2025年华师大新版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大新版必修3物理下册月考试卷740考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，两电荷量分别为和的点电荷固定在直线上，两者相距为L，以点电荷所在位置为圆心、为半径画圆，是圆周上四点，其中在直线上，两点连线垂直于下列说法正确的是（）

A.两点的电场强度相同B.两点的电势相同C.a点的电势高于b点的电势D.a点的电场强度小于b点的电场强度2、关于电荷下列说法错误的是（）A.所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍B.元电荷的值通常取作e＝1.60×10－19CC.电子和质子就是元电荷D.点电荷是一种理想化模型，实际不存在3、如图所示，一倾角为30的粗糙绝缘斜面固定在水平面上，在斜面的底端A和顶端B分别固定等量的同种负电荷。质量为m、带电荷量为−q的物块从斜面上的P点由静止释放，物块向下运动的过程中经过斜面中点O时速度达到最大值vm，运动的最低点为Q（图中没有标出）；则下列说法正确的是（）

A.P、Q两点场强相同B.UPO=UOQC.P到Q的过程中，物体先做加速度减小的加速，再做加速度增加的减速运动D.物块和斜面间的动摩擦因数4、图（a）为示波管的原理图．如果在电极之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极之间所加的电压按图（c）所示的规律变化；则在荧光屏上会看到的图形是。

A.B.C.D.5、智能手机耗电量大；移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置．充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60﹣0.70之间（包括移动电源和被充电池的线路板；接头和连线的损耗）．如图为某一款移动充电宝，其参数见如表，下列说法正确的是。

容量

20000mAh

兼容性

所有智能手机

边充边放

否

保护电路

是

输入

DC5V2AMAX

输出

DC5V0.1-2.5A

尺寸

156*82*22mm

转换率

0.60

产品名称

索扬SY10-200

重量

约430g

A.充电宝充电时将电能转化为内能B.该充电宝最多能储存能量为3.6×106JC.该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为2hD.该充电宝给电量为零、容量为3000mAh的手机充电，则理论上能充满4次6、如图所示，匝数为N、面积为S的闭合线圈abcd水平放置，与磁感应强度为B的匀强磁场夹角为现将线圈以ab边为轴顺时针转动则该过程中线圈的磁通量变化量的大小为（）

A.NBSB.BSC.NBSD.BS评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示，一质量为m、电荷量为（）的粒子以速度从连线上的P点水平向右射入大小为E、方向竖直向下的匀强电场中。已知与水平方向成45°角，粒子的重力可以忽略，则粒子到达连线上的某点时（）

A.所用时间为B.速度大小为C.与P点的距离为D.速度方向与竖直方向的夹角为30°8、如图所示的电路；闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（）

A.电流表读数变大，电压表读数变小B.小灯泡L变亮C.电源的总功率先变大后变小D.电容器C上电荷量变小9、两正；负点电荷周围电场线分布如图；取无穷远处电势为零，则（）

A.正电荷由P静止释放能运动到QB.电荷在P的加速度大于在Q的加速度C.负电荷在P的电势能高于在Q的电势能D.负电荷从P移动到Q，其间必有一点电势能为零10、如图所示电路中，C为电容器，R1为0～99.99Ω的电阻箱，电源内阻r＝5Ω，定值电阻R2＝2Ω，R3＝R4＝5Ω。现闭合开关S，调节R1使其电阻从零逐渐增至最大；在此过程中（  ）

A.电容器的a板先带正电后带负电B.电容器的a板先带负电后带正电C.电源的输出功率先增大后减小D.电容器两板间的电压先增大后减小11、如图所示，已知电源电动势E＝2V，电源内阻r＝0.5Ω，小灯泡电阻R0＝2Ω，滑动变阻器R最大阻值为10Ω．当开关闭合后；调节滑动变阻器，设灯泡电阻不随温度变化而变化，则()

A.当滑动变阻器阻值调至0.5Ω时，电源输出功率最大B.当滑动变阻器阻值调至1.5Ω时，灯泡最亮C.当滑动变阻器阻值逐渐减小时，电源输出功率逐渐增大D.当滑动变阻器阻值调至2.5Ω时，滑动变阻器的电功率最大12、2021年4月28日；在全运会田径测试赛女子撑杆跳高的决赛中，选手徐惠琴以4米50的成绩获得冠军。若不计空气阻力，则（）

A.徐惠琴在撑杆的过程中杆对她的弹力与她对杆的压力大小相等B.徐惠琴在撑杆上升过程中，她始终处于超重状态C.徐惠琴在上升过程中撑杆的弹性势能转变为运动员的机械能D.徐惠琴落到软垫后一直做减速运动评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，有三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的粒子，从极板左侧中央以相同的水平速度v先后垂直地射入匀强电场中．分别落在正极板的a、b、c处，粒子所受重力不能忽略，则可知粒子a、b、c三个粒子在电场中的加速度有aa_____ab_____ac（填“”、“”或“”），c粒子__________电（填“带正电”、“带负电”或“不带电”）

14、如图所示，AB、CD为一水平圆周上两条相互垂直的直径，O点为该圆的圆心．将电流强度都为I的两通电直导线M、N垂直圆面分别放置在圆周上，其位置关于AB对称且距离等于圆的半径，其中导线M中电流流向纸内，导线N中电流流向纸外，现要使O点的磁感应强度为零，可加一平行于圆面的匀强磁场，则该磁场方向为_________；或在圆周_______点上再垂直放置一电流大小方向合适的通电直导线。15、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－8C的正点电荷，则A处场强大小EA=______N/C，B处的场强大小EB=______N/C.

16、电阻率：

（1）物理意义：反映了材料导电性能的好坏，电阻率越___________；表示这种材料的导电性能越好。

（2）决定因素：导体的材料和___________。

（3）金属的电阻率：随温度的升高而___________。

（4）超导现象：某些材料当温度特别低时，电阻可以降到___________的现象。17、某同学将一个带电量为0.1C的正点电荷放入匀强电场中，测得其受到的电场力大小为lN，方向水平向左，则此电场的电场强度大小为______N/C，方向______（填“水平向左”或“水平向右”）。若将另一点电荷放人该电场中，测得其受到的电场力大小为0.5N，则此点电荷的电量大小为______C。18、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

19、由4个电阻连接成的混联电路如图所示。R1＝8Ω，R2＝4Ω，R3＝6Ω，R4＝3Ω。则a、d之间的总电阻为________；如果把42V的电压加在a、d两端，通过R3的电流是__________。

20、某学生小组使用DIS做“测定电动机效率”实验；实验装置如图。

（1）用电流传感器和电压传感器（图中电流表和电压表）测量的是电动机_________电流电压值（填“输入”或“输出”）

（2）（每空4分）右图是用位移传感器测定重物匀速上升时的位移——时间图线，同时电流传感器和电压传感器的读数基本不变，约为0.14A和3.3V，已知重物质量则在2.4~2.8s时间段，重物克服重力做功的功率为___________W；该电动机的工作效率约为___________。

21、在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有_______一部分转化为电热，_______部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，W>Q，即UIt>I2Rt，根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即_______=_______+_______。评卷人得分四、实验题(共4题，共40分)22、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中；所用小灯泡的额定电压为2.8V

①小张同学已经连接好电路，如图甲所示，在开关闭合前，请你帮小张同学检查一下导线连接情况___________；

A.准确无误B.导线a连错C.导线b连错D.导线c连错。

②电路检查无误后，合上开关前，滑动变阻器的滑片应该移到___________端（选填“A”或“B”）；

③实验测得该小灯泡伏安特性曲线如乙图中实线所示，虚线是它的渐近线。由乙图可知，灯泡正常发光时的电阻为___________Ω（保留两位有效数字）。23、要测量某种合金的电阻率。

（1）若合金丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率ρ=___________，用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示，读数D=___________mm。

（2）图乙是测量合金丝阻值的原理图，S2是单刀双掷开关。根据原理图在图丙中将实物连线补充完整___________。

（3）闭合S1，当S2处于位置a时，电压表和电流表的示数分别为U1=1.35V，I1=0.30A；当S2处于位置b时，电压表和电流表的示数分别为U2=0.92V，I2=0.32A，根据以上测量数据判断，当S2处于位置___________（选填“a”或“b”）时，测量相对准确，测量值Rx=___________Ω。（结果保留两位有效数字）。24、①小明同学用螺旋测微器测定某一金属丝的直径，测得的结果如下左图所示，则该金属丝的直径d=_____mm．然后他又用游标尺上标有20等分刻度的游标卡尺测该金属丝的长度L=_____cm．

②然后小明又用多用电表粗略测量某金属电阻丝的电阻Rx约为5.0Ω；为了尽可能精确地测定该金属丝的电阻，且测量时要求通过金属丝的电流在0～0.5A之间变化.根据下列提供的实验器材，解答如下问题：

A、量程0.1A，内阻r1=1Ω的电流表A1

B、量程0.6A，内阻约为0.5Ω的电流表A2

C、滑动变阻器R1全电阻1.0Ω；允许通过最大电流10A

D、滑动变阻器R2全电阻100Ω；允许通过最大电流0.1A

E、阻值为29Ω的定值电阻R3

F、阻值为599Ω的定值电阻R4

G、电动势为6V的蓄电池E

H、电键S一个；导线若干。

（a）根据上述器材和实验要求完成此实验，请在虚线框内画出测量该金属丝电阻Rx的实验原理图（图中元件用题干中相应的元件符号标注）．()

（b）实验中测得电表A1示数为I1，A2表示数为I2，其它所选的物理量题目中已给定，请写出电阻丝的电阻表达式Rx=_____.25、测定电源的电动势和内电阻的实验电路和图象如下：请回答下列问题：

（1）在闭合开关之前为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头应放在__________处．

（2）由此可知这个干电池的电动势_______内电阻__________．评卷人得分五、解答题(共2题，共20分)26、水平放置的两块彼此绝缘、正对平行金属板A板为正，B板为负，板的电势差保持不变板间距M位于板的中点；试求：

（1）若B板接地，M点的电势；

（2）若B板不接地，A板接地，B板下移M点的电势。

27、如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，CD为电场中的两点（其中C点在金属板上），且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角。已知电子从D点移到C点克服电场力做功为3.2×10-17J，电子电荷量e=1.6×10-19C；求：

（1）匀强电场的场强大小；

（2）若B板接地，D点电势为多少?

（3）将一质子从极板B移到D点时；其电势能变化多少?

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

A．的场源在两点产生的场强大小相等，的场源在两点的产生的场强大小也相等，根据场强的合成可知两点的总场强大小相等，但方向不同，故两点的电场强度不同；故A错误；

BC．四点在以点电荷为圆心的圆上，可知产生的电场在四点的电势是相等的，所以四点的总电势可以通过产生的电场的电势确定，根据顺着电场线方向电势降低可知，点的电势最高，两点对称电势相等，点电势最低；故B正确；C错误；

D．由点电荷的场强公式

合成可得

方向向左；

方向向右；故

则D错误。

故选B。

【点睛】

本题考查判断电势、场强大小的能力，要利用库仑定律和场强的矢量合成的方法对各点的电势和场强进行判定，并且要充分利用电场的叠加原理进行分析。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍；A不符合题意；

B．元电荷的值通常取作e＝1.60×10－19C；B不符合题意；

C．元电荷是基本的电量单位；不是指电子和质子本身，C符合题意；

D．点电荷是一种理想化模型；实际不存在，D不符合题意。

故选C。3、C【分析】【详解】

ABD．物块在斜面上运动到O点时的速度最大，加速度为零，又电场强度为零，所以有

所以物块和斜面间的动摩擦因数为

由于运动过程中

所以物块从P点运动到Q点的过程中受到的合外力为电场力，因此最低点Q与释放点P关于O点对称，根据等量的异种点电荷周围电势的对称性可知，P、Q两点的电势相等，则有UOP=UOQ，根据等量的异种点电荷产生的电场特征可知，P、Q两点的场强大小相等；方向相反，故ABD错误；

C．根据点电荷的电场特点和电场的叠加原理可知，沿斜面从B到A电场强度先减小后增大，中点O的电场强度为零。设物块下滑过程中的加速度为a，根据牛顿第二定律有

物块下滑的过程中电场力qE先方向沿斜面向下逐渐减少后沿斜面向上逐渐增加，所以物块的加速度大小先减小后增大，所以P到O电荷先做加速度减小的加速运动，O到Q电荷做加速度增加的减速运动；故C正确。

故选C。4、B【分析】【详解】

电子在和间沿电场方向均做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式：

前半个周期0-t1时间内电子受到的力偏向一侧，所以电子前半周期偏向一侧．

前半个周期0-t1时间内电子受到的力偏向Y一侧，所以电子前半周期偏向Y一侧．综上，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限．

同理；后半周期的图像应在第四象限．

A．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限；后半周期的图像应在第四象限．故A错误．

B．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限；后半周期的图像应在第四象限．故B正确．

C．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限；后半周期的图像应在第四象限．故C错误．

D．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故D错误．5、D【分析】【详解】

A．充电宝充电时将电能转化为化学能，不是内能．故A错误．

B．该充电宝的容量为：

该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量：

故B错误．

C．以2A的电流为用电器供电则供电时间：

故C错误．

D．由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：E=

给容量为3000mAh的手机充电的次数：次

故D正确．6、B【分析】【详解】

两次情况下磁感线穿过线圈的面不同，设初位置时穿过线圈的磁通量为正，则初位置时

转过90°，到达末位置时

初、末位置磁通量的变化量的大小为

故选B。二、多选题(共6题，共12分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．粒子在电场中做类平抛运动，水平方向

竖直方向

由

可得

故A错误；

B．由于

故粒子速度大小为

故B正确；

C．由几何关系可知，到P点的距离为

故C正确；

D．由于平抛推论可知

可知速度正切

可知速度方向与竖直方向的夹角小于30°；故D错误。

故选BC。8、A:B:D【分析】【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时，滑动变阻器的有效电阻减小，电路总电阻减小，电流I增大，内电压增大，外电压U减小。所以电流表读数变大，电压表读数变小，灯泡变亮，电源总功率

变大。因为滑动变阻器电压为外电压减去灯泡电压，所以滑动变阻器电压减小，即电容器电压减小，根据

知，电容器C上电荷量变小；故ABD正确，C错误。

故选ABD。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．正电荷在电场中受到的力沿该点的切线方向，故正电荷由P静止释放不能运动到Q；A错误；

B．电场线的疏密代表场强的大小，故

根据

正电荷在P的电场力大于在Q的电场力，则正电荷在P的加速度大于在Q的加速度；B正确；

C．负电荷从P到Q电场力做负功，电势能增加，故负电荷在P的电势能小于在Q的电势能；C错误；

D．在正负电荷之间，有一点电势必定为零，因为我们一般规定无穷远或者大地为零势能点，故从P到Q的过程中，沿电场线方向电势降低，故在PQ间有一点电势为零点，因

故其间必有一点电势能为零；D正确。

故选BD。10、A:C【分析】【详解】

ABD．当R1为零时，a板接电源正极，电势最高，带正电；当R1＝2Ω时，电容器两板等势，不带电；当R1>2Ω时，b板电势较高，a板带负电，即a板先带正电后带负电；电容器两板间的电压先减小后增大，故A正确，BD错误；

C．当R1为零时，外电阻最小，最小值为Rmin＝＝1.67Ω

当R1最大时，外电阻最大，最大值为Rmax＝＝9.11Ω

根据电源的输出功率与外电阻的关系图像。

可知电源的输出功率先增大后减小；故C正确。

故选AC。11、C:D【分析】【详解】

由于r＜R0+R，根据推论：外电路的电阻等于内电阻时电源的输出功率最大，可知，当滑动变阻器阻值调至0Ω时，电源输出功率最大，故A错误．当滑动变阻器阻值调至0Ω时，电路中电流最大，灯泡最亮，故B错误．由于r＜R0+R，当滑动变阻器阻值逐渐减小时，内外电阻逐渐接近，电源输出功率逐渐增大，故C正确．将灯泡看成电源的内阻，当R=r+R0=0.5+2=2.5Ω时，等效电源的输出功率最大，即滑动变阻器的电功率最大，故D正确．故选CD.12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．徐惠琴在撑杆的过程中杆对她的弹力与她对杆的压力是作用力与反作用力；大小相等，故A正确；

B．在撑杆上升开始阶段加速度的方向向上；她处于超重状态，在上升的最后阶段加速度的方向向下，她处于失重状态，故B错误；

C．徐惠琴在上升过程中撑杆的弹性势能转变为运动员的机械能；选项C正确；

D．徐惠琴落到软垫后；开始阶段软垫的作用力小于重力，则她仍然要做一段加速运动后才做减速运动，故D错误。

故选AC。三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【分析】

不带电的粒子在电场中做平抛运动；带正电和带负电的粒子在电场中做类平抛运动，粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，平行于电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，根据垂直电场方向位移的大小可以判断运动时间的大小，再根据电场方向的初速度为0的匀加速直线运动求得加速大小关系，并由加速度大小关系确定电场力的方向即电荷的种类．

【详解】

[1][2]．由题意知带电粒子在电场中做类平抛运动，不带电粒子做平抛运动可知，垂直电场方向做匀速直线运动，平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，由图可知a在垂直电场方向的位移最大，c最小，故可知，在电场中的运动时间满足：ta＞tb＞tc，在平行电场方向粒子做初速度为0的匀加速直线运动，因为位移相同，则根据位移时间关系h＝at2得粒子的加速度a=因为ta＞tb＞tc，h相同，故有aa＜ab＜ac．

[3]．粒子在电场中合外力为电场力和重力的合力，由题意知电场方向竖直向上，故正电荷在电场中受电场力方向与重力方向相反，合力小于重力，故其加速度a小于重力加速度，负电荷受力方向与电场方向相反即竖直向下，其合力大于重力，故其加速度大于重力加速度．不带电粒子只受重力，其加速度为重力加速度，由于aa＜ab＜ac，所以可以判断，c带负电，b不带电，a带正电．

【点睛】

掌握正确确定电场的方向，在电场中能正确的对粒子进行受力分析，能使用平抛知识处理类平抛运动的问题是解决本题的关键．【解析】<<c粒子带负电14、略

【分析】【详解】

[1]根据安培定则知，分别作出M、N在O点的磁场方向，如图所示，两电流在O点产生的磁感应强度大小相等，根据平行四边形定则，两磁感应强度叠加后，合磁感应强度由A指向B，若要使O点磁感应强度为零，磁场方向应为B指向A；

[2]根据平行四边形定则知，合磁感应强度的大小与两分磁感应强度的大小相等，根据安培定则知，也可以在C点垂直放置一方向垂直纸面向外、大小和M、N相等的电流，或在D点垂直放置一方向垂直纸面向里、大小和M、N相等的电流。【解析】从B指向AC或D15、略

【分析】【详解】

圆心O处的点电荷在A点产生的场强方向水平向左，根据矢量求和，所以A处的合场强为零；B处场强大小．

思路分析：先根据点电荷的场强公式求出点电荷在A点的场强大小；根据矢量求和匀原匀强电场叠加得到A；B两点的场强大小．

试题点评：考查点电荷产生的电场和矢量求和的应用．【解析】9×103N/C方向与E成45°角斜向右下方16、略

【分析】【详解】

略【解析】小温度增大017、略

【分析】【详解】

[1]由电场强度定义可得

[2]由电场强度方向与正电荷受力方向相同可知；此电场强度方向水平向左。

[3]该电荷的电荷量为【解析】10水平向左0.0518、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是增大。【解析】①.静止②.减少③.向上运动④.增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，R3与R4并联后再与R1、R2串联，故a、d之间的总电阻为。

[2]由欧姆定律得干路中电流为。

此即通过R1、R2的电流。

设通过R3、R4的电流分别为I3、I4；则得。

而。

联立解得。

【解析】14Ω1A20、略

【分析】【详解】

（1）[1]电压传感器和电流传感器测量的是电动机的输入电流和输入电压。

（2）[2]根据图线知，重物的速度

重物克服重力做功的功率

[3]电动机的工作效率【解析】输入0.21346%21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5]在非纯电阻电路（像含有电动机、电解槽的电路）中，电流做的功只有很少一部分转化为电热，绝大部分转化为其他形式的能（机械能或化学能等）。因此，即根据能量守恒定律知，在非纯电阻电路中满足：电功=电热+其他形式的能，即。