2024年北师大版九年级物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版九年级物理下册阶段测试试卷316考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、简单机械在日常生活中应用十分广泛，图中属于费力杠杆的是（）A.

起子B.

道钉撬C.

筷子D.

钢丝钳2、在“探究凸透镜成像规律”的过程中，小明同学观察到了如下图所示的实验现象．下列光学仪器的工作原理与该现象所反映的规律相同的是（）A．放大镜B．照相机C．投影仪D．汽车的后视镜3、如图是四冲程汽油机工作的示意图，其中表示内能转化为机械能的冲程的是（）A.B.C.D.4、噪声严重污染环境，影响人们的生活和工作，已成为社会公害.

下列措施中不能减弱噪声的是(

)

A.机动车辆在市内严禁鸣笛B.学校将高音喇叭换成许多小音箱C.清除城市垃圾，保持环境整洁D.在城市街道两旁种草植树5、关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（）A.家庭电路中的空气开关跳闸，一定是用电器总功率过大B.家庭电路中的漏电保护器跳闸，一定是发生了短路C.对人体安全的电压是36VD.使用测电笔辨别火线或零线时，手要接触笔尾金属体6、如图所示，2010年1月，寒潮袭击我国北部地区．渤海和黄海北部在冷空气袭击下，于2009年年底开始出现海冰，今年1月4日至8日，渤海和黄海北部冰情范围迅速扩大，并发展成为30年来同期最严重的冰情，下列关于海冰的说法中正确的是（）A.海冰的密度等于海水的密度B.海冰的密度大于海水的密度C.海冰的熔点等于0℃D.海冰的熔点低于0℃7、某地在江面上修建一座大桥，如图中甲是使用吊车向江底投放长方形石料的示意图．在整个投放过程中，石料以恒定速度下降．乙是钢绳的拉力F随时间t变化的图象（从开始投放到石料刚好接触湖底前）．t=0时刻吊车开始下放石料，忽略水的摩擦阻力．则下列说法错误的是（）A.石料在t=20s时开始浸入水中B.石料的重力是1400NC.石料受到的浮力始终是500ND.石料完全浸没水后钢绳的拉力为900N评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、蹦极跳是一种非常刺激的惊险娱乐项目，蹦极跳的原理是：把一根弹性绳的一端固定在高空中某一位置，弹性绳的下端与人身上的安全带相连，把人从空中某一位置竖直向下由静止释放，人便在竖直方向上下往复运动，下列说法正确的是（）A.人在向下运动的过程中，人的重力势能逐渐减小B.人运动到最低点时，人的动能最大C.人在向上运动过程中，人的动能逐渐增大D.人运动到最高点时，人的重力势能最大9、根据表中几种物质的比热容；判断下列说法中正确的是（）

。物质比热容/J•℃-1物质比热容/J•kg-1•℃-1水银0.14×103砂石0.92×103水4.2×103沙2.1×103A.制作体温计常用水银做介质，原因之一是水银的比热容小B.北方楼房中的暖气用水做介质，利用了水的比热容大的特性C.由于沙石比水的吸热能力大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区大D.由于水比冰的比热容大，所以冷却食品时0℃的水比0℃的冰效果好10、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1为滑动变阻器，R2、R3我定值电阻，闭合开关S，将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化大小分别为△U1、△U2，电流表示数变化的大小为△I．下列判断不正确的是（）A.△U2大于△U1B.电压表V2示数与电流表示数的比值更大C.与的差值等于R2D.R2和R3消耗的电功率的和增加了△U2•△I11、下列是对日常生活中一些物理量的估测，其中最接近实际的是（）A.初中物理课本的长度约为0.26mB.人正常呼吸一次的时间约为3sC.飞机正常飞行的速度接近60km/hD.济南北园路高架桥全长80km12、如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象；下列表述不正确的是（）

A.图（1）可用来演示电磁感应现象B.图（4）可用来演示磁场对电流的作用C.图（3）可用来演示电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系D.图（2）可用来演示磁生电现象13、C919

国产大飞机首飞成功，让中国人扬眉吐气，标志着中国从此成为世界上能够制造大飞机的少数国家之一，以下说法正确的是(

)

A.飞机在空中保持速度大小不变沿曲线飞行时，运动状态没有发生改变B.飞机关闭发动机降落在跑道上后仍能滑行一段距离是由于惯性C.飞机起飞过程中，由于受到空气阻力，飞机的机械能减小D.飞机在空中水平匀速飞行时，飞机受到的重力大于空气对它的浮力14、甲醛对人体的危害非常严重，因此装修房屋时检测甲醛污染指数非常重要.

“创新”小组的同学们设计了甲醛监测设备，其工作原理如图甲所示.

电源电压恒为3VR0

为10娄赂

的定值电阻，R

为可以感知甲醛污染指数的可变电阻，污染指数在50

以下为轻度污染，50隆芦100

间为中度污染，100

以上为重度污染，以下分析正确的是(

)

A.污染指数越小，电压表示数越大B.电压表示数为1V

时，属于重度污染C.污染指数越大，电路中消耗的总功率越大D.污染指数为50

时，电压表示数为0.5V

15、如图所示，电源电压为4.5V，电流表量程为“0～0.6A”，滑动变阻器规格为“10Ω0.1A”，小灯泡L标有”2.5V1.25W”（不考虑温度对灯丝电阻的影响），在移动滑动变阻器滑片的过程中，下列选项正确的是（）A.电路的最大功率为2.7WB.电流表的示数变化范围是0.3～0.5AC.电压表的示数变化范围是0～3VD.滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4～10Ω16、如图所示，电源电压恒定，开关K断开时，电灯L正常发光．当开关S闭合后，下列说法不正确的是（）A.灯L的亮度不变B.灯L消耗的功率变小，亮度变暗C.滑片P往a端滑动，灯L还能正常发光D.滑片p往b端滑动，灯L还能正常发光评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、某电饭锅内有R=44Ω、R=2156Ω的两根电热丝，将它接入电路如图当S分别置于“1“挡和“2“挡时，____档是保温状态，当S接“2“挡时，电路中的电流大小是____通电100s电路产生的热量是____J．

18、某同学用如图（a）、（b）、（c）所示实验研究物体运动与受力之间的关系，他用测力计拉着小木块在长木板上沿水平方向从A匀速移动到B如图（a）所示，记下测力计的示数为1牛．将长木板竖直放置如图（b）所示；用测力计吊着小木块沿竖直方向从A匀速移到B，记下测力计的示数为5牛．用测力计吊着小木块静止在位置B如图（c）所示，记下测力计的示数也为5牛．已知木块的重力为5牛，木块与水平面间的滑动摩擦力为1牛．

（1）分析图中（a）和（b）可得：当物体受力____时；物体处于匀速直线运动状态．

（2）分析图中（a）、（b）、（c）可得：____．

19、现代生活中最重要的交通运输工具--汽车；与我们的生活走得越来越近了．

（1）某单缸汽油发动机气缸的活塞面积是120cm2，做功冲程中活塞移动的距离是30cm，气体的平均压强是5×105Pa．汽油的热值是4.6×107J/kg，每次做功耗油0.2g，气体一次膨胀对活塞做的功是____J；若每次做功过程中汽油的90%完全燃烧，每次汽油燃烧放出的热量是____J；排气过程中，废气温度____，内能____．

（2）汽油机的效率很低，主要原因之一是____带走了大量的能量．电动汽车是未来汽车的发展方向，它的发动机是利用____原理制成的．20、体温计利用液体____的性质制成的，测量范围是____℃，每一小格是____℃．21、如图所示的装置，其中一个瓶子装有密度比空气大的红棕色二氧化氮气体，另一个装有空气．演示氧化扩散现象时应该把装有二氧化氮气体的瓶子放在____方．（选填“上”或“下”），抽掉玻璃板后，在常温下经过____（选填“30s”“1min”或“20min”）可以明显观察到上下两个瓶子内气体的颜色变均匀．

22、如图所示，它是测量______的仪表，这是它连入某电路时的指针位置，这时它的示数是______A

．23、家庭电路的电压为______V.

在家庭电路中，控制电灯的开关，一端与电灯相连，另一端应该接在______线上．24、身高1.56m的小明站在竖直放置的平面镜前l.5m处，他在镜中的像距他____m，当他向镜前移近0.5m时，他的像高____1.56m（选填“大于”“小于”“等于”）．评卷人得分四、判断题(共1题，共7分)25、如果入射光线与平面镜的夹角为30°，则入射角等于30°____评卷人得分五、解答题(共1题，共7分)26、LED灯具有节能、环保等特点．某LED灯的额定电压是220V，额定功率为15W，该灯正常发光时通过的电流是____mA，1度电可供该灯正常工作约____h．与普通白炽灯相比，在达到相同亮度的条件下，LED灯可以节约85%的电能，那么这个LED灯与____W的白炽灯亮度相当．（结果均保留一位小数）评卷人得分六、实验探究题(共3题，共15分)27、如图所示：在“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验中；小球由斜面某位置滚下，撞击水平面上的小木块．

（1）实验中通过观察____的大小；来判断小球动能的大小．

（2）让质量不同的小球A和B（mA＜mB），从同一斜面的同一度度由静止开始滚下，目的是为了使小球到达水平面的____相同．得出的结论是____．

（3）为了探究动能大小与速度的关系，应选择____两个图进行比较，理由是____．28、如图为“探究凸透镜成像规律”的实验装置．（1）点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏，使它们的中心跟烛焰的中心大致在________；（2）烛焰正好在光屏上成倒立、等大、清晰的像，则该凸透镜的焦距是____________；（3）保持蜡烛位置不动，把凸透镜从距烛焰一倍焦距处向烛焰方向移动2cm，通过观察找到一个____________像（选填“实”或“虚”）．29、（7分）正在流通的一元硬币是由什么金属制成的呢？为了解决这个疑惑；小明和小丽决定测量一元硬币材料的密度．

（1）小明的实验做法：如图甲所示，用刻度尺和三角板测出硬币的直径为____cm，再将10枚相同的一元硬币紧叠在一起用刻度尺测出总厚度，计算出硬币的总体积．然后，用天平测量这10枚硬币的总质量，平衡时右盘所加砝码及游码的位置如图乙所示，由测量可得10枚硬币的总质量为____g，最后根据密度公式ρ=m/V计算出硬币材料的密度．小明测得硬币的密度比真实值____（选填“大”或“小”），简述理由____．

（2）小丽的设计方案：先用细线将1枚一元硬币系好，用图丙所示的弹簧测力计测出硬币的重力G1．然后，将弹簧测力计吊着的硬币浸没水中，读出这时测力计的示数为G2．

①硬币的密度可表示为ρ=____（已知水的密度为ρ水；用所测量的符号表示）．

②小丽的设计方案____（选填“能”或“不能”）测出硬币的密度，你判断的理由是____．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】可根据动力臂和阻力臂的大小关系来比较判断是什么杠杆，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆，当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆．【解析】【解答】解：A；起子的动力臂大于阻力臂；是省力杠杆，不符合题意；

B；道钉撬动力臂大于阻力臂；是省力杠杆，不符合题意；

C；筷子动力臂小于阻力臂；是费力杠杆，符合题意；

D；钢丝钳动力臂大于阻力臂；是省力杠杆，不符合题意；

故选C．2、C【分析】放大镜利用了能成正立放大的像的规律，照相机利用了凸透镜能成倒立缩小的像的规律，投影仪利用了凸透镜能成倒立放大的像的规律，后视镜利用了面镜的成正立的像规律，由题意知，像是倒立放大的，故是投影仪的成像原理．故选C．【解析】【答案】C3、B【分析】【解答】解：内能转化为机械能的是做功冲程：

A图：气门都关闭；活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；

B图：气门都关闭；活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；

C图：排气门打开；活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；

D图：进气门打开；活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意．

故选B．

【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化成内能，做功冲程中内能转化成机械能．4、C【分析】解：A

机动车辆在市内严禁鸣笛；可以在噪声的声源处减弱噪声，不符合题意；

B；学校将高音喇叭换成许多小音箱；可以在噪声的声源处减弱噪声，不符合题意；

C；清除城市垃圾；保持环境整洁，是环保的做法，符合题意；

D；在城市街道两旁种草植树；可以在噪声的传播途中减弱噪声，不符合题意；

故选C．

解决此题要知道防治噪声污染可以从噪声的产生；噪声的传播及噪声的接收这三个环节进行防治．

解决此类题目要根据结合防止噪声的途径进行解答．【解析】C

5、D【分析】【分析】①空气开关自动跳闸的原因是电流过大；引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或总功率过大；

②漏电保护器的作用；出现“跳闸”的原因：一是短路，二是用电器总功率过大，三是用电器漏电；

③经验证明；只有不高于36V的电压，对人体才是安全的；

④使用测电笔时，必须用手接触到笔尾的金属体．【解析】【解答】解：

A；家庭电路中的空气开关跳闸；原因有两个，短路或总功率过大．此选项错误；

B；家庭电路漏电保护器跳闸；可能是发生的短路，也可能是有漏电的位置，还可能是总功率过大．此选项错误；

C；人体安全电压不超过36V．此选项错误；

D；使用测电笔时；笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光．此选项正确．

故选D．6、D【分析】【分析】①物体漂浮的条件是：固体密度小于液体的密度；

②固体熔化时的温度叫熔点．【解析】【解答】解：

A；B、海冰漂浮在海面上；所以海冰密度小于海水密度．此两选项均错误；

C；冰的熔点是0℃；海水结冰温度低于0℃，所以海冰的熔点低于0℃．选项C错误，选项D正确．

故选D．7、C【分析】【分析】图象可以分成三个过程分析：

①前20s；钢绳的拉力不变，等于物体的重力，此时物体在水面以上；

②中间10s；钢绳的拉力减小，物体从与水面接触到完全浸没；

③最后90s，钢绳的拉力不变，此时物体完全浸没在水中．【解析】【解答】解：

A；由图象可以看出；物体在第20s开始浸入水中．此选项正确，不符合题意；

B；在前20s；物体的重力等于受到的拉力为1400N．此选项正确，不符合题意；

C、在第20s～30s的过程中，物体排开水的体积不断增大，由公式F浮=ρ液gV排知；浮力不断增大．此选项错误，符合题意；

D；石料完全浸没后；浮力不变，钢绳的拉力不变，始终为900N．此选项正确，不符合题意．

故选C．二、多选题(共9题，共18分)8、AD【分析】【分析】（1）动能的大小与物体的质量；速度有关；

（2）重力势能的大小与物体的质量；高度有关；

（3）弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关；【解析】【解答】解：A；人在向下运动的过程中；人的质量不变，高度减小，所以人的重力势能逐渐减小，故A正确；

B；人运动到最低点时；质量不变，速度为零，所以动能为零，故B错误；

C；人在向上运动过程中；若弹力大于重力，人向上做加速运动，即动能增大，当弹力小于重力或没有弹力时，人向上做减速运动，所以动能变小，故C错误；

D；人运动到最高点时；人的质量不变，高度最大，所以人的重力势能最大，故D正确；

故选AD．9、AB【分析】【分析】（1）液体温度计的原理是液体的热胀冷缩性质；水银的比热容小，吸收相同的热量时，温度变化得更明显；

（2）暖气中的传热介质；要求在降低相同的温度时放出更多的热量，就需要比热容较大的水；

（3）沙石的比热容比较小；在同样受热和受冷的情况下，沙石的温度变化值比较大；

（4）0℃的冰熔化为0℃的水时要吸收大量的热，而温度保持0℃不变，当冰全部熔化后，再吸热，水才能升温；而0℃的水吸热后直接升温，据此判断．【解析】【解答】解：A；水银的比热容比较小；吸收相同的热量温度升得更高，可以更准确地测量物体的温度，故A符合题意；

B；水的比热容比较大；降低相同的温度时可以放出更多的热量，取暖效果更好，故B符合题意；

C；水比沙石的比热容大；水的吸热能力强，在吸收和放出相同的热量时，水的温度变化值更小，沙石的温度变化值大，所以内陆地区的昼夜温差比沿海地区大，故C不符合题意；

D；用质量相等的O℃的冰冷却食品；冰吸收热量首先熔化成O℃的水，比用O℃的水直接冷却物体多了一个冰熔化吸热的过程，所以要使物体冷却，用质量相等的O℃的冰和O℃的水，冰的效果会好些，故D不符合题意．

故选AB．10、AC【分析】【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用串联电路特点与欧姆定律分析答题．【解析】【解答】解：由图示电路图可知，三个电阻串联，电流表测电路电流，电压表测R1、R2两端电压，电压表V2测电阻R2、R3两端电压；

A、由图示电路图可知，△U2-△U1=△UR1-△UR3，滑片向右移动过程中，R1两端电压减小，R3两端电压增大，R1两端电压的减小量等于R2、R3两端电压的增加量之和，则△UR1＞△UR3，△U2-△U1＞0，△U2＞△U1；故A正确；

B、电压表V2测R2、R3两端电压U'，电流表测电路电流I'，=R2+R3，即电压表V2示数与电流表示数的比值不变；故B不正确；

C、=R2+R3，=R3，简化得二者的差值等于R2；故C正确；

D、滑片向右移动过程中，电路电流增大，R2和R3消耗的电功率的和增加量△P=I′2（R2+R3）-I2（R2+R3）=（I′2-I2）（R2+R3）≠△U2•△I；故D错误．

故选AC．11、AB【分析】【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解析】【解答】解：

A；中学生伸开手掌；大拇指指尖到中指指尖的距离大约20cm，初中物理课本的长度大于20cm，在26cm=0.26m左右．故A符合实际；

B；人正常呼吸在1min内大约20次；呼吸一次的时间约为3s，故B符合实际；

C；飞机飞行速度极快；正常飞行的速度不小于500km/h．故C不符合实际；

D；济南北园路高架桥全长8km．故D不符合实际．

故选AB．12、BD【分析】解：A、图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时；电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故A正确；

B；放在小磁针上方的导线中有电流通过时；小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故B错误；

C；通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉；但右边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故C正确；

D；图中开关闭合后；导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故D错误；

故选BD．

本题考查电磁感应；电流的磁效应；可根据实验装置及实验的现象进行判断．

物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象．【解析】【答案】BD13、BD【分析】解：

A；飞机在空中保持速度大小不变沿曲线飞行时；运动方向发生变化，所以飞机的运动状态发生改变，故A错误；

B；飞机关闭发动机降落在跑道上后仍能滑行一段距离；是因为飞机具有惯性，仍然保持向前的运动状态，故B正确；

C；飞机起飞过程中；由于受到空气阻力，部分机械能转化为内能，但飞机的速度增加，高度增加，所以飞机的机械能增大，故C错误；

D；飞机在空中水平匀速飞行时；机翼上方空气流速快、压强小，机翼下方空气流速小、压强大，产生向上的升力，所以飞机受竖直向下的重力、竖直向上的浮力、竖直向上的升力，则飞机受到的重力大于空气对它的浮力，故D正确。

故选：BD

(1)

物体运动状态的改变；指的是运动速度和运动方向的改变；

(2)

惯性是指物体能够保持原来运动状态不变的性质；任何物体都具有惯性，惯性不是力；

(3)

对物体做功；内能增加，机械能减小；

(4)

流速大的地方；压强小。

本题考查了惯性、力和运动的关系、流体压强与流速的关系、影响机械能的因素等知识，是一道理论联系实际的好题。【解析】BD

14、BCD【分析】解：(1)

由图象可知；污染指数越小，可变电阻的阻值越大，根据串联电路的分压特点可知，可变电阻分担的电压越大，则定值电阻分担的电压越小，即电压表示数越小，故A错误；

(2)

电路中电流I=U0R0=1V10惟=0.1A

可变电阻两端电压UR=U鈭�U0=3V鈭�1V=2V

根据欧姆定律可得：

可变电阻连入电路中的阻值R=URI=2V0.1A=20娄赂

由图象可知；电阻为20娄赂

时，污染指数为150

属于重度污染，故B正确；

(3)

由图象可知，污染指数越大，可变电阻的阻值越小，电路总电阻越小，根据P=U2R

可知；电源电压不变，总电阻越小，总功率越大，故C正确；

(4)

由图象可知，污染指数为50

时，可变电阻连入电路中的阻值为50娄赂

根据串联电路的分压特点：U0U=R0R+R0

即U03V=10娄赂10惟+50惟

解得：R0

两端电压U0=0.5V

即电压表示数为0.5V

故D正确．

故选BCD．

(1)

由图象可知；污染指数越小，可变电阻的阻值越大，根据串联电路的分压特点分析电压表示数变化；

(2)

根据欧姆定律求出电路中电流；根据串联电路的分压特点求出可变电阻两端电压，再根据欧姆定律求出可变电阻连入电路中的阻值，根据图象分析污染程度；

(3)

由图象可知，污染指数越大，可变电阻的阻值越小，根据P=U2R

分析电路总功率的变化；

(4)

由图象可知；污染指数为50

时，可变电阻连入电路中的阻值，根据分压特点求出电压表示数．

此题主要考查的是学生对欧姆定律、串联电路的分压特点的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键．【解析】BCD

15、BD【分析】解：

ABC；电源电压为4.5V；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。

灯泡正常发光时的电压为2.5V；功率为1.25W，当灯泡正常发光时，串联电路总电压等于各分电压之和，此时电压表的最小示数：

U滑=U-UL=4.5V-2.5V=2V；故C错误；

根据P=UI可知；此时电路中的最大电流即小灯泡的额定电流：

Imax=IL===0.5A；

此时滑动变阻器接入电路的电阻最小；最小为：

R滑min===4Ω；

根据欧姆定律，灯泡的电阻：RL===5Ω；

当滑动变阻器接入电路中的电阻最大；

电路中的最小电流：

Imin===0.3A；

电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A；故B正确；

电路的最大功率为：

P最大=UImax=4.5V×0.5A=2.25W；故A错误；

D；由欧姆定律的变形公式；此时灯泡分担的电压最小：

UL小=IminRL=0.3A×5Ω=1.5V；

根据串联电路电压的规律；滑动变阻器两端的最大电压：

U滑max=U-UL小=4.5V-1.5V=3V；此时滑动变阻器的最大阻值：

Rmax===10Ω；

故滑动变阻器的范围是4Ω～10Ω；故D正确。

故选：BD。

ABC；电源电压为4.5V；由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。

灯泡正常发光时的电压为2.5V；功率为1.25W，当灯泡正常发光时，根据串联电路的电压规律求出此时电压表的最小示数；

根据P=UI求出此时电路中的最大电流即小灯泡的额定电流：

由欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的最小电阻；

根据欧姆定律得出灯泡的电阻；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由欧姆定律求出电路中的最小电流，从而确定电路中电流变化的范围；

根据P最大=UImax求出电路的最大功率；

D；由欧姆定律的变形公式求出灯泡分担的最小电压；根据串联电路电压的规律得同滑动变阻器两端的最大电压；由欧姆定律求出此时滑动变阻器的最大阻值，从而确定滑动变阻器的范围。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。【解析】BD16、AD【分析】【分析】（1）由图可知；当开关断开时灯泡L与滑动变阻器串联；而当开关闭合时灯泡L与电阻R并联然后与滑动变阻器串联；

（2）根据并联电路的规律可知电路中电阻的变化；由串联电路的电阻分压特点可知滑动变阻器两端的电压的变化，进一步根据分压特点调节滑动变阻器．【解析】【解答】解：（1）初始电路中；灯L与滑动变阻器串联灯泡正常发光；

（2）开关闭合后；灯泡L与电阻R的并联电阻小于灯L的电阻，滑动变阻器电阻不变，由串联电路的分压特点知道；

灯泡两端的分压变小；灯泡实际功率变小，灯泡亮度变暗，故A说法错误，符合题意，B说法正确，不符合题意；

（3）要使灯L正常发光；需要增大灯L两端的电压，减小滑动变阻器两端的电压，应使滑动变阻器滑片P向a端移动，减小滑动变阻器接入电路的阻值，减小滑动变阻器的分压，使灯泡两端电压增大，当灯泡电压增大到额定电压时；

灯泡还能正常发光；所以C说法正确，不符合题意；D说法错误，符合题意；

故选AD．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】

（1）电源电压为220V不变，当S接“1”挡时，电路中R与R串联；此时电阻为两个电阻的和；

当S接“2”挡时，电路中只有R，此时电阻小于串联时电阻，所以根据P=可知：“1“挡是保温状态．

（2）当S接“2“挡时，电路中只有R；电流为：

I===5A；

W=UIt=220V×5A×100s=1.1×105J．

故答案为：“1”；5；1.1×105J．

【解析】【答案】（1）开关S置于“1“挡和“2“挡时，分别分析电路中的电阻连接情况，根据电阻的大小，利用P=可知电的大小．

（2）当S接“2“挡时，电路中只有R；根据电压；电阻和通电时间求电流、消耗电能．

18、略

【分析】

（1）木块在水平方向上受到拉力和摩擦力作用；大小相等；方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，木块处于匀速直线运动状态．

木块在竖直方向上受到拉力和重力作用；两个力大小相等；方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，木块进行匀速直线运动．

所以物体受到平衡力作用时；物体处于匀速直线运动状态．

（2）物体竖直方向上受到拉力和重力作用；两个力大小相等；方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一个物体上，木块处于静止状态．

物体受到平衡力作用时；物体处于匀速直线运动状态．

所以物体受到平衡力作用时；物体处于匀速直线运动状态或静止状态．

故答案为：（1）平衡；（2）当物体受到平衡力时；物体处于匀速直线运动状态或静止状态．

【解析】【答案】平衡力的条件：大小相等；方向相反、作用在同一个物体上；作用在同一条直线上．

物体受到平衡力作用时；物体处于静止状态或匀速直线运动状态．

19、略

【分析】

（1）∵

∴气体膨胀对活塞产生的力：

F=ps=5×105Pa×120×10-4m2=6000N；

气体每次膨胀对活塞做功：

W=Fs=6000N×0.3m=1800J；

每次汽油燃烧放出的热量：

Q=m×90%×q=0.2×10-3kg×90%×4.6×107J/kg=8.28×l03J；

在排气过程中；排气门打开，排出废气，温度降低，内能减少．

（2）汽油机工作时；废气带走了大量的能量，散失到空中，使得汽油机的效率很低；电动汽车发动机是直流电动机，利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的．

故答案为：（1）1800，8.28×l03；降低，减少；

（2）废气；通电线圈在磁场中受力转动．

【解析】【答案】（1）知道气缸的活塞面积和气体的平均压强；利用压强公式求气体膨胀对活塞产生的力；又知道移动的距离，计算气体一次膨胀对活塞做的功；知道每次做功耗油量和90%完全燃烧，利用热值计算每次汽油燃烧放出的热量．

（2）排气过程中；废气带走了大量的能量，温度降低，内能减少．电动汽车发动机是直流电动机，利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的．

20、热胀冷缩35～420.1【分析】【分析】解答此题必须明确：常用温度计的制作原理；了解体温计的量程和分度值．【解析】【解答】解：

常用液体温度计的原理：液体的热胀冷缩；

体温计的测量范围是35℃～42℃；分度值为0.1℃．

故答案为：热胀冷缩；35～42；0.1．21、下|20min【分析】【解答】解：（1）二氧化氮气体的颜色是红棕色的；而且比空气的密度大，因此必须放在下面的瓶子中．将两个瓶口对在一起，二氧化氮气体分子会向空气中运动，所以下面瓶内的气体颜色会变淡，上瓶内的气体颜色会变红，最终颜色变均匀；（2）常温下分子的运动较慢，需要较长的时间变均匀，故选20min．故答案为：下；20min．

【分析】分子在永不停息地做无规则运动，运动速度和温度有关，温度越高速度越快．22、略

【分析】解：

一般表盘上都标有所测物理量的单位；本表标有A

所以它是测量电流的仪表；

图中电流表使用的接线柱是“鈭�

”；“0.6

”；则电流表选择的量程是0隆芦0.6A

电流表的分度值是0.02A

电流表的示数是0.28A

．

故答案为：电流；0.28

．

解决此题的关键是理解电表的使用；首先可以看到电表的表盘上标有A

所以它应该是测电流的电流表；

电流表读数时应先根据选择的接线柱判断量程；然后认清分度值再读数．

解决此类问题的关键是能辨别电表所测物理量的方法和电表读数方法．【解析】电流；0.28

23、220；火【分析】解：(1)

家庭电路的电压是220V

．

(2)

家庭电路中；开关控制电灯时，开关一端和电灯相连，另一端和火线相连，这样既能控制电灯，又能在更换灯泡时，断开开关，切断火线，避免触电事故的发生．

故答案为：220

火．

(1)

家庭电路的电压是220V

．

(2)

家庭电路中；开关控制用电器时，开关一定要接在火线和用电器之间，既能控制用电器，又能保证使用的安全性．

(1)

记住家庭电路的电压和人体安全电压．

(2)

掌握家庭电路中电灯、开关、插座、保险丝的接法．【解析】220

火24、略

【分析】【分析】根据平面镜成的像特点，像与物到镜面的距离相等，像与物大小相同来解答此题．【解析】【解答】解：因为平面镜成的像到镜的距离与物到镜的距离相等；小明离镜1.5m，他的像离镜也应是1.5m，所以像离小明3m；

又因为不论物离镜远还是近；像与物大小都相同，小明身高1.56m，像高也是1.56m．

故答案为：3；等于．四、判断题(共1题，共7分)25、×【分析】【分析】要解决此题需要掌握入射角的概念：入射光线与法线的夹角．知道法线垂直于界面．【解析】【解答】解：入射角是入射光线与法线的夹角．

入射光线与平面镜的夹角为30°；所以入射角为：90°-30°=60°．

所以此说法错误．

故答案为：×．五、解答题(共1题，共7分)26、略

【分析】【分析】（1）LED灯正常工作时的功率和额定功率相等，根据P=UI求出该灯正常发光时通过的电流，根据P=求出1度电可供该灯正常工作的时间；

（2）设两种灯泡正常发光的时间为t，利用公式W=Pt计算消耗的电能；消耗的电能之差与白炽灯消耗的电能之比就是节约的百分比，据此进行解答．【解析】【解答】解：（1）LED灯正常工作时的功率P=15W=0.015kW；

根据P=UI可得；该灯正常发光时通过的电流：

I==≈0.0682A=68.2mA；

根据P=可得；1度电可供该灯正常工作的时间：

t==≈66.7h；

（2）设两种灯泡正常发光的时间为t；

由P=可得；LED消耗的电能：

W1=P1t=0.015kW•t，白炽灯消耗的电能为W2=P2t；

因在达到相同亮度的条件下；LED灯可以节约85%的电能；

所以，=85%；

解得：P2=0.1000kW=100.0W．

故答案为：68.2；66.7；100.0．六、实验探究题(共3题，共15分)27、略

【分析】【分析】根据题干所给进行分析：（1）实验中利用了转换法来进行探究活动；小球能够做功是观察小球推动小木块运动距离的远近来体现小球具有动能的大小；

（2）（3）由于动能的大小可能给多个因素有关，应用控制变量法来分析，高度相同时，小球滑到相同的水平面的速度就会相同，是为了控制小球的速度相同，控制小球的质量不同，来探究动能与质量的关系；为了探究动能大小与速度的关系应控小球的制质量不变，改变小球的速度，结合题干中甲、乙、丙三幅图分析小球质量和高度的关系，便可得出结论．【解析】【解答】解：（1）物理学中；能够做功的多少表示具有能量的大小，实验中小球能够做功是体现在推动小木块运动，推动的距离越远，表示小球能够做的功越多，小球具有的动能就越大，所以通过观察小木块被推动的距离的大小，来判断小球动能的大小．

（2）高度相同时，小球滑到相同的水平面的速度就会相同，是为了控制小球的速度相同，题干中让质量不同的小球A和B（mA＜mB）是控制小球的质量不同来探究