2025年浙教版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版九年级物理下册阶段测试试卷827考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、为了探究小球自由下落时的运动，九（1）班的同学用照相机每隔相等的时间自动拍照一次，拍下小球下落时的运动状态，如图所示．在下列选项中的四个图象中，能反映小球运动情况的是（）A.B.C.D.2、下列各种用具与对应的物理知识不正确的是（）A.高压锅--大气压B.喷雾器--液体压强与流速的关系C.钓鱼竿--费力杠杆D.汽车防滑链--增大接触面积的粗糙程度，增大摩擦3、质量相同、温度相同的铁块和铜块(c脤煤>c脥­)

放出相同的热量后，将它们互相接触，则()A.热量将由铁块传给铜块B.温度将由铁块传给铜块C.热量将由铜块传给铁块D.由于放出相同热量，所以它们之间不会发生热传递4、下列现象中属于增大压强的是(

)

A.

骆驼具有宽大的脚掌B.

蚊子尖尖的口器可以插入皮肤吸允血液C.

推土机有两条宽大的履带D.

火车轨道铺在枕木上5、如图（不计绳重与摩擦，且动滑轮重G动小于物重G），用它们分别将重力相同的甲、乙两物体匀速提升相同的高度，所用的拉力分别为F甲、F乙，它们的机械效率分别为η甲、η乙．则下列关系正确的是（）A.F甲＞F乙B.F甲＜F乙C.η甲＜η乙D.η甲=η乙6、图中简单机械使重量同为G的物体都处于静止状态，不计机械的重及摩擦等，其中用力最大的是（）A.B.C.D.7、某同学将能量的转化及常见的例子连成如下，其中有一组出现了错误请你帮他找出来（）A.机械能转化为内能--用磨刀石磨刀B.内能转化为机械能--暖水瓶瓶盖蹦起C.电能转化为内能--电炉工作D.势能转化为动能--向上运动的乒乓球8、坦克越过水平路面的壕沟时，有一个简便办法：坦克上备有气袋，遇到壕沟把气袋放下去，给气袋充满气，坦克通过壕沟就像走平地一样．设坦克的质量为4×104kg，履带着地的总面积为5m2，当坦克的前一半履带压在气袋上时，坦克对气袋的压强是（坦克前后是对称的，g为10N/kg）（）A.4×103PaB.8×103PaC.4×104PaD.8×104Pa评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)9、下列事例中的物体受到了弹力的是（）A.小石头被弹弓射出去B.小石头被手扔出去C.垫排球时，手感觉被排球打痛了D.跳水运动员从跳台上跳下10、一台托盘天平；在调节横梁平衡时发现指针偏向标尺的左端，此时要想使横梁平衡，应该（）

A.将左端的平衡螺母向里调节。

B.将右端的平衡螺母向里调节。

C.向右移动游码。

D.将右端的平衡螺母向外调节。

11、如图是四冲程汽油机做功冲程的示意图。汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动。在活塞向下运动的过程中，汽缸内气体的A.内能减少B.温度降低C.密度增大D.分子热运动加快12、电梯为居民上下楼带来很大的便利，出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1R2

为保护电阻，K

为动触点，AB

为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是(

)

A.电梯工作时电磁铁的上端为N

极B.电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关C.电梯未超载时动触点K

与静触点B

接触D.电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小13、如图所示，将一只标有“12V6W

”的灯泡L1

和“6V6W

”的灯泡L2

串联后，接在6V

的电源上(

设灯丝电阻不变)

则(

)

A.灯泡L1

比灯泡L2

亮B.灯泡L2

比灯泡L1

亮C.两灯的实际功率之和大于12W

D.两灯的实际功率之和等于12W

14、将标有“6V、3W”的灯L1与“6V、6W”L2串联在9V的电源上，L1、L2都发光，下列判断错误的是（）A.L2的额定电压为3VB.L2的额定功率为1.5WC.L2的电阻比L1大D.L2的电阻比L1小15、下列说法正确的是（）A.登月舱从地球到月球，质量变小B.一杯水结成冰后，体积增大，质量不变C.玻璃杯打碎后形状发生了变化，质量不变D.1kg的铁与1kg的棉花质量一样大16、小灯泡L上标有“2.5V”字样，它的电阻随它两端电压变化的图象如图甲所示．将小灯泡L和电阻R0接入图乙所示的电路中，电源电压为6V，且保持不变．当开关S闭合时，小灯泡L恰好能正常发光．下列说法正确的是（）A.开关S断开时，小灯泡L的电阻为0ΩB.开关S闭合时，小灯泡L的电阻为10ΩC.小灯泡L的额定功率为0.25WD.电阻R0的阻值为14Ω17、下列物体中可能作匀速直线运动的是（）A.从楼上阳台掉下的砖头B.草坪上滚动的球C.空中正常飞行的飞机D.沿平直轨道正常行驶的火车评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)18、（2015•通州区一模）如图所示是小明自制“浮力秤”的装置图，浮力秤由外筒和浮体构成，浮体包括秤盘和长度为L0、底面直径为D0的圆柱体．向外筒中注入适量水，将浮体竖直放入外筒的水中静止时，圆柱体浸入水中的深度为h0；将质量为m的物体放在秤盘上静止时，圆柱体浸入水中的深度为h，且h＜L0，水的密度用ρ水表示．请写出m与h之间的关系式m=____．19、（2014秋•高淳县期末）如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R的阻值为20Ω．闭合开关S2时，R和L是____联；在对S1和S2进行闭合或断开的各种操作中，电流表可读得0.5A和0.3A两个值，那么电源电压U=____V，灯泡电阻RL=____Ω（灯泡电阻不随温度变化）．20、（2013•石景山区二模）如图中每个定滑轮重0.5N，物体A重6N．在2s的时间内，人拉力F的作用点沿竖直方向匀速降低了1.2m．这个过程中，人拉力F所做的额外功是0.36J．不计滑轮与绳间摩擦和绳重，则天花板对定滑轮的拉力为____N．21、铜的密度为8.9×103____，一块长、宽高分别为25cm、10cm和4cm的铜块的质量为____kg．22、我们把物体在＿＿＿＿＿＿＿＿＿＿所完成的＿＿＿＿，叫做功率。功率的计算公式是＿＿＿＿＿＿＿＿。23、如图所示，已知两电流表的示数分别是0.4A和1.2A，通过灯L1的电流是______A，通过灯L2的电流是______A．24、我国古代人类利用“钻木取火”的方式获取火种，钻木利用了____方式方法增大物体的内能．对水进行加热也可以使水的内能增加，1kg的水温度从2℃升高到7℃，吸收的热量为____J．评卷人得分四、作图题(共1题，共6分)25、（2015秋•灯塔市期末）如图是一束光线从空气射到水面的情形，请画出反射光线和大致的折射光线，并标出反射角的度数．评卷人得分五、解答题(共4题，共24分)26、画出图中的反射；折射光路．

27、如图所示，电源电压为6V，开关闭合时，电压表示数为2.5V，电流表示数为0.5A，问：L2的电阻是多少？L1的两端的电压是多少？28、一条小鱼从水底上浮至水面附近，若已知小鱼受到水的压强减小了9.8×103帕，求小鱼在水中上浮的深度．29、如图所示是研究某金属比热容的实验；用电加热器“热得快”加热一个金属圆柱体．为了让金属充分吸收热量，将金属柱钻了一个孔，让“热得快”刚好能放入，给“热得快”两端接上12V电压．通过的电流；时间及其他物理量如表中记录：

。测定金属比热容电流2.5A通电时间5min金属圆柱质量1.5kg温度变化的度数20℃（1）由于金属容易导热；此实验还有较大缺陷，为了防止热损失过大，应怎样改进？

（2）“热得快”的电功率为多大？在5min内放出的热量是多少？

（3）如果“热得快”有10%的热量损失，则金属的比热容为多少？参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】（1）拍照的时间间隔是相同的；由图可知：相同的时间内小球运动的距离越来越大，速度逐渐变大；

（2）小球是在做加速运动，随着时间的推移，速度是逐渐变大的，由此选出图象．【解析】【解答】解：相机拍照间隔的时间是相同的；由图可知：在相等的间隔时间内，小球运动的距离逐渐变大，小球的运动速度逐渐变大，做的是加速直线运动，图C符合题意．

故选C．2、A【分析】【分析】（1）高压锅是利用密闭容器中气压越高；沸点越高；

（2）喷雾器的原理是利用流速大的位置压强小；

（3）钓鱼竿是一个费力杠杆；

（4）汽车防滑链是通过增大接触面粗糙程度增大摩擦；【解析】【解答】解：A；高压锅是利用密闭容器中气压越高；沸点越高，能够更快煮熟食物，不是利用大气压，故A错误；

B；喷雾器的原理是利用流速大的位置压强小；故B正确；

C；钓鱼竿是一个费力杠杆；故C正确；

D；汽车防滑链是通过增大接触面粗糙程度增大摩擦；故D正确；

故选A．3、A【分析】从选项中可以看出；本题需要判断铁块和铜块之间如何进行热传递，所以，关键是比较两个物。

体的末温。由公式：Q路脜=cm(t0鈭�t)

可知在铁块和铜块质量；初温和放出的热量相同的情况下，由于。

c脤煤>c脥­

故t脤煤>t脥­

故热量将由铁块传给铜块，所以选项A正确，选项B、C

D错误。【解析】A

4、B【分析】解：A

骆驼具有宽大的脚掌；是为了在压力一定时，增大受力面积来减小压强.

不符合题意．

B；蚊子具有尖尖的口器；是为了在压力一定时，减小受力面积来增大压强.

符合题意。

C；推土机有两条宽大的履带；是为了在压力一定时，增大受力面积来减小对地面的压强.

不符合题意．

D；铁轨铺在枕木上；是为了在压力一定时，增大受力面积来减小铁轨对路基的压强.

不符合题意．

故选B．

增大压强的方法：在压力一定时；减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．

减小压强的方法：在压力一定时；增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．

掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题．【解析】B

5、A【分析】【分析】本题主要考查两个方面的知识：

（1）动滑轮和定滑轮的使用特点：使用定滑轮不能省力；但能改变动力的方向；使用动滑轮不能改变动力的方向，但能省力．

（2）对滑轮组机械效率公式η=×100%的理解．【解析】【解答】解：由定滑轮的使用特点可知：F甲=G；

由动滑轮的特点可知：F乙=；动滑轮重G动小于乙物体的物重G，则F乙＜G，所以F甲＞F乙；故A正确；B错误；

如图所示；用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲；乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的有用功一样大；

由于要克服动滑轮重力的作用，所以乙使用动滑轮做的总功多，由η=×100%可知定滑轮的机械效率高，所以η甲＞η；故CD错误．

故选：A．6、B【分析】【分析】不计摩擦和机械自重，知道动力臂和阻力臂的大小关系，利用杠杆平衡条件求F1、F2的大小；使用定滑轮不省力，求出F3；使用动滑轮省一半力，求出F4；通过比较得出哪个用力最大．【解析】【解答】解：

由题知；不计摩擦和机械自重；

A；由于杠杆平衡；动力臂大于阻力臂，所以F＜G；

B；由于杠杆平衡；动力臂小于阻力臂，所以F＞G；

C；使用定滑轮；F=G；

D、使用动滑轮，F=G；

由以上分析可知；B选项中用力最大．

故选B．7、D【分析】【分析】对于判断能量转化的题目，我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向．或者看什么能量减少了，什么能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量．【解析】【解答】解：A；用磨刀石磨刀；克服摩擦力做功，刀的温度升高，将机械能转化为内能，不符合题意；

B；暖水瓶内气体对瓶盖做功将瓶盖推出；瓶内气体温度降低内能减小，将内能转化为瓶盖的机械能，不符合题意；

C；电炉消耗电能产生大量的热；将电能转化为内能，不符合题意；

D；向上运动的乒乓球；速度越来越小动能减小，但所处高度增加重力势能增加，所以乒乓球向上运动时动能转化为重力势能，符合题意；

故选D．8、D【分析】【分析】已知坦克的质量和履带的着地面积，坦克对气袋的压力等于坦克重力的一半，接触面积为履带着地面积的一半，根据公式可求坦克对气袋的压强．【解析】【解答】解：坦克对气袋的压强．

故选D．二、多选题(共9题，共18分)9、AC【分析】【分析】（1）发生形变的物体要恢复原状对与它直接接触的物体要施加力的作用；这个力就是弹力．

（2）弹力产生的条件：①物体直接接触；②物体发生形变．【解析】【解答】解：

A；弹弓在拉力的作用下；产生弹力，将小石头弹射出去．符合题意；

B；小石头在力的作用下状态发生改变．不符合题意；

C；垫排球时；手对排气有力的作用，排气对手产生弹力，手感觉痛．符合题意；

D；跳水运动员从跳台上跳下；重力作用使身体向下运动．不符合题意．

故选A、C．10、AD【分析】

在调节横梁平衡时发现指针偏向标尺的左端；天平的左端下沉，平衡螺母向相反的方向移动，左端的平衡螺母向右移动，或右端的平衡螺母向右移动．

故选A；D．

【解析】【答案】天平的横梁不平衡有两种情况：

在调节横梁平衡时；当指针偏向分度盘的中线的左侧时，天平的左端下沉，平衡螺母向相反的方向移动，使指针指到分度盘的中央位置．

在称量物体质量时；指针偏向分度盘的中线的左侧时，天平的左端下沉，向右盘中增加砝码或向右移动游码．

11、AB【分析】试题分析：汽油燃烧产生高温高压的气体推动活塞向下运动,这是做功冲程，在做功冲程中，活塞向下运动把内能转化为机械能，内能减小，温度降低。选项AB正确。考点：汽油机【解析】【答案】AB12、BD【分析】解：A

工作时；电流从电磁铁的下面导线流入，利用安培定则判断出电磁铁的下端为N

极，上端为S

极，故A错误；

B；据课本可知；电磁铁磁性的强弱与电流的大小有关，故B正确；

C；正常情况下(

未超载时)

衔铁被弹簧拉起，K

与静触点A

接触，故C错误；

D；超载时；随着压力的增大，压敏电阻的阻值随着减小，电路中的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，动触点K

与静触点B

接触，电铃报警，故D正确；

故选BD．

(1)

知道电流的方向；根据安培定则判断出电磁铁的NS

极；

(2)

电磁铁是根据电流的磁效应制成的；电磁铁的磁性强弱和电流大小；线圈匝数多少有关；

(3)

正常情况下(

未超载时)

衔铁被弹簧拉起，K

与静触点A

接触．

(4)R1

为压敏电阻；其阻值随压力增大而减小，所以知道超载时压敏电阻的阻值变化情况，根据欧姆定律判断出电流的变化；

此题主要考查的是学生对电磁铁和电磁继电器的原理、磁性强弱的影响因素、安培定则的理解和掌握，知识点较多，但都是基础性题目．【解析】BD

13、AD【分析】解：

(1)

由P=UI

和I=UR

可得：

灯泡L1

的电阻为R1=U12P1=(12V)26W=24娄赂

灯泡L2

的电阻为R2=U22P2=(6V)26W=6娄赂

灯泡串联消耗的总功率为P麓庐=U2R1+R2=(6V)224惟+6惟=1.2W

故C错误，D正确；

(2)

已知R1>R2

因串联电路中各处的电流相等；且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小；

所以；由P=I2R

可知，L1

的实际功率较大，灯泡较亮，故A正确，B错误．

故选AD．

(1)

已知灯泡的额定电压和额定功率，利用R=U2P

可以得到灯丝电阻；已知灯泡总电阻和电源电压，利用P=U2R

得到串联消耗的总功率；

(2)

两灯泡串联时通过它们的电流相等；根据P=I2R

比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮．

不论串联电路还是并联电路，计算用电器消耗的总功率，都可以使用P=U2R

因为电源电压一般不变，只要确定电路中的总电阻即可．【解析】AD

14、ABD【分析】【分析】利用铭牌信息确定其额定电压，额定功率；利用R=计算电阻确定大小．【解析】【解答】解：灯L1的额定电压为6V，额定功率为3W；灯L2的额定电压为6V；额定功率为6W，则可知A；B错误；

灯L1的电阻为R1==12Ω；灯L2的电阻为R2===6Ω；由此可知C错误；D正确．

故选ABD．15、BCD【分析】【分析】质量是物体中所含物质的多少，物体质量的大小与外界条件无关，只取决于物体本身所含物质的多少．【解析】【解答】解：A；登月舱从地球到月球；位置发生了变化，所含物质的多少不变，质量不变，故A错误．

B；一杯水凝固成冰后；状态发生变化，质量不变，由于密度变小，所以体积变大，故B正确．

C；玻璃打碎后；形状发生了变化，但玻璃的量不变，质量不变，故C正确．

D；1kg铁与1kg棉花的质量相等；故D错误．

故选：BCD．16、BD【分析】【分析】由电路图可知，灯泡与电阻R0串联；灯泡正常发光时的电压和额定电压相等；

A；当S断开时；灯泡两端的电压为0，由图甲可知电压为0时的电阻；

B；当S闭合时；小灯泡正常发光，则小灯泡两端电压等于小灯泡的额定电压，从甲图中读出灯泡正常发光时对应的电阻即可；

C、已知灯泡的额定电压和正常发光时电阻，因此由公式P=即求出灯泡的额定功率；

D、根据灯泡正常发光是的电压和电阻求出电路中电流，然后再根据串联电路电压规律算出电阻R0两端的电压，最后根据公式R=求出电阻R0的阻值．【解析】【解答】解：A；当S断开时；灯泡两端的电压为0，由图甲可知：当电压为0时，对应的电阻为2Ω，故A错误；

B；当S闭合时；小灯泡正常发光，此时灯泡两端的电压等于2.5V，由图甲可知：当电压为2.5V时，对应的电阻为10Ω，故B正确；

C、灯泡的额定功率：P===0.625W；故C错误；

D、灯泡正常发光时，电路中的电流：I===0.25A；

R0两端的电压：U0=6V-2.5V=3.5V；

R0的电阻：R0===14Ω；故D正确．

故选BD．17、CD【分析】【分析】解决此题要知道物体的速度大小和方向都不改变的直线运动叫做匀速直线运动．【解析】【解答】解：A；从楼上阳台掉下的砖头做的是加速直线运动；不符合题意；

B；草坪上滚动的球做的是减速直线运动；不符合题意；

C；空中正常飞行的飞机；可能速度不变，且沿直线运动，可能作匀速直线运动，符合题意；

D；沿平直轨道正常行驶的火车；可能作匀速直线运动，符合题意；

故选CD．三、填空题(共7题，共14分)18、略

【分析】【分析】根据物体漂浮浮力等于重力，然后根据阿基米德原理以及重力、密度公式表示出浮力与重力的关系，并进一步化简得出被称物体质量m与浮体的圆柱体浸入水中深度h之间的关系式；【解析】【解答】解：秤盘中未放物体时；浮体在水中漂浮，则有。

F浮1=G0

ρ水gV排1=G0

化简后可得：G0=ρ水gh0；

被秤物体放在秤盘上后；浮体仍漂浮，则有。

F浮2=G0+G物

ρ水gV排2=G0+mg

ρ水gh=ρ水gh0+mg

化简后可得：m=ρ水（h-h0）．19、略

【分析】【分析】（1）观察闭合开关S2时R与L的连接方式；首尾依次连接的为串联，首首相连；尾尾相连的为并联；

（2）通过对S1和S2进行闭合或断开的各种操作得出通过R的电流和干路电流，根据欧姆定律求出电源的电压，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出灯泡的电阻．【解析】【解答】解：（1）由电路图可知，闭合开关S2时；R和L首首相连；尾尾相连即为并联；

（2）由电路图可知，当开关S1闭合、S2断开时；电路为R的简单电路，电流表测通过R的电流；

当开关S1、S2均闭合时；L与R并联，电流表测干路电流；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和；

所以，通过R的电流IR=0.3A，干路电路I=0.5A，通过L的电流IL=I-IR=0.5A-0.3A=0.2A；

因并联电路中各支路两端的电压相等；

所以，由I=可得；电源的电压：

U=IRR=0.3A×20Ω=6V；

灯泡的电阻：

RL===30Ω．

故答案为：并；6；30．20、略

【分析】【分析】根据图示可知，有四条绳子提升物体，因此当人拉力F的作用点沿竖直方向匀速降低了1.2m时，物体A上升的距离为×1.2m=0.3m；根据W=Gh求出有用功，根据总功等于有用功和额外功之和得出总功的大小，然后根据W=Fs求出拉力的大小，对左边定滑轮受力分析可知，定滑轮受到竖直向上的拉力和竖直向下的重力以及四股绳子的拉力，因此天花板对定滑轮的拉力等于4F+3G定．【解析】【解答】解：根据题意可知物体A上升的距离h=×1.2m=0.3m；

则有用功：W有=Gh=6N×0.3m=1.8J；

总功：W总=W有+W额=1.8J+0.36J=2.16J；

∵W总=Fs；

∴F===1.8N；

天花板对定滑轮的拉力：F′=4F+3G定=4×1.8N+3×0.5N=8.7N．

故答案为：8.7．21、略

【分析】

铜的密度为8.9×103kg/m3；

铜块的体积为：v=25cm×10cm×4cm=1000cm3=0.001m3．

铜块的质量为：m=ρv=8.9×103kg/m3×0.001m3=8.9kg．

故答案为：kg/m3；8.9kg．

【解析】【答案】密度是物体的一种特性；它的大小等于质量与体积的比值，但是，密度跟物体本身的体积和质量无关．

密度的单位是kg/m3．

铜块的体积可以求出；再由公式m=ρv，可以求出质量．

22、略

【分析】【解析】试题分析：功率表示物体做功的快慢程度，指单位时间内所做的功，计算公式为．故答案是：单位时间内；功；．考点：功率的概念．【解析】【答案】单位时间内；功；23、略

【分析】解：已知：I干=1.2A，通过灯L1的电流大小为：I1=0.4A；所以通过灯L2的电流大小为：I2=I干-I1=1.2A-0.4A=0.8A．

故答案为：0.4；0.8．

分析电路图可知，灯L1和L2组成并联电路，电流表A测通过干路的电流，电流表A1测通过灯L1的电流；在并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和．

解决此类问题的关键是知道并联电路的电流规律--干路中的电流等于各支路电流之和，即I=I1+I2．【解析】0.4；0.824、略

【分析】【分析】（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；摩擦生热是通过做功的方式改变物体内能的；

（2）根据热量的计算公式Q=cm△t计算水吸收的热量．【解析】【解答】解：“钻木取火”是通过做功的方法改变物体的内能；把机械能转化为内能；

水吸收的热量Q=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（7℃-2℃）=4.2×104J；

故答案为：做功；4.2×104J．四、作图题(共1题，共6分)25、略

【分析】【分析】（1）反射定律：反射光线；入射光线、法线在同一个平面内；反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；

（2）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线．【解析】【解答】解：（1）图中入射角是90°-60°=30°；反射角是反射光线与法线的夹角；反射角等于入射角也为30°根据反射角等于入射角，在法线右侧画出反射光线．

（2）光由空气斜射进入水中时；折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入