2024年浙教版高二物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理上册阶段测试试卷818考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，小强正在荡秋千。关于绳上a

点和b

点的线速度和角速度，下列关系正确的是A.va=vb

B.va>vb

C.娄脴a=娄脴b

D.娄脴a>娄脴b

2、如图所示，不带电的金属球A

固定在绝缘底座上，它的正上方有B

点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下，液滴到达A

球后将电荷量全部传给A

球，设前一液滴到达A

球后，后一液滴才开始下落，不计B

点未下落带电液滴对下落液滴的影响，则下列叙述中正确的是(

)

A.第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A

球B.当液滴下落到重力等于电场力位置时，开始做匀速运动C.所有液滴下落过程所能达到的最大动能不相等D.所有液滴下落过程中电场力做功相等3、如图；在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30°角，己知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为（）

A.

B.

C.

D.

4、一定质量理想气体的状态经历了如图所示的、四个过程，其中的延长线通过原点，垂直于..且与水平轴平行，与平行，则气体体积在（）A.过程中不断增加B.过程中不断增加C.过程中保持不变D.过程中保持不变5、如图所示，原本不带电的金属球A的半径为R，球外放一个带电荷量为Q、到球心O的距离为r的点电荷．则当金属球达到静电平衡时感应电荷在球心O处产生的场强大小等于（）A.k-kB.k+kC.0D.k6、板长和板距之比为3：2的两块带电平行板之间有相互垂直的匀强磁场和匀强电场．质量为m、电荷量为q的带正电的粒子（重力不计），以速度v沿图示方向从中间进入．若撤掉电场，粒子恰好从极板边缘射出；若撤掉磁场，粒子也恰好从极板边缘射出；则磁感应强度和电场强度的大小之比B：E为（）A.9：10vB.9：5vC.9：10D.9：5评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)7、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解8、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)9、大量事实说明：电荷既不能______，也不能______，只能从______转移到______，或者从______转移到______．这个结论叫做电荷守恒定律．10、如图所示，电源的内阻r=2.0娄赂

电阻R=8.0娄赂

开关闭合后，电流表示数I=0.30A.

则电源的电动势E=

________V

在t=10s

时间内，电阻R

产生的焦耳热Q=

________J

．

11、质量为100kg

的小船静止在水面上，船两端有质量40kg

的甲和质量60kg

的乙，当甲、乙同时以3m/s

的速率向左、向右跳入水中后，小船的速度大小为______m/s

方向是______．12、图中金属球A的半径为R，电荷量为Q，点电荷B的电荷量为q。B与A球的球心间的距离为r，当B不存在而只有A存在且达到静电平衡时，电荷Q在球心O处的电场强度等于______，这是因为______，当点电荷B也同时存在并达到静电平衡时，球心O处的电场强度等于______，金属球上的电荷在球心O处产生的电场强度大小等于______，这是因为______。13、如图所示，一个运动的中子与一个静止的中子发生弹性碰撞，碰撞过程中动量____（“一定”、“可能”或“一定不”）守恒，碰撞后A中子____（“静止”“向右运动”或“向左运动”）．

14、一灵敏电流计；当电流从它的正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转．现把它与一个线圈串联，将磁铁从线圈上方插入或拔出．请完成下列填空：

（1）图（a）中灵敏电流计指针的偏转方向为______．（填“偏向正极”或“偏向负极”）

（2）图（b）中磁铁下方的极性是______．（填“N极”或“S极”）

（3）图（c）中磁铁的运动方向是______．（填“向上”或“向下”）

（4）图（d）中线圈从上向下看的电流方向是______．（填“顺时针”或“逆时针”）评卷人得分四、判断题(共1题，共6分)15、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分五、解答题(共2题，共10分)16、将一个小球从某高处以2m/s的初速度水平抛出，到落地时运动的水平距离为1.6m（不计空气阻力，g=10m/s2）．求：

（1）小球在空中运动的时间；（2）小球抛出点的高度．

17、某同学用图所示电路；测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象．除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：

电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；电压表：V1（量程5V，内阻约5k）；V2（量程15V，内阻约15kΩ）；滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω）；

R2（阻值范围0～2kΩ）；电源：E1（电动势为1.5V，内阻约为0.2Ω）；E2（电动势为4V；内阻约为0.04Ω）；

为了调节方便；测量准确，试验中应选用电流表______，电压表______．滑动变阻器______，电源______；（填器材的符号）

评卷人得分六、证明题(共2题，共18分)18、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。19、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】略【解析】C

2、C【分析】解：

A；第一滴液滴只受重力做自由落体运动；以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A

液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴先加速后减速，就不一定能到达A

球，故A错误．

B；当液滴下落到重力等于电场力位置时；继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故B错误．

C、当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，则有：mg=kqAqx2x

是动能最大的位置到A

距离，由于A

球的电荷量qA

在不断增大，x

增大，所以第一滴液滴以后的液滴动能最大的位置将不断上移，合外力做功不等，则最大动能不等，故C正确．

D；由于所有液滴下落过程中所受的电场力不等；若能到达A

球，根据功的公式W=Fl

可知，通过的位移相等，电场力做功不相等；若不能到达A

球，液滴将返回到B

点，电场力做功为零，即电场力做功相等，故D错误．

故选：C

．

随着球A

液滴增多；带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A

球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等；根据功的公式W=Fl

分析电场力做功关系．

本题关键要正确分析液滴的受力情况，从而判断其运动情况，知道液滴所受的电场力与重力平衡时动能最大，类似于小球掉在弹簧上的问题，要能进行动态分析．【解析】C

3、D【分析】

小球受到三个力作用：重力mg；电场力F和细线的拉力T；根据平衡条件得知：F和T的合力与重力mg大小相等、方向相反，作出电场力在三种不同方向下合成图如图，可以看出，当电场力F与细线的拉力T垂直时，电场力最小，由图求出电场力的最小值为。

Fmin=mgsin30°

又Fmin=qE，得q=

故选D

【解析】【答案】以小球为研究对象；分析受力情况，作出力图，运用作图法分析什么条件下小球受到的电场力最小，由力学知识求出最小的电场力，再求解小球的电荷量．

4、A|C【分析】【解析】试题分析：从P-T图象知道ab过程中，温度不变，压强减小，根据气体状态方程所以体积不断增加，故A正确．从P-T图象知道cd过程中，温度减小，压强不变，根据气体状态方程所以体积不断减小，故B错误．由于bc的延长线通过原点，根据气体状态方程所以从P-T图象知道bc过程中，体积保持不变，故C正确．连接Od，Oa，则Oa、Od都是定质量理想气体的等容线，根据气体状态方程得：依据p-T图中等容线的特点（斜率越大，气体体积越小），比较Od，Oa图线的斜率即可得出所以da过程中体积增大．故D错误．故选AC．考点：理想气体的状态方程．【解析】【答案】AC5、D【分析】解：点电荷Q在球心处产生的场强E=

据静电平衡的特点知；电荷Q和球面上感应电荷在球心O处产生的场强大小相等，方向相反；

则球面上感应电荷在球心O处的场强大小E′=E=．故ABC错误；D正确；

故选：D．

由于静电平衡；0点的合场强为零，即电荷Q和球面上感应电荷在球心O处产生的场强大小相等，方向相反．

解决本题的关键知道金属球内部场强处处为零，以及掌握点电荷的场强公式．【解析】【答案】D6、A【分析】解：只有电场时；粒子做类平抛运动，根据运动学公式；

沿极板方向：3d=vt

垂直极板方向：d=at2

其中，由牛顿第二定律，则有：a=

而只有磁场时，粒子做匀速圆周运动，由几何关系，则有：（R-d）2+3d2=R2；

解得：R=2d；

根据牛顿第二定律，则有：qvB=m

联立上式，解得：=

故选：A．

当只有电场中；粒子做平抛运动，根据运动学公式列式，当只有磁场中，粒子做匀速圆周运动，根据几何关系列式，最后由牛顿第二定律，联立即可求解．

考查带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用运动学公式得出其沿电场和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径．【解析】【答案】A二、双选题(共2题，共4分)7、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB8、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共6题，共12分)9、略

【分析】解：大量事实说明：电荷既不能创生；也不能消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分．这个结论叫做电荷守恒定律．

故答案为：创生；消灭、一个物体、另一个物体、物体的一部分、另一部分．

根据电荷守恒定律的内容就可以直接作出解答．

本题是基础的题目，考查的就是学生对电荷守恒定律的掌握的情况，比较简单．【解析】创生；消灭；一个物体；另一个物体；物体的一部分；另一部分10、3.07.2【分析】本题考查了闭合回路欧姆定律和焦耳定律的有关计算。由闭合回路欧姆定律可知E=I(R+r)

代入数据可得：E=3.0V

由焦耳定律可知：Q=IQ=I2RtRt代入数据得：QQ=0.30=0.302隆脕8.0隆脕10=7.2J隆脕8.0隆脕10=7.2J【解析】3.07.2

11、略

【分析】解：甲乙船三者组成的系统动量守恒.

规定向左为正方向.

设小船的速度大小为v

由动量守恒定律有：

0=m录脳v录脳+m脪脪v脪脪+mv

0=40隆脕3鈭�60隆脕3+100v

解得：v=0.6m/s

．

速度v

为正值；说明方向向左．

故答案为：0.6

向左．

根据动量守恒定律分析；甲乙船三者组成的系统动量守恒．

解决本题的关键熟练运用动量守恒定律，注意动量的失量性，与速度的正负是解题的关键．【解析】0.6

向左12、0孤立导体内部的电场强度为0处于静电平衡的导体内部的合场强为零【分析】解：根据静电平衡状态的特点可知；孤立导体内部的电场强度为0．所以当B不存在而只有A存在且达到静电平衡状态时，电荷Q在球心O处的电场强度是0；

球外点电荷在O点产生的场强，据点电荷的场强公式得：E=

利用静电平衡的特点；内部场强处处为零，即感应电荷在导体内部产生的电场与球外电荷产生的电场强度大小相等；

所以E′=E=

故答案为：0；孤立导体内部的电场强度为0；处于静电平衡的导体内部的合场强为零。

静电感应的过程；是导体A（含大地）中自由电荷在电荷Q所形成的外电场下重新分布的过程，当处于静电平衡状态时，在导体内部电荷Q所形成的外电场E与感应电荷产生的“附加电场E′”同时存在的，且在导体内部任何一点，外电场电场场强E与附加电场的场强E'大小相等，方向相反。

明确静电平衡导体的特点，即内部场强处处为零，是个等势体，注意合场强与各个电荷产生场强的关系。【解析】0孤立导体内部的电场强度为0处于静电平衡的导体内部的合场强为零13、略

【分析】

一个运动的中子与一个静止的中子发生弹性碰撞；由动量守恒定理可得：碰撞过程中动量是守恒的．

因为发生的是弹性碰撞；且两个中子质量是一样的，所以运动的A中子的能量无损失的传递给B中子，故碰撞后：A静止，B速度与A原来的速度相等．

故答案为：一定；静止．

【解析】【答案】考查动量守恒定理；应用动能定理分析解决．

14、略

【分析】解：（1）磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向下，根据楞次定律感应电流方向俯视为逆时针方向，从正接线柱流入电流计，指针偏向正极．

（2）由图可知；电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，又磁通量增加，根据楞次定律可知，磁铁下方为S极．

（3）磁场方向向下；电流从负接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流的磁场方向向下，根据楞次定律可知，磁通量减小，磁铁向上运动．

（4）图（d）中磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增加，原磁场方向向上，根据楞次定律感应电流方向俯视为顺时针方向．

故答案为：偏向正极；S极，向上，顺时针。

根据磁铁的运动方向分析磁通量变化；由楞次定律确定感应电流方向，结合题给条件：当电流从它的正接线柱流人时，指针向正接线柱一侧偏转判断指针偏转方向分析判断．

本题考查安培定则和楞次定律综合应用的能力，常规题，只要细心分析就能正确作答．【解析】偏向正极；S；向上；顺时针四、判断题(共1题，共6分)15、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．