2024年中图版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年中图版选择性必修2物理上册阶段测试试卷259考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图是安装在潜水器上深度表的电路简图，显示器由电流表改装而成，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，电源电压不变，R0是定值电阻；在潜水器下潜过程中，电路中有关物理量的变化情况是（）

A.通过显示器的电流减小B.R0两端的电压增大C.传感器两端的电压增大D.电路的总功率减小2、加速性能；电能利用率、动能回收等是电动汽车电机的重要指标。如图所示；甲、乙分别是目前被广泛采用的两种电机的简化原理示意图，它们的相同点是利用作为定子的电磁铁（1和4；2和5；3和6）三组线圈交替产生磁场，实现了电磁铁激发的磁场在平面内沿顺时针方向转动的效果，以驱动转子运动；不同的是甲图所示电机的转子是一个永磁铁，而乙图所示电机的转子是绕在软铁上的闭合线圈。通过电磁驱动转子转动，可以为电动汽车提供动力。若假定两种电机的每组电磁铁中电流变化周期和有效值均相同，下列说法正确的是（）

A.若减小两种电机的每组电磁铁中电流变化周期，则电机稳定工作时，两电机转子运动周期会增大B.若增大两种电机的每组电磁铁中电流有效值，则电机稳定工作时，乙电机产生的热功率会增大C.电机稳定工作时，甲电机转子的转速与电磁铁激发磁场的转速不同D.刹车（停止供电）时，乙电机转子由于惯性继续旋转，可以通过反向发电从而回收动能3、如图所示，在0≤x≤2L的区域内存在着垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B，粗细均匀的正方形金属线框abcd位于xOy平面内，线框的bc边与x轴重合，cd边与y轴重合，线框的边长为L，总电阻为R．现让线框从图示位置由静止开始沿x轴正方向以加速度a做匀加速运动，通过磁场区域，则下列说法正确的是()

A.全过程a端电势比b端电势有时高，有时低．B.线框完全进入磁场时，a、b两端没有电势差C.a、b两端的电压最大值为D.a、b两端的电压最大值为4、图中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里．abc是位于纸面内的等腰直角三角形线圈，ab边平行于磁场的虚线边界，bc边长也为l．t=0时刻，c点位于磁场区域的边界上（如图）．现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c的感应电流为正；则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是（）

A.B.C.D.5、下列关于教材中四幅插图的说法正确的是（）

A.图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会反向转动，且跟磁体转动的一样快B.图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈中产生大量热量，从而冶炼金属C.丙是回旋加速器的示意图，当增大交流电压时，粒子获得的最大动能不变，所需时间变短D.图丁是微安表的表头，在运输时要把两个正、负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁驱动原理6、普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数为100匝，工作时电流为Iab；cd一侧线圈的匝数为2000匝，工作时电流为Icd，为了使电流表能正常工作，则（）

A.ab接MN、cd接PQ，Iab：Icd=1：20B.ab接MN、cd接PQ，Iab：Icd=20：1C.ab接PQ、cd接MN，Iab：Icd=1：20D.ab接PQ、cd接MN，Iab：Icd=20：17、一电吹风电路图如图所示，a、b、c、d为四个固定触点：可动的扇形金属触片P可同时接触两个触点。触片P处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风三种工作状态，输入电压220V保持不变，和分别是理想变压器原、副线圈的匝数，小风扇的额定电压为正常工作时小风扇输出功率为下列说法正确的有（）

A.小风扇的内阻是B.触片同时与a、b接触时吹冷风C.理想变压器原、副线圈的匝数比D.吹热风时和吹冷风时通过电吹风的总电流相等8、下列叙述中符合物理学史实的是（）A.奥斯特在实验中观察到电流的磁效应B.法拉第提出了著名的分子电流假说C.麦克斯韦证实了电磁波的存在D.法拉第测出电磁波与光的传播速度相同评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、美国研发的强力武器轨道电磁炮在试射中将炮弹以5倍音速射向200千米外目标，射程为海军常规武器的10倍，且破坏力惊人。电磁炮原理如图所示，若炮弹质量为m，水平轨道长L，宽为d，轨道摩擦不计，炮弹在轨道上做匀加速运动，要使炮弹达到5倍音速（设音速为v）；则（）

A.炮弹在轨道上的加速度为B.磁场力做的功为mv2C.磁场力做功的最大功率为D.磁场力的大小为10、如图所示，图甲是LC振荡回路中电流随时间的变化关系，若以图乙回路中顺时针方向的电流为正，a、b、c、d均为电场能或磁场能最大的时刻；下列说法正确的（）

A.图乙中的a是电场能最大的时刻，对应图甲中的时刻B.图乙中的b是电场能最大的时刻，此后的内电流方向为正C.图乙中的c是磁场能最大的时刻，对应图甲中的时刻D.图乙中的d是磁场能最大的时刻，此后电容C的下极板将充上正电荷11、如图所示的电路中，理想变压器输入的交流电压不变；开关K闭合后，下列说法正确的是（）

A.电流表A示数变大B.电压表V示数不变C.变压器的输入功率变大D.灯变亮12、如图所示，电阻不计的光滑金属导轨MN、PQ水平放置，间距为d，两侧接有电阻阻值均为R，右侧有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为m、长度也为d的金属杆置于左侧，在水平向右、大小为F的恒定拉力作用下由静止开始运动，经时间t到达时撤去恒力F，金属杆在到达NQ之前减速为零。已知金属杆电阻也为R；与导轨始终保持垂直且接触良好，下列说法正确的是（）

A.杆刚进入磁场时速度大小为B.杆刚进入磁场时电阻两端的电势差大小为C.整个过程中，流过金属杆的电荷量为D.整个过程中，电阻上产生的焦耳热为13、如图所示为变压器工作电路示意图，其中T为理想变压器，输电线电阻可等效为电阻r，灯L1、L2相同且阻值不变．现保持变压器T的输入电压不变，滑片P处于图中位置，开关S断开，该状态下灯L1正常发光；则下列说法正确的是。

A.仅闭合开关S，灯L1会变亮B.仅闭合开关S，r消耗的功率会变大C.仅将滑片P下移，r消耗的功率会变小D.仅将滑片P上移，电流表示数会变小14、如图所示，方向竖直向下的匀强磁场B中有两根位于同一水平面内的足够长的平行金属导轨，导轨间的距离为L，两电阻均为R的光滑导体棒静止在导轨上，的质量是m，的质量是时，棒以初速度向右滑动。运动过程中，始终与导轨垂直并接触良好。下列说法正确的是（）

A.0时刻棒的加速度大小为B.最终两棒的速度均为C.整个过程中通过棒横截面的电荷量是D.整个过程中两棒间增加的距离是15、如图所示，两光滑平行长直导轨水平放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场与导轨所在平面垂直。已知金属棒MN能沿导轨自由滑动，导轨一端跨接一个定值电阻R，金属棒与导轨电阻不计。金属棒在恒力F作用下从静止开始沿导轨向右运动，在以后过程中，金属棒速度v、加速度a、感应电动势E以及通过电阻R的电荷量q随时间t变化的关系表示正确的是（）

A.B.C.D.评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、光敏电阻在自动化装置中有很多应用，街道路灯自动控制就是其应用之一，图示电路为其模拟电路，其中干电池的内阻可忽略不计，A处接电磁继电器，B为三极管（当时，间的电阻R可忽略不计，当时，R可视为无穷大），b点的电势由与的比值决定，中有一个是定值电阻；另一个是光敏电阻，阻值随光照强度增强而减小，C为电磁继电器，D为路灯。为了达到日出路灯熄，日落路灯亮的效果，请回答下列问题：

(1)是___________（选填“光敏电阻”或“定值电阻”）；

(2)请用笔画线代替导线，将实物连接成正确的电路。（________）17、法拉第电磁感应定律。

（1）内容：闭合电路中感应电动势的大小，跟穿过这一电路的_________成正比。

（2）公式：E=n其中n为线圈的匝数。

（3）在国际单位制中，磁通量的单位是_________，感应电动势的单位是_____________18、动圈式话筒是利用________原理将__________信号转换为________信号的。19、位移传感器的发射器发射________和________两种脉冲，接收器测出前后接收到这两种脉冲的不同的________，计算机就根据两者的________和________。计算出发射器和接收器间的距离。20、磁电式电流表。

（1）原理：安培力与电流的关系，通电线圈在磁场中受到______而偏转，线圈偏转的角度越大，被测电流就______根据指针的______；可以知道被测电流的方向．

（2）构造：______、______；螺旋弹簧、指针、极靴．

（3）特点：极靴与铁质圆柱间的磁场沿______方向，线圈无论转到什么位置，它的平面都跟磁感线______，且线圈左右两边所在处的磁感应强度大小______。

（4）优点：灵敏度高，可以测出______的电流。缺点：线圈的导线很细，允许通过的电流______。21、电磁波的调制：在电磁波发射技术中，使载波随各种_________而改变的技术。调制分为调幅和调频。

（1）调幅（AM）：使高频电磁波的_________随信号的强弱而改变的调制方法。

（2）调频（FM）：使高频电磁波的_________随信号的强弱而改变的调制方法。22、频率（f）：

周期的倒数叫作频率，数值等于交变电流在单位时间内完成周期性变化的__________23、如图所示，一条形磁铁竖直下落穿过一水平固定放置的金属圆环，若俯视金属圆环，则圆环中产生的感应电流方向先沿______方向，再沿______方向。（填“顺时针”或“逆时针”）

24、质子和α粒子由静止出发经过同一加速电场加速后，沿垂直磁感线方向进入同一匀强磁场，则它们在磁场中的速度大小之比为________；轨道半径之比为________；周期之比为________。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)25、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

26、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

27、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

28、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共14分)29、传感器担负着信息的采集任务；在自动控制中发挥着重要作用。例如温度传感器，可将温度转换为电信号。制作温度传感器的材料有热敏电阻和金属热电阻两种。

（1）某研究性学习小组为探究这两种电阻特性而进行了如下实验，分若干次向烧杯中倒入开水，测量不同温度下两种电阻的阻值，根据实验数据描绘出它们的阻值R随温度t变化的图像如图甲所示，由图可知，热敏电阻在温度上升时导电能力______（选填“增强”或“减弱”）；相对金属热电阻而言，热敏电阻对温度变化的影响更______（选填“敏感”或“不敏感”）；

（2）该小组利用热敏电阻作为传感器制作的简单自动报警器线路图如图乙所示；则：

①为了使温度过高时报警器铃响，应接在______（选填“a”或“b”）；

②若使启动报警的温度提高些，应将滑动变阻器滑片Р点向______（选填“左”或“右”）移动；

③直流电源电动势为18V（内阻不计），热敏电阻达到100℃电阻大小为600Ω。流过热敏电阻的电流超过时就会报警，为10mA，则滑动变阻器应选择______。（填正确选项前的字母）

A.B.C.30、霍尔效应是电磁基本现象之一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展．如图1所示，在一矩形半导体薄片的P，Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M，N间出现电压UH，这个现象称为霍尔效应，UH称为霍尔电压，且满足UH＝k式中d为薄片的厚度，k为霍尔系数．某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数．

(1)若该半导体材料是空穴(可视为带正电粒子)导电，电流与磁场方向如图1所示，该同学用电压表测量UH时，应将电压表的“＋”接线柱与______(填“M”或“N”)端通过导线相连．

(2)已知薄片厚度d＝0.40mm，该同学保持磁感应强度B＝0.10T不变，改变电流I的大小，测量相应的UH值，记录数据如下表所示．根据表中数据在图2中画出UH—I图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为______×10－3V·m·A－1·T－1(保留2位有效数字).

(3)该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图3所示的测量电路，S1，S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片(未画出)．为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向________(填“a”或“b”)，S2掷向________(填“c”或“d”)．为了保证测量安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中．在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件________和________(填器件代号)之间．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】【分析】

本题考查闭合回路的欧姆定律的动态电路分析问题；有题干知压力传感器的电阻随温度的增加而减少，用欧姆定律分析可得答案．

【详解】

解：A、由题，潜水器下潜的过程中，压力传感器的电阻随压力的增大而减小，所以电路中的总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律：可知电路中的电流值增大，故A错误；

B、电路中的电流值增大．根据欧姆定律，两端的电压U增大．故B正确；

C、传感器两端的电压由于I增大，其他的都不变，所以传感器两端的电压减小．故C错误；

D、由可知，电路的总功率随电流的增大而增大．故D错误．

故选B．

【点睛】

在潜水器下潜过程中；压力传感器的电阻随压力的增大而减小，得出总电阻减小，结合闭合电路的欧姆定律与电功率的表达式即可解答．

该题考查了串联电路的特点以及闭合电路的欧姆定律，解答的关键是由压力传感器的电阻随压力的增大而减小，从而得出总电阻的变化，再根据欧姆定律解答即可．2、B【分析】【详解】

A．若减小两种电机的每组电磁铁中电流变化周期；则电机稳定工作时，两电机转子运动周期会减小，故A错误；

B．乙电机中；转子也会产生焦耳热，若增大两种电机的每组电磁铁中电流有效值，则电机稳定工作时，乙电机产生的热功率会增大，故B正确；

C．电机稳定工作时；甲电机转子的转速与电磁铁激发磁场的转速相同，故C错误；

D．刹车（停止供电）时；乙电机转子失去磁性，则无法通过反向发电从而回收动能，故D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

可根据楞次定律或右手定则来判断；以及动力学公式和电磁感应定律来计算．

【详解】

A．当线框从开始位置到ab边运动到磁场右边缘的过程中，先cd边切割磁感线，后ab、cd边割磁感线，最后ab边切割，根据右手定则判断，a端电势比b端电势都高；故A错误；

B．线框完全进入磁场时，ab、cd边都切割磁感线，根据右手定则判断，虽然线框中没有感应电流，但a端电势仍比b端电势高，即a、b两端有电势差；故B错误；

CD．计算a、b两端的电压有最大值时，有两种情况可考虑：一种情况是，线框的ab边运动到磁场右边缘瞬间，线框的速度最大，线框中的电流最大，此时的a、b两端的电压最大，ab边通过的距离是3L,设线框的最大速度为根据运动学公式和导线切割磁感线产生感应电动势有

解得

因为ab边切割产生感应电动势，ab边就是电源，设电压为得

第二种情况是，cd边运动到将要出磁场右边缘瞬间，金属线框通过距离是2L，整个金属线框在磁场中有最大速度，设最大速度为＇，最大电动势为E＇根据导线切割磁感线产生感应电动势有＇=E＇

因金属线框都在磁场中，ab、cd边以同方向、同速度都切割磁感线，产生的电动势大小相等，在电路中方向相反，线框中没有电流，此时a、b两端的电压就等于电动势，是＇＇

比较和＇，<＇故C正确；D错误。

故选C。

【点睛】

计算最大值的问题，要分析在什么情况下存在最大值．4、A【分析】【详解】

试题分析：感应电流I=

在0﹣时间内；由右手定则楞次定律判断可知，感应电流方向沿逆时针方向，是正的，线框切割磁感线的有效长度l均匀增加，则电流I均匀增加；

在﹣2时间内；由右手定则楞次定律判断可知，感应电流方向沿顺时针方向，是负的，线框切割磁感线的有效长度l均匀增加，则电流I均匀增加；

由图示图象可知；BCD错误，A正确；

故选A5、C【分析】【分析】

【详解】

A．根据电磁驱动原理；图甲中，当手摇动柄使得蹄形磁铁转动，则铝框会同向转动，且比磁体转动的慢，故A错误；

B．图乙是真空冶炼炉；当炉外线圈通入高频交流电时，铁块中产生涡流，产生大量热量，从而冶炼金属，故B错误；

C．根据

可得

即粒子获得的最大动能与电压无关；但是加速电压变大时，粒子加速的时间变短，所以所需时间变短，故C正确；

D．图丁是微安表的表头；在运输时要把两个正；负接线柱用导线连在一起，这是为了保护电表指针，利用了电磁阻尼原理，故D错误。

故选C。6、B【分析】【详解】

根据理想变压器的电流之比等于匝数的反比可知，输入端ab接MN，输出端cd接PQ，电流互感器的作用是使大电流变成小电流；根据理想变压器的电流之比等于匝数的反比可知===

故选B。7、C【分析】【详解】

A．小风扇的额定电流为

若小风扇为纯电阻，则内阻为

由于小风扇不是纯电阻，电能除转化为热量外还转化为机械能，故内阻不为故A错误；

B．触片同时与a、b接触时；小风扇和电热丝都工作，吹热风，故B错误；

C．根据理想变压器原副线圈电压比与匝数比的关系可得

故C正确；

D．由题意可知，吹热风或吹冷风时，电吹风的输入电压均为220V，但吹热风和吹冷风时的功率不同，即

因此总电流

故D错误。

故选C。8、A【分析】【详解】

A．奥斯特在实验中观察到电流的周围存在磁场；发现了电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系，故A正确；

B．安培提出了著名的分子电流假说；故B错误；

CD．赫兹用实验证实了电磁波的存在；并测出电磁波与光的传播速度相同，故CD错误。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)9、A:C【分析】【详解】

A．炮弹在轨道上做初速度为零的匀加速直线运动，由公式v2=2ax得

故A正确；

B．不计摩擦，磁场力做的功等于炮弹增加的动能，即

故B错误；

CD．由动能定理得

磁场力的大小

则磁场力的最大功率

故C正确；D错误。

故选AC。10、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．图乙中的a是电场能最大的时刻，由上极板带正电，即充电时电流沿顺时针方向，对应图甲中的时刻；A错误；

B．图乙中的b是电场能最大的时刻，由下极板带正电，此后的内放电；电流沿顺时针方向，B正确；

C．图乙中的c是磁场能最大的时刻，此后磁场能转化为电场能，由楞次定律判断，电流方向为逆时针方向，图甲中的时刻电流为逆时针方向；C正确；

D．图乙中的d是磁场能最大的时刻；此后磁场能转化为电场能，由楞次定律判断，电流方向为顺时针方向，此后电容C的下极板将充上负电荷，D错误。

故选BC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．开关K闭合后，负载多并入一个支路电阻，负载总电阻变小，由于原线圈输入电压和匝数比不变。副线圈输出电压也不变，因此，流过副线圈的输出电流变大，输入电流随之变大；因此电流表示数变大，故A项正确；

B．由于流过干路电阻R的电流变大，所以电阻R分得的电压变大；并联电路的电压变小，所以电压表示数变小，故B项错误：

C．由前述分析可知，输入电压不变而输入电流变大，根据

可知输入功率变大；故C项正确；

D．灯两端电压变小；流过的电流也变小，因此会变暗，故D项错误。

故选AC。12、B:C【分析】【详解】

A．杆刚进入磁场之前的加速度大小为

则进入磁场时速度大小为

选项A错误；

B．杆刚进入磁场时产生的感应电动势为

则电阻R1两端的电势差大小为

选项B正确；

C．金属棒进入磁场后，由动量定理

即

因为

解得

选项C正确；

D．整个过程中，产生的总焦耳热为

则电阻R1上产生的焦耳热为

选项D错误。

故选C。13、B:C【分析】【详解】

A项：闭合s，副线圈的电阻变小，副线圈的电压不变，所以副线圈中电流增大，上损失的电压增大，灯泡两端的电压变小，所以灯变暗；故A错误；

B项：由A项分析可知，副线圈中的电流增大，由公式可知，消耗的功率会变大；故B正确；

C项：仅将滑片P下移，副线圈的匝数变小，副线圈中两端的电压变小，副线圈中的电流变小，所以消耗的功率会变小；故C正确；

D项：仅将滑片P上移，副线圈的匝数变大，副线圈两端电压变大，所以原线圈中的电流变大，即电流表示数变大，故D错误．14、B:D【分析】【详解】

A．0时刻对棒受力分析，根据牛顿第二定律可得

解得

故A错误；

B．系统满足动量守恒定律，最终两棒达到共同速度，即

解得

故B正确；

C．设整个过程通过ab棒的平均电流为根据动量定理可得

又

联立，可得

故C错误；

D．由法拉第电磁感应定律可知

又

联立，可得

故D正确。

故选BD。15、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．金属棒受到恒力作用开始做加速运动；运动以后由于切割磁感线导体棒受到安培力的作用，加速度大小满足。

随着速度的增大；加速度越来越小，最终将做匀速运动，A错误B正确；

C．电动势。

E随t变化的图线切线斜率越来越小，最后E为一定值；C正确；

D．通过电阻R的电荷量。

q跟导体棒的位移成正比；当导体棒做匀速运动时图线的切线斜率不变，D正确。

故选BCD。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由于光敏电阻阻值随着光照强度的增大而减小，为使路灯正常工作，在白天时电磁继电器的触点断开，电磁铁通电，变小或变大，而白天时光敏电阻阻值变小，所以是光敏电阻；

(2)[2]根据题述分析可知；A处与继电器相连，路灯与火线；零线相连接，开关应接在火线上，画导线时要避免交叉电路图如图所示。

【解析】光敏电阻17、略

【解析】①.磁通量的变化率②.韦伯（Wb）③.伏（V）18、略

【分析】【详解】

[1][2][3]动圈式话筒是利用电磁感应原理将声信号转换为电信号的。【解析】①.电磁感应②.声③.电19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]位移传感器的发射器向接收器同时发射红外线和超声波脉冲。

[3][4][5]接收器收到红外线脉冲时开始计时，收到超声波脉冲时停止计时，以此测出前后接收到这两种脉冲的不同的时间，计算机就根据两者的时间差和空气中的声速，计算出发射器和接收器间的距离。【解析】①.红外线②.超声波③.时间④.时间差⑤.空气中的声速20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.安培力②.越大③.偏转方向④.磁体⑤.线圈⑥.半径⑦.平行⑧.相等⑨.很弱⑩.很弱21、略

【解析】①.信号②.振幅③.频率22、略

【解析】次数23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]磁铁从上方接近线圈的过程中，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，线圈中产生俯视逆时针方向的感应电流；当磁铁穿过线圈原理线圈时，穿过线圈的磁通量向下减小，根据楞次定律可知，线圈中产生俯视顺时针方向的感应电流。【解析】逆时针顺时针24、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】∶11∶1∶2四、作图题(共4题，共12分)25