2025年浙教新版选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教新版选择性必修1物理下册月考试卷615考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、某弹簧振子简谐运动图像如图所示；下列说法正确的是（）

A.t=1s时，振子的加速度为零B.t=2s时，振子的速度最大C.t=3s时，振子的位移最小D.t=4s时，振子的振幅为零2、光纤通信中信号传播的关键载体是光导纤维，其内芯和外套的材料不同，光在内芯中传播，如图所示。设光导纤维长度为s，内芯相对外套的折射率为n；下列说法正确的是（）

A.光纤通信比传统通信抗干扰性强，一根光纤同时段只能传输一个信号B.内芯的折射率比外套的大，光传播时在外套与内芯的界面上发生全反射C.光在这段光纤中传输的最长时间为D.蓝光比红光在光纤中传播的速度大3、木块和用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，紧靠在墙壁上，在上施加向左的水平力使弹簧压缩；如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是（）

A.尚未离开墙壁前，和组成的系统动量守恒B.尚未离开墙壁前，和组成的系统机械能守恒C.离开墙壁后，和组成的系统动量守恒D.离开墙壁后，和弹簧组成的系统机械能不守恒4、质量为m的小车中挂有一个单摆，摆球的质量为m0，小车和单摆以恒定的速度v0沿水平地面运动，与位于正对面的质量为m1的静止木块发生碰撞；碰撞时间极短，可能发生的情景有：

①小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别为v1、v2和v3，且满足：（m+m0）v0＝mv1+m1v2+m0v3

②摆球的速度不变，小车和木块的速度为v1、v2，且满足：mv0＝mv1+m1v2

③摆球的速度不变，小车和木块的速度都为v，且满足：mv0＝（m+m1）v

④小车和摆球的速度都变为v1，木块的速度变为v2，且满足：（m+m0）v0＝（m+m0）v1+m1v2

其中正确的是（）A.①②③B.②③C.①②④D.①③④5、清明节荡秋千是我国的传统习俗。秋千由踏板和绳构成，人在秋千上小幅度摆动时可以简化为单摆。等效“摆球”的质量为摆绳长为忽略空气阻力。已知重力加速度大小为下列说法正确的是（）

A.经过最低点时人与踏板均处于平衡状态B.“摆球”偏离最低点位移为时，回复力C.偏离最低点运动的过程中，人受到踏板的摩擦力逐渐增大D.经过最低点时，人顺势轻轻跳下，踏板的振幅将增大评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，质量为m的小车静置于光滑水平面上，小车右端带有光滑圆弧轨道，一质量也为m的小球以水平速度v0从左端冲上小车，到达某一高度h后又能回到小车左端，重力加速度为g，不计一切摩擦，以下说法正确的是（）

A.小球回到小车左端时速度为v0B.小球回到小车左端时速度为0C.D.7、一列简谐波沿轴正方向传播，传播速度为时刻的波形图如图所示；下列说法正确的是（）

A.时刻处的质点振动方向沿轴正方向B.在时间内处的质点运动的路程为C.处的质点经过第一次到达波峰E.处质点的振动方程为E.处质点的振动方程为8、波源质点在坐标原点O沿y方向上下振动，已知t=0时刻波恰好传到x=20cm的质点处，波形如图，波沿轴正向传播，波速为2m/s，P点的坐标为60cm；下列说法正确的是（）

A.波源质点的振动周期一定为0.2sB.介质中各质点的振幅一定为4cmC.波源质点的起振方向一定沿y轴负方向D.当波源质点沿着x轴正向运动时，站在x轴正向P点相对于地面静止的观察者对接收到的波的频率先变小后变大9、一弹簧振子做简谐运动，O点为平衡位置，当它经过O点时开始计时，经过第一次到达M点，再经过第二次到达M点，则弹簧振子的周期可能为（）A.B.C.D.10、如图所示，在光滑绝缘的水平直轨道上有两个带电小球a和b，a球质量为2m、带电量为+q，b球质量为m、带电量为+2q，两球相距较远且相向运动。某时刻a、b球的速度大小依次为v和1.5v；由于静电斥力的作用，它们不会相碰。则下列叙述正确的是（）

A.两球相距最近时，速度大小相等、方向相同B.a球和b球所受的静电斥力对两球始终做负功C.a、b两球都要反向运动，但a球先反向D.a、b两球都要反向运动，但b球先反向11、如图（a）所示，P、Q为一列简谐横波上平衡位置之间相距6m的两个质点，两质点的振动图像如图（b）所示，实线为P质点的振动图像，虚线为Q质点的振动图像。已知两质点平衡位置之间的距离不小于一个波长。关于该简谐波；则（）

A.P、Q两质点的振动频率都是4HzB.若波从P传向Q，波长最大值为24mC.若波长最大值为4.8m，则波从Q传向PD.若波速为则波从P传向Q12、图甲为一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0.2s时的波形图，质点P、Q的平衡位置分别位于x=2m和x=4m处。图乙为介质中某一质点的振动图像；则（）

A.该简谐横波的传播速度为10m/sB.乙图可能是质点Q的振动图像C.t=0时质点P的速度沿y轴负方向E.t=0.1s时，质点P的加速度与质点Q的加速度相同E.t=0.1s时，质点P的加速度与质点Q的加速度相同13、方形透明容器充满某种透明液体，液体的深度在容器底部中心有一个点状复色（两种颜色）激光光源，光源的大小可忽略不计，液面上形成的光斑俯视图如图所示，测得液面内部光斑a的直径外部光环b的宽下列说法正确的是（）

A.光斑a由两种色光组成，光环b由单色光形成B.若仅将液体的深度h变大，则光斑的面积变大，光环宽度不变C.液体对两种色光的折射率不同，较大者与较小者之比为D.若光环b为单色光，这种光在液体中的传播速度比另一种色光的传播速度小14、下列关于科学技术的运用的说法正确的是（）A.交通警察用监视器测量汽车的速度时可利用多普勒效应B.用声呐探测水中的暗礁、潜艇，利用了波的反射C.在摄像机中，摄像管的作用是摄取景物的图像并将其转换为电信号E.医生利用B超探测人体内脏的位置，发现可能的病变，其原理是利用了波的衍射E.医生利用B超探测人体内脏的位置，发现可能的病变，其原理是利用了波的衍射评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、由某种透明物体制成的等腰直角棱镜ABO，两腰都为16cm，且两腰与Ox和Oy轴都重合，如图所示，从BO边的C点注视A棱，发现A棱的位置在D点，在C、D两点插上大头针，测出C点的坐标为（0，12），D点的坐标为（9，0），则该透明物质的折射率为_____。

16、一束光从某介质进入真空，方向如图1所示，则该介质的折射率为________；逐渐增大入射角，光线将________（填“能”或“不能”）发生全反射；若使光发生全反射，应使光从________射入________，且入射角大于等于________。

17、如图甲所示，在光滑的斜面上有一滑块，一劲度系数为k的轻弹簧上端与滑块相连，下端与斜面上的固定挡板连接，在弹簧与挡板间有一力传感器(压力显示为正值，拉力显示为负值)，能将各时刻弹簧中的弹力数据实时传送到计算机，经计算机处理后在屏幕上显示出F－t图象；现用力将滑块沿斜面压下一段距离，放手后滑块将在光滑斜面上做简谐运动，此时计算机屏幕上显示出如图乙所示的图象．

(1)滑块做简谐运动的回复力是由________提供的；

(2)由图乙所示的F—t图象可知，滑块做简谐运动的周期为________s；

(3)结合F—t图象的数据和题目中已知条件可知，滑块做简谐运动的振幅为________．18、如图，两束单色光a和b以不同的入射角从同一点射入一块厚玻璃砖后，它们在玻璃砖中的折射角相同，则a的频率_______b的频率，a在玻璃中的传播速度_______b在玻璃中的传播速度。（两空均选填“大于”“小于”或“等于”）

19、质量m的物体，从高h处以速度v0水平抛出，从抛出到落地物体所受重力的冲量为_______。20、光滑水平面上有A、B两物块，A物块质量为2kg，以4m/s速度向右运动，B物块质量1kg，以2m/s速度向左运动。两物块碰撞后粘在一起共同运动。若规定向右为正方向，则碰撞前B物块的动量为________kgm/s，碰撞后两物块共同速度为_________m/s。21、两列波在介质中叠加，一定产生干涉现象。____22、如图所示，用频率为f的单色光垂直照射双缝，在光屏上P点出现第三条暗条纹（从中央亮条纹往上数），已知光速为c，则P点到双缝的距离之差应为______。

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)23、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

24、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

25、某同学做“测玻璃砖的折射率”的实验时；绘制的光路图如图所示，请通过尺规作图；刻度尺测量，求出该玻璃砖的折射率。（结果保留两位有效数字。）

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)26、某同学用下图所示装置探究两球在碰撞中动量是否守恒。该同学利用平抛运动测量两球碰撞前后的速度，实验装置和具体做法如下，图中是斜槽，为水平槽。实验时先使球从斜槽上某一固定位置由静止开始滑下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。再把球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让球仍从位置由静止开始滑下，和球碰撞后，球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10次，并画出实验中两小球落点的平均位置。图中点是水平槽末端在记录纸上的垂直投影点。其中米尺水平放置，且平行于所在的竖直平面，米尺的零点与点对齐。

（1）为了使两球碰撞为一维碰撞，所选两球的直径关系为：球的直径___________球的直径（“大于”、“等于”或“小于”）；为减小实验误差，在两球碰撞后使球不反弹，所选用的两小球质量关系应为___________（选填“小于”；“大于”或“等于”）；

（2）在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？答：___________。

A．水平槽上未放球时，测量球落点位置到点的距离。

B．球与球碰撞后，测量球与球落点位置到点的距离。

C．球和球在空中飞行的时间。

D．测量点相对于水平槽面的高度。

（3）已知和是实验中小球落点的平均位置，请你根据该同学实验中所选小球和实验的记录纸判断，该同学通过实验数据说明在实验中两球碰撞中动量守恒，请你用图中的字母写出该同学判断动量是否守恒的表达式是___________。评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)27、如图所示，一条轨道固定在竖直平面内，粗糙的ab段水平，bcde段光滑，cde段是以O为圆心、R为半径的一小段圆弧．可视为质点的物块A和B紧靠在一起，静止于b处，A的质量是B的3倍．两物块在足够大的内力作用下突然分离，分别向左、右始终沿轨道运动．B到d点时速度沿水平方向，此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的3/4，A与ab段的动摩擦因数为μ，重力加速度g；求：

（1）物块B在d点的速度大小；

（2）物块A、B在b点刚分离时；物块B的速度大小；

（3）物块A滑行的最大距离s。28、如图所示，水平传送带以的速度做逆时针运动，传送带左端与水平地面平滑连接，传送带与一固定的四分之一光滑圆弧轨道相切，物块a从圆弧轨道最高点由静止下滑后滑过传送带，与静止在水平地面右端的物块b发生弹性碰撞。已知物块a的质量物块b的质量M=0.3kg，两物块均可视为质点，圆弧轨道半径传送带左、右两端的距离物块a与传送带和水平地面间的动摩擦因数均为物块b与水平地面间的动摩擦因数重力加速度碰撞时间极短。求：

（1）物块a滑到圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小；

（2）物块a第一次与物块b碰撞后瞬间，物块b的速度大小；

（3）两物块最多能碰撞的次数及最终两者的距离。

29、2022年10月12日；中国空间站“天宫课堂”第三课开讲，这是中国航天员首次在问天实验舱内进行授课。已知中国空间站离地高度为h，地球半径为R，地球表面的重力加速度为g。求：

（1）中国空间站绕地球做匀速圆周运动的速度；

（2）由于在空间站运行轨道上存在密度为ρ的均匀稀薄气体；为了维持空间站长期在固定轨道上做匀速圆周运动，需要对空间站施加一个与速度方向相同的动力，若空间站在垂直速度方向的面积为S，碰到稀薄气体后气体速度立刻与空间站速度相同，求对空间站施加动力F的大小。

30、如图，“云霄弹射”是亚洲最高的自由落体项目。承载机和游客总质量为m，在短时间内由静止状态被弹射至3h高处，紧接着做自由落体运动下落2h，再以恒力制动减速下降h后刚好停在原处，游客同时体验“高空弹射”的快感以及“瞬间失重”的刺激，不计空气阻力和摩擦力，当地重力加速度为g。

（1）求弹射系统对承载机和游客所做的功；

（2）求下降制动过程中制动恒力的冲量大小。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A．t=1s时；振子的位移为正向最大，由胡克定律。

F=-kx可知；此时振子的回复力最大，根据牛顿第二定律，可知振子的加速度最大，故A错误；

B．t=2s时；振子在平衡位置处，速度达到最大，故B正确；

C．t=3s时；振子的位移为负的最大，故C错误；

D．t=4s时；位移为零，但振幅仍为5cm，故D错误。

故选B。2、B【分析】【详解】

A．光纤通信比传统通信抗干扰性强；一根光纤同时段可以传输多个信号，A错误；

B．发生全反射条件是从光密介质向光疏介质传播；因此内芯的折射率比外套的大，光传播时在外套与内芯的界面上发生全反射，B正确；

C．设内芯折射率为n1，外套折射率为n2，光在内芯中传播的最长路程为

传播速度为

故最长时间

C错误；

D．蓝光频率小于红光；比红光在光纤中传播的速度小，D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．当撤去外力后，a尚未离开墙之前；系统受到墙壁的作用力，动量不守恒，A错误；

B．当撤去外力后，a尚未离开墙之前，系统受到墙壁作用力，但没位移，所以a、b和弹簧组成的系统机械能守恒，但题干中给出的是a、b组成的系统机械能守恒；B错误；

C．a离开墙壁后，系统所受外力之和为0，且弹簧对a、b球的弹力等大反向，合力为0，所以a和b组成的系统动量守恒，此外a、b的动能和弹簧的弹性势能之间相互转化；机械能守恒，C正确，D错误。

故选C。4、B【分析】【详解】

碰撞的瞬间小车和木块组成的系统动量守恒，摆球的速度在碰撞的瞬间不发生改变，可以认为没有参与碰撞，若小车和木块碰撞后的速度分别为v1和v2，则根据动量守恒定律，有：mv0＝mv1+m1v2

若小车和木块碰撞后的速度均为v，则根据动量守恒定律，有：mv0＝（m+m1）v

故②③都可能发生，故选B．5、B【分析】【详解】

A．经过最低点时人与踏板有向心加速度；不是平衡状态，故A错误；

B．根据简谐运动公式，当摆角θ很小时，摆球运动的圆弧可以看成直线，可知，“摆球”偏离最低点位移为时，回复力

故B正确；

C．偏离最低点运动的过程中；人的速度减小，与竖直方向夹角变大，重力沿切线方向的分力提供回复力，摩擦力为零，故C错误；

D．经过最低点时；人顺势轻轻跳下，踏板的能量未增大，则振幅不变，故D错误。

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、B:D【分析】【详解】

设小球回到小车左端时时速度为v1，小车的速度为v2，选取水平向右为正方向，整个过程中系统的水平动量守恒，得：mv0=mv1+mv2；由机械能守恒得：mv02=mv12+mv22；联立解得：v1=0，v2=v0，故A错误，故B正确．当小球与小车的速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设最大高度为h，则：mv0=2m•v；mv02=•2mv2+mgh；联立解得：h=故C错误，D正确．故选BD．

点睛：本题是动量守恒定律和能量守恒定律的综合应用，要知道当小球与小车的速度相等时，小球上升到最大高度，要注意系统水平动量守恒，但总动量并不守恒．7、A:B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据波的传播方向和质点的振动方向的关系可得，时刻处的质点振动方向沿轴正方向；故A正确；

B．波的传播的振动周期为。

所以在时间内处的质点运动的路程为两个振幅；即0.4m，故B正确；

C．波传播到还需要两个周期；即0.24s，则。

根据波的传播方向和质点的振动方向的关系可得，经过0.33s，处的质点第一次到达波峰；故C正确；

D．处于处相差3m；即。

所以当处质点位于波峰时，处质点恰好位于波谷；故D错误；

E．由图像可以求出，处质点的振动方程为。

处质点初相位是处的3倍，所以处质点的振动方程为。

故E正确。

关系ABCE。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．由波形图得到波的波长为0.2m，而波速为2m/s，故周期

B．由波形图得到波振幅为4cm；故介质中各质点的振幅一定为4cm，故B正确；

C．波源质点的起振方向与波前的振动方向一致，是沿着y轴负方向；故C正确；

D．当波源质点沿着x轴正向运动时，发生多普勒效应，站在x轴正向相对于地面静止的观察者接收到的波的频率在变大；故D错误。

故选BC。9、B:D【分析】【详解】

如图甲所示。

设O为平衡位置，OB（OC）代表振幅，振子从O→C所需时间为因为简谐运动具有对称性，所以振子从M→C所用时间和从C→M所用时间相等，故

解得

如图乙所示。

若振子一开始从平衡位置向点B运动，设点与点M关于点O对称，则振子从点经过点B到点所用的时间与振子从点M经过点C到点M所需时间相等，即0.2s。振子从点O到点从点到点O及从点O到点M所需时间相等，为

故周期为

故选BD。10、A:D【分析】【详解】

A．水平方向系统动量守恒；由完全非弹性碰撞的知识可知，当两球速度大小相等；方向相同时，系统损失机械能最大，两球相距最近，故A正确。

BCD．由题意可知，a球动量大于b球动量，b球的速度先减小至零，然后反向加速；因系统动量水平向右，当速度相同时，两球速度均向右，之后b球做加速运动，a球继续做减速运动，速度减至零后，开始反向；故a、b球都要反向运动，但b球要先反向运动，因此静电斥力对b球先做负功后做正功；故B；C错误，D正确。

故选AD。11、C:D【分析】【详解】

A．图（b）可知，P、Q两质点的振动周期都是频率都是故A错误；

B．若波从P传向Q，由图（b）可知，P、Q两质点的振动时间差为

则P、Q两质点的距离满足

即

由两质点平衡位置之间的距离不小于一个波长知则波长的最大值为

故B错误；

C．若波从Q传向P，则有

而

即

同B选项分析

故C正确；

D．若波从P传向Q，则波速

当时，故D正确。

故选CD。12、A:B:C【分析】【详解】

A．从甲图中可知根据图乙可知故波速为

A正确；

B．根据走坡法可知图甲中的P点在t=0.2时正向上运动，而Q点在t=0.2s时正向下振动，而图乙中t=0.2s时质点正通过平衡位置向下振动，所以乙图可能是质点Q的振动图像；B正确；

C．因为周期为0.4s，故在t=0时，即将甲图中的波形向前推半个周期，P点正向下振动；C正确；

D．根据题意可知0.1s为四分之一周期，质点P在0.2s~0.3s内的位移为2cm；0.25s为过程中的中间时刻，质点从平衡位置到波峰过程中做减速运动，所以前一半时间内的位移大于后一半时间内的位移，即0.25s时的位移大于1cm，D错误；

E．P点和Q点相距半个波长；两点为反相点，振动步调总是相反，在任意时刻两点的加速度方向总是相反，E错误。

故选ABC。13、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．液面形成光斑的原因是光在液体内部射向液面时发生了全反射，最边缘光线对应的入射角等于临界角，折射率小的光对应的临界角大，形成的光斑直径大；折射率大的光对应的临界角小，形成的光斑直径小，因为小光斑部分还有折射率小的色光，所以小光斑a是两种色光组成，光环b是单色光；A正确；

B．设光斑半径为r；边缘光线的光路如图所示。

最大入射角为C等于全反射临界角，若h变大，C不变，则r变大；所以光斑面积变大，光环也变大，B错误；

C．根据几何关系可得折射率。

由题知两个光亮的半径分别为15cm和21cm；液体深度为20cm，代入上式可求液体对两种色光的折射率之比为35：29，C正确；

D．由题知，b种色光在液面形成的光斑直径较大；对应的临界角较大，所以该种色光在液体中的折射率小，根据。

可知该种色光在液体中传播的速度大；D错误。

故选AC。14、A:B:C【分析】【详解】

A．交通警察用监视器测量汽车的速度时可利用多普勒效应；A正确；

B．用声呐探测水中的暗礁；潜艇；利用了波的反射，B正确；

C．在摄像机中；摄像管的作用是摄取景物的图像并将其转换为电信号，C正确；

D．雷达是利用无线电波来测定物体位置的无线电设备；D错误；

E．医生利用B超探测人体内脏的位置；发现可能的病变，其原理是利用了波的反射，E错误。

故选ABC。三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

由题；作出光路图，如图所示。

由折射定律，得棱镜的折射率

由几何知识得

解得【解析】16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】能介质真空45°17、略

【分析】【详解】

（1）[1]对滑块进行受力分析；滑块的合力为：弹簧的弹力和重力沿斜面的分力的合力，合力提供回复力．

（2）[2]由图可以看出周期为0.4s

（3）[3]根据胡克定律：

振幅【解析】弹簧的弹力和重力沿斜面的分力的合力(或弹簧弹力、重力和斜面支持力的合力)0.418、略

【分析】【详解】

[1][2]根据

单色光a的入射角比b小，两束光的折射角相同，则na＜nb，单色光频率越高，折射率越大，因此a的频率小于b的频率；根据

则va＞vb【解析】小于大于19、略

【分析】【详解】

物体做平抛运动，运动的时间由得

由冲量计算式得重力的冲量为【解析】m20、略

【分析】【详解】

[1]规定向右为正方向，碰撞前B物块的动量

[2]根据动量守恒定律得：

解得：【解析】－2221、略

【分析】【分析】

【详解】

两列波产生稳定干涉的必要条件是频率相同，不同频率不能产生干涉现象。【解析】错误22、略

【分析】【分析】

【详解】

双缝到光屏上P点的距离之差是半波长的奇数倍，会出现暗条纹，第三条暗条纹对应的距离之差为【解析】四、作图题(共3题，共9分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如图。

【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据实验原理，则大头针P4挡住P3本身及P2、P1的像；光路图如下。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

测量的长度，根据折射率表达式，有

带入数据，可得【解析】1.7五、实验题(共1题，共10分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]为了使两球碰撞为一维碰撞，A球的直径应等于B球的直径。

[2]设碰撞前瞬间A球的速度为vA，碰撞后瞬间A、B两球的速度分别为vA′和vB，则根据动量守恒定律有①

根据机械能守恒定律有②

联立①②解得

为了使两球碰撞后A球不反弹，即vA′＞0，应有mA＞mB。

（2）[3]本实验中两球离开水平槽末端后均做平抛运动，且运动时间相等，则可以通过两球做平抛运动的水平位移来间接反映两球的速度大小，因此本次实验中必须测量的是水平槽上未放B球时A球落点位置到O点的距离以及A球与B球碰撞后A球与B球落点位置到O点的距离，而A球和B球在空中飞行的时间和G点相对于水平槽面的高度都不需要测量；故AB正确，CD错误。

故选AB。

（3）[4]由前面分析可知

代入①式中可得判断动量是否守恒的表达式是【解析】等于大于AB六、解答题(共4题，共12分)27、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）B在d点；根据牛顿第二定律有。

解得。

（2）B从b到d过程；只有重力做功，机械能守恒有。

解得。

（3）A；B分离过程动量守恒有。

A匀减速直线运动；根据动能定理得。

联立解得。

【名师点睛】（1）在d点根据向心力公式列方程可正确求解；（2）B