直于导体棒的平面内加匀强磁场，要使导体棒静止在斜面上，已知当地重力加速度为g，则下列说法正确的是()

A.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为90°≤α＜240°

B.所加磁场方向与x轴正方向的夹角α的范围应为0°≤α＜150°

C.所加磁场的磁感应强度的最小值为D.所加磁场的磁感应强度的最小值为12、如图所示，在光滑绝缘水平面上有一单匝线圈ABCD，在水平外力作用下以大小为v的速度向右匀速进入竖直向上的匀强磁场，第二次以大小为的速度向右匀速进入该匀强磁场；则下列说法正确的是。

A.第二次进入与第一次进入时线圈中的电流之比为1：3B.第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为1：3C.第二次进入与第一次进入时线圈中产生的热量之比为1：3D.第二次进入与第一次进入时通过线圈中某一横截面的电荷量之比为1：313、在一小型交流发电机中，矩形金属线圈abcd的面积为S、匝数为n、线圈总电阻为r，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕OO′轴以角速度ω匀速转动（如图甲所示），产生的感应电动势e随时间t的变化关系如图乙所示，矩形线圈与阻值为R的电阻构成闭合电路，下列说法中正确的是()

A.t2~t3时间内穿过线圈磁通量的变化量为零B.t4时刻穿过线圈的磁通量变化率的大小为C.t3~t4时间内通过电阻R的电荷量为D.t1~t5时间内电阻R的发热量为14、设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中；极板所带电荷量不变，则下列说法正确的是（）

A.保持S不变，增大d,则θ变大B.用手触摸极板B,则θ变小C.保持d不变，减小S,则θ变小D.在两板间插入电介质,则θ变小15、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻(电阻随光强的增大而减小)．当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表V的示数分别为I和U．以下说法正确的是()

A.若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少B.若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U增大C.若仅用更强的光照射R1，则I增大，U减小，电容器所带电荷量减少D.若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值减小评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、基本逻辑电路——门电路中所谓“门”，就是一种开关，在一定条件下它允许信号通过；如果条件不满足，信号就被阻挡在“门”外。如图所示的电路是用来说明“______”逻辑关系的电路。（选填“与”、“非’’或者“或”）17、热平衡：两个相互接触的热力学系统，经过一段时间，各自的状态参量_______，说明两个系统达到了平衡，这种平衡叫作热平衡。18、用DIS研究一定质量气体在温度不变时；压强与体积关系的实验装置如图甲所示，实验步骤如下：

①把注射器活塞移至注射器中间位置；将注射器与压强传感器；数据采集器、计算机逐一连接。

②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值p。

③用图像处理实验数据；得出如图乙所示的图线。

(1)为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是___________。

(2)为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是___________和___________。19、一卡诺热机，工作在300K的高温热源和200K的低温热源之间，则此热机的效率η=__________________。若在等温膨胀过程中此热机吸热2×105J，则在每一循环中对外所作的功W=_______________。20、如图是一定质量理想气体的图像，气体从图中A状态变到状态，设A，状态的体积分别为内能分别为由图可知______________________（填“”“”或“”）。从到气体___________热量（填“吸收”或“放出”）。

21、如图所示为一弹簧振子的振动图像；试完成以下问题：

（1）该振子简谐运动的表达式为____________________；

（2）该振子在第100s时的位移为________cm，该振子在前100s内的路程为________cm．22、如图所示，一束激光频率为传播方向正对卫星飞行方向，已知真空中光速为c，卫星速度为u，则卫星上观测到激光的传播速度是______，卫星接收到激光的频率______（选填“大于”“等于”或“小于”）。

23、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。24、高空作业须系安全带。如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带刚对人产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动），重力加速度为g，设竖直向上为正方向，则此过程人的动量变化量为______。此后经历时间t安全带达到最大伸长量，若在此过程中安全带作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为_____。评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

AC．滑动变阻器的滑片向右移动一点，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知，流过电源的电流减小，则由

知电源的总功率变小；且流过灯泡的电流减小，灯泡L亮度变暗，故A错误，C正确；

B．电源的路端电压

增大；即电容器电压增大将充电，电荷量将增大．故B错误；

D．电阻只有在电容器充放电时有短暂的电流通过；稳定状态无电流，则其两端的电压为零不变，D错误。

故选C。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．分子直径的数量级为10−10m，原子核直径的数量级才是10−15m；故A错误；

B．气体分子的平均距离较大；一般是分子直径数量级的10倍，气体分子之间的作用力可以忽略不计，而压缩气体时要用力，是因为气体分子无规则运动时相互碰撞产生了气体压强，故B错误；

C．空气相对湿度越大；人体表的水分较难蒸发，所以感到潮湿，故C正确；

D．分子永不停息地做无规则运动；水结为冰后，水分子热运动剧烈程度降低，但不会停止热运动，故D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

磁感线是闭合曲线，磁铁内部穿过线圈的磁感线条数等于外部所有磁感线的总和，图中内部磁感线线比外部多．外部的磁感线与内部的磁感线方向相反，外部的磁感线将内部抵消，Ⅰ位置磁铁外部磁感线条数少，将内部磁感线抵消少，则Ⅰ位置磁通量大．而Ⅱ位置磁铁外部磁感线条数多，将内部磁感线抵消多，则Ⅱ位置磁通量小．故选C.4、D【分析】由安培定则可知，通电导线P、Q在R处产生的合磁场方向水平向右，即沿X轴正方向，则R处的磁场方向沿X轴正方向；由左手定则可知，通电直导线R所受安培力垂直于R指向Y轴负方向．选项D正确，ABC错误，故选D．5、B【分析】【详解】

铜盘转动产生的感应电动势为B、L不变，但是ω可能变化，E可能变化，根据欧姆定律得电流不一定恒定不变，故A错误．根据右手定则判断，回路中电流方向不变，从b导线流进灯泡，再从a流向旋转的铜盘．故B正确，C错误．垂直穿过铜盘的正弦变化的磁场，铜盘中产生涡旋电场，但a、b间无电势差，灯泡中没有电流流过．故D错误．6、B【分析】【详解】

根据楞次定律可知，为阻碍磁通量增加，则导致线圈与磁铁转动方向相同，但快慢不一，线圈的转速一定比磁铁转速小，与磁铁的极性无关，B正确．7、A【分析】【详解】

A：平行板电容器的电容电容器电压与电容的关系为电量不变，保持不变，增大电容减小，电压增大，变大；故A项正确．

B：电量不变，保持不变，减小电容增大，电压减小，变小；故B项错误．

C：电量不变，保持不变，减小电容减小，电压增大，变大；故C项错误．

D：电量不变，保持不变，在两板间插入电介质，电容增大，电压变小，变小；故D项错误．

所以选A．

点睛：①平行板电容器充电后，若保持其始终与直流电源相连，则板间电压不变．当电容器电容的影响因素发生变化后，据来判断各量如何变化．

②平行板电容器充电后与电源断开，由于电荷不能移动，电容器的带电量不变．当电容器电容的影响因素发生变化后，据来判断各量如何变化．8、A【分析】A、D、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，弹性势能最小，动能最大，故速度最大，故A正确，D错误；B、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，位移为零，根据F=-kx，回复力为零，故B错误；C、弹簧振子在做简谐运动的过程中，振子通过平衡位置时，位移为零，根据加速度为零，故C错误；故选A．

【点睛】本题关键是明确简谐运动的运动特点，熟悉回复力、加速度的计算公式．二、多选题(共7题，共14分)9、B:C:E【分析】【详解】

A．理想气体的压强与单位体积的分子数；温度有关；与气体的摩尔质量无关，故A错误；

B．1mol的理想氢气和1mol的理想氧气；气体温度相同时，分子的平均动能相同，但氧气分子质量较大，所以氧气分子的平均速率较小，故B正确；

C．两个分子在靠近的过程中；分子力可能做正功也可能做负功，分子势能可能先减小后增大，故C正确；

D．干湿泡湿度计的湿泡温度计与干泡温度计的示数差距越大；说明湿泡处的水分蒸发越快，说明空气湿度越小，故D错误；

E．农业生产中；锄松地面的土壤，目的是为了破坏土壤表面层的毛细管，减少水分的蒸发；

故E正确；

故选BCE。10、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．当分子间作用力表现为斥力时；减小分子间的距离，分子力做负功，分子势能增大，A错误；

B．温度高的物体的分子平均动能一定大；内能包括了分子动能和分子势能，由于分子势能变化不确定，所以内能不一定越大，B错误；

C．气体对容器壁的压强是由于大量气体分子对器壁碰撞作用产生的；压强的大小跟气体分子的平均动能；分子的密集程度有关，C正确；

D．表面层内液体分子的作用力主要表现为引力；正是分子间的这种引力作用，使表面层具有收缩的趋势；昆虫停在水面上，水面向下发生弯曲，表面层具有的收缩的趋势给了昆虫向上的支持力，D正确；

E．在某一温度下；水蒸气的压强与同温度下饱和汽压的比，称为空气的相对湿度，空气湿度越大空气中的水蒸气越接近饱和状态，E正确；

故选CDE。11、B:D【分析】【分析】

根据共点力平衡得出安培力方向的范围；从而得出磁场方向的范围，根据平行四边形定则求出安培力的最小值，结合安培力公式得出磁感应强度的最小值．

【详解】

A；B项：根据共点力平衡知；安培力的方向在垂直斜面向下与竖直向上这两个方向之间，根据左手定则知，所加磁场方向与x轴正方向的夹角θ的范围应为0°≤θ＜150°．故A错误，B正确；

C、D当安培力的方向与支持力方向垂直时，安培力最小，根据平行四边形定则有：FA=mgsin30°=BIL，则磁感应强度的最小值B=故C错误，D正确．

故应选：BD．

【点睛】

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，求解最小值问题，往往通过三角形法分析判断．12、A:C【分析】【详解】

A、设磁感应强度为B，CD边长度为L，AD边长为线圈电阻为R；线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势E=BLv，感应电流感应电流I与速度v成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比：故A正确；

B、线圈进入磁场时受到的安培力：线圈做匀速直线运动，由平衡条件得，外力外力功率功率与速度的平方成正比，第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比：故B错误；

C、线圈进入磁场过程中产生的热量：产生的热量与速度成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中产生热量之比：故C正确；

D、通过导线横截面电荷量：电荷量与速度无关，电荷量之比为1：1，故D错误．

故选AC．

【点睛】

根据切割公式E=BLv求解电动势，由欧姆定律求出感应电流，然后求出电流之比；线框匀速进入匀强磁场，安培力与外力平衡，根据安培力公式求解安培力，再结合平衡条件得到外力，最后根据P=Fv求解外力的功率；由焦耳定律求出线圈产生的热量，然后求出热量之比．由电流定义式求出电荷量间的关系．13、B:C【分析】【详解】

t2～t3时间内穿过线圈磁通量的变化量为△Φ=BS，故A错误；由于产生的电动势最大值为E0，根据所以磁通量变化率的最大值故B正确；通过电阻的电荷量所以t4到t3这段时间通过电阻R的电荷量为：故C正确；t1～t5时间内电阻R的发热量为：故D错误；14、A:B:D【分析】【详解】

A．当板间距离增大时由

知电容C减小，由

知电势差U增大；静电计指针的偏转角度增大，故A正确；

B．当用手触摸极板B时，极板上的电荷量传到人体，电荷量减小，根据

知变小，则静电计指针的偏转角度θ变小；故B正确；

C．当两板间正对面积减小时由

知电容C减小，由

知电势差U增大；静电计指针的偏转角度增大，故C错误；

D．当两板间插入电介质时由

知电容C增大，由

知电势差U减小；静电计指针的偏转角度减小，故D正确。

故选ABD。15、A:C【分析】【详解】

A.若仅增大A、B板间距离，电容减小，板间电压不变，则由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少；故A正确；

B.滑动变阻器处于含电容支路中；相当于导线，所以移动滑动触头，I不变，U不变．故B错误；

C.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少．故C正确；

D.若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得U=E-Ir可得：不变，故D错误．

故选AC．三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

图中两个开关串联，只有都闭合时，灯L才能亮，所以该逻辑关系为“与”逻辑关系。【解析】与17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】不再变化18、略

【分析】【详解】

(1)[1]为了保证气体的质量不变；要用润滑油涂活塞保证封闭效果。

(2)[2][3]气体的体积变化，外界对气体做正功或负功，要让气体与外界进行足够的热交换，一要时间长，也就是抽动活塞缓慢，二要活塞导热性能好。【解析】①.用润滑油涂活塞②.慢慢地抽动活塞③.活塞导热性能好19、略

【分析】【详解】

[1]卡诺热机的效率

[2]由

可得【解析】33.3%6.67×104J20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]从图像可以看出为等容变化，所以=

[2]一定质量的理想气体内能只与温度有关所以＜

[3]从状态A到状态B体积不变，内能增加，所以应该为吸收热量。【解析】=＜吸收21、略

【分析】【详解】

（1）弹簧振子的周期为T=4s，则角速度为：振幅A=5cm故该振子简谐运动的表达式为x=Asinωt=5sintcm．

（2）因而振子在一个周期内通过的路程是4A，所以振子在前100s的总路程是：s=25×4A=100×5cm=500cm；总位移为0.【解析】(cm)050022、略

【分析】【详解】

[1]根据光速不变原理，卫星上观测到激光的传播速度为c；

[2]因为激光和卫星是相向运动，依据多普勒效应可知，卫星接收到激光的频率大于【解析】C大于23、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；24、略

【分析】【详