河南省部分重点高中2025届高考适应性考试考前模拟卷（二）物理试题解析版

2025年高考适应性考试考前模拟卷（二）物理（考试时间：75分钟试卷满分：100分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共7题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1．2024年9月18日，苏州大学研究团队在《自然》杂志上发布了辐光伏微型核电池的最新研究成果。该电池主要是利用镅243发生α衰变释放的能量。若镅243衰变的核反应方程是，则下列说法正确的是（）A．X的电荷数为95 B．X的电荷数为91C．X的质量数为241 D．X的质量数为239【答案】D【详解】由于α粒子为，根据核反应前后质量数守恒、电荷数守恒，可得解得，所以X的电荷数为93，质量数为239。故选D。2．某卫星发射后先在圆轨道1上做匀速圆周运动，经过两次变轨后在圆轨道2上做匀速圆周运动。已知卫星在轨道2上的线速度比在轨道1上的线速度小，卫星质量不变。下列说法正确的是（）A．轨道2的半径比轨道1的半径小B．卫星在轨道2上的机械能比在轨道1上的机械能大C．卫星两次变轨时发动机均做负功D．卫星第一次变轨时发动机做负功，第二次变轨时发动机做正功【答案】B【详解】A．由可知故轨道2的半径比轨道1的半径大，故A错误；B．轨道半径越大，卫星的机械能越大，故B正确；CD．卫星每次变轨时发动机均做正功，使卫星做离心运动，抬高轨道，故CD错误。故选B。3．某户家庭安装了一台风力发电机，它的叶片转动时可形成半径为的圆面，风向与叶片转动的圆面垂直，假设这个风力发电机能将此圆内30%的空气动能转化为电能。已知空气的密度为，当风速是时，此发电机的功率约为（）A． B． C． D．【答案】C【详解】在∆t时间内吹到风叶叶片上的空气质量为发电机的功率带入数据可知P=457W故选C。4．b、c两点各固定一个点电荷，以b、c的中点O为坐标原点，两点的连线在x轴上，x轴上各点的电势φ关于位置的分布规律如图所示，已知图像关于纵轴对称，O点处图像的切线平行于x轴，规定无穷远处的电势为0。下列说法正确的是（）A．坐标原点O处的电场强度大小为零B．关于O点对称的任意两点电场强度相同C．b、c两点固定的点电荷均带负电，且所带电荷量相等D．电子在a点的电势能大于在d点的电势能【答案】A【详解】A．根据图像的切线斜率表示场强大小，可知坐标原点O处的电场强度大小为零，故A正确；B．根据图像可知，关于O点对称的任意两点电场强度大小相等，方向相反，故B错误；C．由于图像的电势均为正，且离点电荷越近电势越高，结合对称性可知b、c两点固定的点电荷均带正电，且所带电荷量相等，故C错误；D．由题图可知a点的电势大于d点的电势，根据，由于电子带负电，所以电子在a点的电势能小于在d点的电势能，故D错误。故选A。5．一列简谐横波在t=0时刻的波形如图甲所示，质点P、Q在x轴上的位置为xP=1m和xQ=3m从此时开始，P质点的振动图像如图乙所示，下列说法正确的是（）A．该波沿x轴正向传播B．此后P、Q两点速度大小始终相等C．t=0.125s时，Q质点的位移为D．若此波遇到另一列简谐横波发生了干涉现象，则所遇到的波的频率为0.5Hz【答案】B【详解】A．由图乙可知，t=0时刻质点P向下振动，根据“上下坡”法由图甲可知，该波沿x轴负向传播，故A错误；B．由于P、Q两点间距离等于半个波长，所以两质点振动步调相反，速度大小始终相等，故B正确；C．由图乙可知，周期为0.2s，所以0.125s时Q质点的位移为故C错误；D．若此波遇到另一列简谐横波发生了干涉现象，则两列波频率相同，则所遇到的波的频率为故D错误。故选B。6．如图，理想变压器原、副线圈匝数比为2：1，原线圈接的正弦交流电源，副线圈接有电阻和两个小灯泡，开关保持闭合状态，电流表和电压表均可视为理想电表。下列选项正确的是（）A．副线圈中交流电的频率为 B．电流表的示数之比为C．电压表的示数之比为 D．开关断开后电压表的示数增大【答案】D【详解】A．副线圈中交流电的频率为选项A错误；B．电流表的示数之比为选项B错误；C．根据变压器电压与匝数关系可知因电压表V2示数小于变压器次级电压，可知电压表的示数之比不等于，选项C错误；D．开关断开后，次级电阻变大，次级电流减小，则电阻R上电压减小，而变压器次级电压不变，可知电压表的示数增大，选项D正确。故选D。7．如图所示，两块相互靠近的平行金属板M、N组成电容器，充电后与电源断开，M板带负电，N板带正电，且它们的电荷量保持不变。板间有一个用绝缘细线悬挂的带电小球（可视为质点），小球静止时与竖直方向的夹角为，忽略带电小球所带电荷量对极板间匀强电场的影响，M、N板足够大，则（）A．若只将N板水平向右平移稍许，电容器的电容将变小，夹角将变大B．若只将N板竖直向上平移稍许，电容器的电容将变小，夹角将变小C．将细线烧断，小球的运动轨迹是抛物线D．若只将M板水平向左平移稍许，将细线烧断，小球到达N板的时间不变【答案】D【详解】A．只将N板水平向右平移稍许，由公式可知，电容器的电容将变小，而又由可知，两板间的电场强度将不变，电场力不变，故夹角θ将不变，选项A错误；B．只将N板竖直向上平移稍许，由公式可知，电容器的电容将变小，而又由可知，两板间的电场强度将变大，电场力变大，故夹角θ将变大，选项B错误；C．若将细线烧断，小球受电场力和重力都为恒力，则小球将沿绳的方向斜向下做初速度为零的匀加速直线运动，选项C错误；D．只将M板水平向左平移稍许，由公式可知，电容器的电容将变小，而又由可知，两板间的电场强度将不变，电场力不变，将细线烧断，小球与C选项情景中运动位移、加速度均不变，到达N板的时间不变，故D正确。故选D。二、选择题：本题共4题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的。全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8．如图所示，一定质量的理想气体从状态依次经过状态、和后再回到状态，则（

）A．到过程，气体内能减少 B．到过程，气体对外界做正功C．到过程，气体从外界吸收热量 D．经过一次循环过程，气体从外界吸收热量【答案】ACD【详解】A．到过程为等容变化，气体对外界不做功，由查理定律有可得则气体内能减少，故A正确；B．到过程，气体体积减小，外界对气体做正功，故B错误；C．到过程为等容变化，气体对外界不做功，由查理定律有可得则气体内能增加，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故正确；D．由可知，图像与坐标轴围成的面积代表做功，可知由到气体对外界做的正功大于由到外界对气体做的正功，所以一个循环过程中，气体对外界做正功，而气体内能不变，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸收热量，故D正确。故选ACD。9．图为一半圆柱体透明介质的横截面，O为半圆的圆心，C是半圆最高点，E、Q是圆弧AC上的两点，一束复色光沿PO方向射向AB界面并从O点进入该透明介质，被分成a、b两束单色光，a光从E点射出，b光从Q点射出，现已测得PO与AB界面夹角，，，则以下结论正确的是（

）A．a光的频率小于b光的频率B．b光的折射率为C．a光和b光在该透明介质内传播的速率相等D．当夹角减小到某一特定值时，将只剩下b光从AC圆弧面上射出【答案】AB【详解】ABC．由题意可得两中色光的折射率因为在介质中，所以a光的频率小于b光的频率。又根据公式可得，两种色光在玻璃中的传播速率所以两种色光在玻璃中的传播速率故AB正确，C错误；D．由于光是从空气进入介质，是从光疏介质进入光密介质，在界面AB上，不能够发生全反射，而在弧面AC上光始终沿法线入射，也不能够发生全反射，所以当入射光线PO与AB界面的夹角减小时，a光与b光总是能从AC圆弧面上射出。故D错误。故选AB。10．如图所示，在竖直平面直角坐标系中，在时，质量的小球从坐标原点处，以初速度斜向右上方抛出，同时受到的作用（虚线箭头为风力方向与的夹角为，且与轴正方向的夹角也为），重力加速度取。下列说法正确的是（）A．小球的加速度先增大后减小B．小球在时再次经过轴C．小球的重力势能一直减小D．小球的动能一直增大【答案】BD【详解】A．由题意和几何知识可知小球受到的合力为方向与初速度的方向垂直，小球做类平抛运动，小球的加速度不变，故A错误；B．小球再次经过x轴时，沿初速度方向的位移和垂直初速度的位移关系为又解得故B正确；C．小球做类平抛运动，小球的高度先增加后减小，重力势能先增加后减小，故C错误；D．小球做类平抛运动，速度一直在增加，小球的动能一直增大，故D正确。故选BD。11．如图所示，甲、乙两个完全相同的线圈，在距地面同一高度处同时由静止开始释放，A、B是面积、磁感应强度的大小和方向均完全相同的匀强磁场区域，只是A区域比B区域离地面高，两线圈下落时始终保持线圈平面与磁场垂直，则（）A．两线圈穿过磁场的过程中产生的热量相等B．两线圈穿过磁场的过程中通过线圈横截面的电荷量相等C．两线圈落地时甲的速度较大D．乙运动时间较短，先落地【答案】BCD【详解】A．由，，可得由于乙进入磁场时的速度较大，则安培力较大，克服安培力做的功较多，即产生的焦耳热较多，故A错误；B．由可知通过线圈横截面的电荷量相等，故B正确；C．由于甲、乙减少的重力势能相同，甲穿过磁场的过程中产生的热量较少，由能量守恒定律可知，甲落地时速度较大，故C正确；D．线圈穿过磁场区域时受到的安培力为变力，设受到的平均安培力为，穿过磁场时间为，下落全过程时间为t，落地时的速度为v，则全过程由动量定理得而，所以可见，下落过程中两线圈所受安培力的冲量相等，因为，所以，即乙运动时间较短，先落地，故D正确。故选BCD。三．非选择题：本题共5小题，共52分。12．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置可用于“探究物体所受合力做功与动能变化的关系”，物理小组同学们采用如图所示实验装置进行探究。实验要求小车受到的合外力为绳的拉力的合力。实验中同学们研究了砂和砂桶的运动过程所受合力做功是否等于其动能增量。忽略细线与滑轮间的摩擦阻力。(1)本实验（填“需要”或者“不需要”）满足m远小于M的条件。(2)实验前测出砂和砂桶的总质量m，已知重力加速度为g。接通打点计时器的电源，静止释放砂和砂桶，带着小车开始做加速运动，读出运动过程中力传感器的读数T，通过纸带得出起始点O（初速度为零的点）到某点A的位移L，并通过纸带算出A点的速度v。实验过程中（填“需要”或者“不需要”）平衡小车M所受的摩擦力。(3)对m研究，所需验证的动能定理的表达式为_________。A． B．C． D．(4)通过纸带测出了起始点O到不同点A、B、C、D…的位移及A、B、C、D…的速度，并做出了图中所示的实线。那么在保证小车质量不变的情况下增加砂的质量，重复实验，将会得到如图中虚线（填“甲”或者“乙”）所示的图线。【答案】(1)不需要(2)需要(3)A(4)甲【详解】（1）实验中，根据力传感器的读数可以直接求出小车受到的拉力，不需要满足小车的质量M远大于砂和砂桶的总质量m这一条件。（2）尽管实验装置采用了力传感器，也需要平衡摩擦力，否则小车受到的合外力不为绳的拉力的合力。（3）对m研究，根据动能定理整理，可得故选A。（4）对小车，根据动能定理有联立，解得逐渐增加砂的质量m，图像的斜率越大，故在让小车质量不变的情况下逐渐增加砂的质量多次做实验，得到图中虚线“甲”所示的图线。13．新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络查找了某种知名的电池铭牌，电池采用的是“刀片电池”技术。现将一块电芯拆解出来，然后测量其电动势和内阻。所提供的器材有：A．电压表V1（量程）B．电压表V2（量程）C．电流表A1（量程）D．电流表A2（量程）E．滑动变阻器（阻值范围，额定电流）F．滑动变阻器（阻值范围，额定电流）G．保护电阻某同学采用了图甲所示的电路图，在进行了正确操作后，得到了图乙所示的图像。(1)实验中，电压表应选，电流表应选，滑动变阻器应选；（填器材前的字母代号）(2)根据图乙所示，则该电池的电动势，内阻；（结果保留到小数点后一位）。(3)为了能准确地测量一块电芯的电动势和内阻，该同学设计了一个可以排除电流表A和电压表V内阻影响的实验方案，如图丙所示，记录了单刀双掷开关分别接1、2对应的多组电压表的示数和电流表的示数，根据实验记录的数据绘制如图丁中所示的两条图线，综合两条图线，此电芯的电动势，内阻（用图中表示）。【答案】(1)ACE(2)3.80.6(3)EB【详解】（1）[1][2][3]由图乙，电动势约为3.8V，且有电阻分压，所以电压表选A，最大电流不超过0.6A，电流表选C，为了调节方便，滑动变阻器选E。（2）[1][2]根据闭合电路欧姆定律可得所以图像纵轴的截距表示电源的电动势为E=3.8V图像的斜率的绝对值表示电源的等效内阻，有所以电源的内阻为（3）[1][2]当S2接1时，误差在于电流表的分压，所测内阻等于电源内阻与电流表内阻之和，所以内阻测量值比真实值偏大；当S2接2时，误差在于电压表的分流，所测内阻等于电源与电压表并联的总电阻，所以内阻测量值比真实值偏小。由于U-I图线斜率的绝对值表示内阻，即S2接1时的图线陡一些，可以判断图线A是利用单刀双掷开关S2接2中的实验数据描出的，内阻测量值比真实值偏小。S2接1时，所测电动势为电流表与电源串联后整体的等效电源的电动势，即S2接1时的电动势的测量值等于真实值，即有E=EB由于S2接2时，当电路短路时，电压表没有分流，即此时的电流的测量值与真实值相等，结合上述可知，电源的真实的U-I图线是B图线纵轴交点与A图线横轴交点的连线，可知14．如图直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限内存在场强为E，沿x轴负方向的匀强电场，第Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q（q＞0）的带电粒子，从处由静止开始运动，第1次通过x轴时沿y轴负方向。不计粒子重力。（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）粒子第3次经过y轴时的纵坐标；

【答案】（1）；（2）2l【详解】（1）设粒⼦经第Ⅰ象限的电场加速后，到达y轴时的速度为，根据动能定理①由左⼿定则可以判断，粒⼦向－y⽅向偏转，如图所示

由几何关系知，粒⼦在磁场中运动的半径为②由⽜顿第二定律得③由①②③得④（2）粒⼦第2次经过x轴时，速度沿＋y⽅向，位置坐标为⑤粒⼦在电场中做类平抛运动，经历的时间，第3次经过y轴时⑥⑦⑧由①⑤⑥⑦⑧得15．如图，在竖直平面内有一固定光滑轨道ABC，BC段是的半圆，AB段足够长，小球Q静止于小球P的左侧。质量的小球P与轻弹簧一端连接，以速度沿水平地面向左运动。与小球P连接的轻弹簧从接触小球Q到弹簧被压缩到最短的过程中，小球Q运动的距离d=0.4m，经历的时间t=0.25s。在此后的运动中，Q与弹簧分离后，滑上轨道BC，恰能经过最高点C。小球P、Q均可视为质点，弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度，求：(1)小球Q在C点的速度大小；(2)小球Q的质量；(3)弹簧的最大压缩量。【答案】(1)(2)(3)【详解】（1）小球Q沿BC运动时恰能经过最高点C，根据牛顿第二定律可得求得（2）设Q与弹簧分开时P、Q的速度分别为、，小