2024年浙教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理上册月考试卷359考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、关于回旋加速器的说法正确的是（）

A.回旋加速器是用电场加速的。

B.回旋加速器是通过多次电场加速使带电粒子获得高能量的。

C.回旋加速器是利用磁场对运动电荷的作用使带电粒子加速的。

D.带电粒子在回旋加速器中不断被加速；故在其中做圆周运动一周所用时间越来越小。

2、根据爱因斯坦光子说，光子能量E

等于(h

为普朗克常量，c娄脣

为真空中的光速和波长)()

A.hc娄脣

B.h娄脣c

C.h娄脣

D.h娄脣

3、如图所示，直线A为电源的U-I图线，曲线B为灯泡电阻的U-I图线，用该电源和小灯泡组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是（）A.4W、8WB.2W、4WC.4W、6WD.2W、3W4、一个单匝的线圈，面积为S，在匀强磁场中绕垂直磁感线的轴匀速转动，产生的感应电动势随时间变化的规律如图所示，下列判断正确的是（）A.在C时刻线圈通过中性面B.在时刻线圈与磁感线的夹角为60°C.电动势的有效值与平均值相等都是D.磁场的磁感应强度为5、在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等.

以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是(

)

A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法，以及在力的合成过程中用一个力代替几个力，这里都采用了等效替代的思想B.根据速度定义式v=鈻�x鈻�t

当鈻�t

非常非常小时，就可以用鈻�x鈻�t

表示物体在t

时刻的瞬时速度，这是应用了极限思想方法C.玻璃瓶内装满水，用穿有透明细管的橡皮泥封口.

手捏玻璃瓶，细管内液面高度变化，说明玻璃瓶发生形变，该实验采用放大的思想D.在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、单摆测定重力加速度的实验中。

（1）实验时用20分度的游标卡尺测量摆球直径，示数如图甲所示，该摆球的直径d=____mm．

（2）接着测量了摆线的长度为L，实验时用拉力传感器测得摆线的拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，则重力加速度的表达式g=____（用题目中物理量的字母表示）．

（3）某小组改变摆线长度L，测量了多组数据．在进行数据处理时，甲同学把摆线长L作为摆长，直接利用公式求出各组重力加速度值再求出平均值；乙同学作出T2-L图象后，如图丙所示，再利用图线上任意两点A、B的坐标（x1，y1）、（x2，y2），然后算出重力加速度g=4两同学分别处理数据得到的结果和真实值相比较：甲____，乙____（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）．7、分子势能：与分子____有关.

分子势能的大小随分子间距离的变化曲线如图所示(

规定分子间距离无穷远时分子势能为零)

．8、用电场线能很直观；很方便地比较电场中各点的强弱.

在图中；左边是等量异种点电荷形成电场的电场线，右边是场中的一些点：O

是电荷连线的中点，EF

是连线中垂线上相对O

对称的两点，BC

和AD

也相对O

对称.

则FOC

三点比较，______点场强最强；BEC

三点比较______点电势最高．

9、A和B为电场中某条电场线上的两点，将带电量q=4×10-9C的正电荷从A点移到B点需克服电场力做功5×10-7J，则电场方向为____，设A点的电势为零，则B点的电势为____．10、如图所示，两个互相接触的导体A和B不带电，现将带正电的导体C靠近A端放置，三者均有绝缘支架。若先将A.B分开再移走C，则A带________电，B带________电；若将C移走，再把A.B分开，则A.B带电情况为_______11、（1）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如右图A所示，则该金属丝的直径是____mm；（2）用游标卡尺测量某圆柱体高度的结果如右图B所示，则圆柱体的高度是____mm；12、如图所示，100匝的线框abcd在图示磁场（匀强磁场）中匀速转动，角速度为ω，其电动势的瞬时值为e=100cos100πtV，那么感应电动势的最大值为______，当从图示位置转过60°角时线圈中的感应电动势为______，此时穿过线圈的磁通量的变化率为______．13、如图所示，螺旋测微器读数应为______mm．

评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）16、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

17、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）18、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)21、某同学用如图所示的装置做验证动量守恒定律的实验．先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端上，让a球仍从固定点由静止开始滚下，和b球相碰后；两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次．

（1）本实验必须测量的物理量有______．（填写选项对应的字母）

A．斜槽轨道末端距水平地面的高度H

B．小球a、b的质量ma、mb

C．小球a、b的半径r

D．小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间t

E．记录纸上O点到A、B、C各点的距离

F．a球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h

（2）放上被碰小球b，两球（ma＞mb）相碰后，小球a、b的落地点依次是图中水平面上的______点和______点．

（3）某同学在做实验时，测量了过程中的各个物理量，利用上述数据验证碰撞中的动量守恒，那么判断的依据是看______和______在误差允许范围内是否相等．22、某同学在做“利用单摆测重力加速度”的实验中；先测得摆线长为97.50cm

摆球直径为2.00cm

然后用秒表记录了单摆振动50

次所用的时间，如图1

所示，则：

(1)

该摆摆长为______cm

秒表所示读数为______s.

(2)

如果测得的g

值偏小；可能的原因是______

A.测摆线长时摆线拉得过紧。

B.摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了。

C.开始计时时；秒表过迟按下。

D.实验中误将49

次全振动记为50

次。

(3)

为了提高实验精度，在实验中可改变几次摆长l

并测出相应的周期T

从而得出一组对应的l

与T

的数据，再以l

为横坐标，T2

为纵坐标，将所得数据连成直线如图2

所示，并求得该直线的斜率为k

则重力加速度g=

______(

用k

表示)

．23、如图所示；一束红色激光从空气射入厚度均匀的平行玻璃砖．

(1)

请完成该光线射到CD

界面之后的光路图．

(2)

随着入射角娄脠1

的不断增加，该光线______(

选填“能”或“不能”)

在CD

界面发生全反射．评卷人得分五、实验题(共2题，共8分)24、多用电表表头的示意图如图所示．在正确操作的情况下：（1）若选择开关的位置如a箭头所示，则测量的物理量是______，测量结果为_______；（2）若选择开关的位置如b箭头所示，则测量的物理量是________，测量结果为_____；(3)若选择开关的位置如c箭头所示，则测量的物理量是________，测量结果为_____；(4)无论用多用电表进行何种测量(限于直流)，电流都应该从______色表笔流出，从______色表笔流入电表．25、如图所示，图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线，OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图线，由图可知（）A．该电源的电动势为6V，内阻是2ΩB．固定电阻R的阻值为1ΩC．该电源的最大输出功率为9WD．当该电源只向电阻R供电时，其效率约为66.7%评卷人得分六、识图作答题(共1题，共9分)26、如图是几种生物的基本结构单位，请据图回答下列问题：(1)最有可能属于病毒的是________，它在结构上不同于其他三种图示的显著特点是____________________________________________。(2)图中属于原核细胞的是________，它在结构上不同于真核细胞的最显著特点是_______________________________________________。(3)图中能进行光合作用的是________，能完成此生理过程的物质基础是因为其含有_____________________________________________。(4)图中________展示了哺乳动物的平滑肌细胞。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A|B【分析】

A；回旋加速器是利用电场进行加速；磁场进行偏转的，在磁场中速度的大小不变．故A、B正确，C错误．

D、粒子在磁场中运动的周期T=与粒子的速度无关．所以粒子做圆周运动一周的时间不变．故D错误．

故选AB．

【解析】【答案】回旋加速器是利用电场进行加速，磁场进行偏转的．粒子在磁场中运动的周期T=与粒子的速度无关．

2、A【分析】【分析】本题比较简单，直接根据光子能量公式即可求解。本题考查了光子能量的表达式，比较简单，要明确光子能量、波长、频率、光速等之间关系。【解答】光子能量为：E=hv

光子频率、波长、光速之间关系为：v=v娄脣

联立得光子的能量为：E=hc娄脣

故BCD错误，A正确。

故选A。【解析】A

3、C【分析】【解析】【答案】C4、B|D【分析】试题分析：中性面处电动势为零，选项A错误。在时刻线圈转过了30°，也就是与磁感线的夹角为60°，选项B正确。电动势的有效值为平均值为二者概念不同，选项C错误。选项D错误。考点：本题考查交变电流的产生，正弦式交流电的有效值、平均值和峰值。【解析】【答案】BD5、A【分析】解：A

在不需要考虑物体本身的大小和形状时；用质点来代替物体的方法，以及在力的合成过程中用一个力代替几个力，采用了建立理想化的物理模型的方法，故A错误；

B、根据速度定义式v=鈻�x鈻�t

当鈻�t

非常非常小时，就可以用鈻�x鈻�t

表示物体在t

时刻的瞬时速度；这是应用了极限思想方法，故B正确；

C；玻璃瓶内装满水；用穿有透明细管的橡皮泥封口.

手捏玻璃瓶，细管内液面高度变化，说明玻璃瓶发生形变，该实验采用放大的思想，故C正确；

D；在推导匀变速运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法.

故D正确；

本题选不正确的；故选：A

．

质点是实际物体在一定条件下的科学抽象；是采用了建立理想化的物理模型的方法；

在研究曲线运动或者加速运动时；常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．

根据速度定义式v=鈻�x鈻�t

当鈻�t

非常非常小时，就可以用鈻�x鈻�t

表示物体在t

时刻的瞬时速度；这是应用了极限思想方法．

在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】

（1）由图甲所示游标卡尺可知；游标尺是20分度的，游标尺的精度是0.05mm；

游标尺主尺示数是14mm；游标尺示数是3×0.05mm=0.15mm；

游标卡尺示数；即摆球的直径d=14mm+0.15mm=14.55mm．

（2）单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，则单摆摆长为l=L+

由图乙所示图象可知，单摆的周期T=5t-t=4t，由单摆周期公式T=2π可知；

重力加速度g===．

（3）由单摆周期公式T=2π可知，重力加速度g=摆长应该是摆线长度与摆球半径之和；

甲同学把摆线长L作为摆长，摆长小于实际摆长，由g=可知；重力加速度的测量值小于真实值；

由T=2π可知，L=T2=kT2，其中k=由此可见，L与T2成正比；k是比例常数；

由图丙可知，L与T2成正比，是图象的斜率k，所以k==g=4π2

由于单摆摆长偏大还是偏小不影响图象的斜率k=因此摆长偏小不影响重力加速度的测量值．

故答案为：（1）14.15；（2）（3）偏小；无影响．

【解析】【答案】（1）由图示游标卡尺确定游标尺的精度；游标卡尺主尺示数与游标尺示数之和是游标卡尺的示数．

（2）单摆的摆长等于摆线的长度与摆球的半径之和；根据题意求出摆长．

摆球在最大位移处摆线的拉力最小；在最低点处，摆线的拉力最大，摆球从最大位移处，经最低点到达另一测最大位移处，然后再次反向通过最低点，最后回到最初的位置，经历的时间是一个周期，摆线的拉力经历三个最小值，由图乙所示图象求出单摆的周期T；最后由单摆周期公式求出重力加速度的表达式．

（3）根据单摆周期公式判断甲的测量值与真实值间的关系；由单摆周期公式的变形公式求出T2-L关系表达式；然后根据图丙所示图象求出重力加速度，然后判断测量值与真实值间的关系．

7、间距【分析】【分析】分子势能是势能中的一种，与重力做功与重力势能变化关系类似，也足分子力做功与分子能变化的关简单来说，就是分子力做正功，分子势能减小，反之增大。本题考查分子势能的知识。【解答】图中的r0

是分子斥力与引力相等的那一点，或者说这一点两个分子之间的合力为零，从做功的角度分析势能的变化(1)

当分子间的距离小于r0

时，随看分子间距离的减小，表现的是引力，在做负功，分子势能增大；(2)

当分子间的距离大于r0

时，随看分子间距离的增大，表现的是吃力，在做负功，分子势能也增大；(3)

当分子间的距高等于r0

时，分子的势能最小。综上，分子势能与分子间距有关。故填：间距。【解析】间距8、略

【分析】解：由图看出；EF

两点中，电场线疏密程度相同，两点场强方向相同，而OF

两点比较，O

点场强最强；根据对称性看出，BC

两处电场线疏密程度相同，则BC

两点场强大小相同.

由图看出，BOC

三点比较，O

点场强最小.

所以FOC

三点比较，c

点场强最强．

由图可知；BOC

三点场强的方向均由B隆煤CB

点的电势最高.

而EOF

的连线垂直于等量异种点电荷的连线，该直线上各点的电势是相等的，所以BEC

三点比较B

点电势最高．

故答案为：CB

根据电场线的疏密判断场强的大小；电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小.

根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系.

等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线．

对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆．【解析】CB

9、略

【分析】

由题，将带电量q=4×10-9C的正电荷从A点移到B点需克服电场力做功5×10-7J，说明电场力方向从B到A，电场方向为B指向A．此过程中，电荷的电势能增加等于电荷克服电场力做功，设A点的电势为零，电荷在A点的电势能为零，则电荷在B点的电势能为EP=5×10-7J，B点的电势为φ==

故答案为：B指向A；125V

【解析】【答案】将带电量q=4×10-9C的正电荷从A点移到B点需克服电场力做功5×10-7J，说明电场力方向从B到A，则知电场方向为B指向A．由于电场力做负功，可知电势能增加，可求出电荷在B点的电势能，由φ=求出B点的电势．

10、略

【分析】试题分析：将带正电的导体球C靠近两个不带电的导体AB，靠感应起电使物体带电，先把导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷，所以此时离C比较近的A带负电，B带正电．若先移走C，此时导体A和B中的电荷又发生中和，不再带电，再把导体A和B分开，同样不再带电，所以此时A不带电，B不带电．考点：静电感应.【解析】【答案】负；正；不带电11、略

【分析】【解析】【答案】(1)1.782mm或1.783mm(2)50.3mm12、略

【分析】解：由e=100cos100πtV可知，感应电动势的最大值为100V，当从图示位置转过60°角时，100πt=60°，线圈中的感应电动势为50V，由E=n可知，Φ此时穿过线圈的磁通量的变化率为：==0=0.5Wb/s；

故答案为：100V；50V；0.5Wb/s．

根据感应电动势的瞬时值表达式分与法拉第电磁感应定律析答题．

本题考查了求感应电动势最大值、瞬时值、磁通量变化率问题，记住并灵活应用交变电流的瞬时值表达式即可正确解题．【解析】100V；50V；0.5Wb/s13、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数为6.5mm；可动刻度读数为0.01×20.3mm=0.203mm；

所以最终读数为：6.5mm+0.203mm=6.703mm．

故答案为：6.703．

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】6.703三、判断题(共7题，共14分)14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．16、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．17、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．18、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、作图题(共3题，共30分)21、略

【分析】解：（1）小球离开轨道后做平抛运动；小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：

mav0=mavA+mbvB；

两边同时乘以时间t得：mav0t=mavAt+mbvBt，则maOB=maOA+mbOC；

因此A实验需要测量：两球的质量；两球做平抛运动的水平位移，故ACD错误，BE正确．

故选：BE．

（2）由图所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为B点，碰撞后a、b的落点点分别为A；C点．

（3）由（1）可知，实验需要验证的表达式为：maOB=maOA+mbOC，因此比较maOB，与maOA+mbOC即可判断动量是否守恒．

故答案为：（1）BE；（2）A，C；（3）maOB，maOA+mbOC．

（1）根据动量守恒定律求出需要验证的表达式；然后根据表达式分析答题，注意平抛运动特点的应用．

（2）根据图示装置与小球的运动分析答题；被碰小球速度最大，水平距离最大．

（3）根据动量守恒可知实验需要验证的表达式为：maOB=maOA+mbOC．

本题考查了实验需要测量的量、实验注意事项、实验原理、刻度尺读数、动量守恒表达式，解题时需要知道实验原理，根据动量守恒定律与平抛运动规律求出实验要验证的表达式是正确答题的前提与关键．【解析】BE；A；C；maOB；maOA+mbOC22、略

【分析】解：(1)

单摆的摆长l=L+d2=97.50+2.002cm=98.50cm

．

秒表的小盘读数为50s

大盘读数为15.2s

则秒表的读数为75.2s

．

(2)

根据T=2娄脨lg

得，g=4娄脨lT2

A；测摆线长时摆线拉得过紧；则摆长的测量值偏大，导致重力加速度的测量值偏大，故A错误．

B；摆线上端悬点未固定；振动中出现松动，使摆线长度增加了，知摆长的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏小，故B正确．

C；开始计时时；秒表过迟按下，则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故C错误．

D；实验中误将49

次全振动记为50

次；则周期的测量值偏小，导致重力加速度的测量值偏大，故D错误．

故选：B

．

(3)

根据T=2娄脨lg

得，T2=4娄脨2lg

可知图线的斜率k=4娄脨2g

则重力加速度g=4娄脨2k

．

故答案为：(1)98.5075.2(2)B(3)4娄脨2k

．

(1)

单摆的摆长等于摆线的长度和摆球的半径之和；秒表的读数等于小盘读数和大盘读数之和．

(2)

根据单摆的周期公式得出重力加速度的表达式；结合摆长和周期的测量误差确定重力加速度的测量误差．

(3)

根据单摆的周期公式得出T2鈭�l

的关系式；结合图线的斜率求出重力加速度．

单摆的摆长等于悬点到球心的距离，不能漏算小球的半径.

根据解析式研究图象的意义是惯用的思路．【解析】98.5075.2B4娄脨2k

23、不能【分析】解：(1)

完成该光线射到CD

界面之后的光路图如图．

(2)

随着入射角娄脠1

的不断增加；该光线不能在CD

界面发生全反射．

因为：根据几