2024年浙教版高二物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年浙教版高二物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列关于永动机的说法中正确的是（）A.第一类永动机违反了热力学第二定律B.第一类永动机违反了热力学第一定律C.第二类永动机违反了能量守恒定律D.第二类永动机违反了热力学第二定律2、直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图所示．设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示姿态．在箱子下落过程中，下列说法正确的是（）A.箱内物体对箱子底部始终没有压力，处于完全失重状态B.箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C.若下落距离足够长，箱内物体受到的支持力等于物体的重力D.箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时小3、如图所示，带正电的粒子在匀强磁场中运动.

关于带电粒子所受洛伦兹力的方向，下列各图中判断正确的是()

A.B.C.D.4、远距离输电线路的示意图如图所示，若发电机的输出电压不变，则下列叙述中正确的是（）A.升压变压器的原线圈中的电流与用户用电设备消耗的功率无关B.输电线中的电流只由升压变压器原副线圈的匝数比决定C.当用户用电器的总电阻减少时，输电线上损失的功率增大D.升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压5、下列说法中不正确的是（）A.任何变化的电场周围一定有磁场B.物体做受迫振动时，振动稳定后的频率与驱动力频率无关C.真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同D.自感现象是由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象6、如图所示，在平行板电容器正中有一个带电微粒.S

闭合时，该微粒恰好能保持静止.

在以下两种情况下：垄脵

保持S

闭合，垄脷

充电后将S

断开.

下列说法能实现使该带电微粒向上运动打到上极板的是(

)

A.垄脵

情况下，可以通过上移极板M

实现B.垄脵

情况下，可以通过上移极板N

实现C.垄脷

情况下，可以通过上移极板M

实现D.垄脷

情况下，可以通过上移极板N

实现评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示，水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系.

四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置，两直导线中的电流大小与变化情况完全相同，电流方向如图中所示，当两直导线中的电流都增大时，四个线圈abcd

中感应电流的情况是(

)

A.线圈a

中无感应电流B.线圈b

中有感应电流C.线圈c

中有感应电流D.线圈d

中无感应电流8、如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1kg

的小球A

悬挂在水平板的MN

两点，A

上带有Q=3.0隆脕10鈭�6C

的正电荷，两线夹角为120鈭�

两线上的拉力大小分别为F1

和F2A

的正下方0.3m

处放有一带等量异种电荷的小球BB

与绝缘支架的总质量为0.2kg(

重力加速度取g=10m/s2

静电力常量k=9.0隆脕109N?m2/C2AB

球可视为点电荷)

则(

)

A.支架对地面的压力大小为2.0N

B.两线上的拉力大小F1=F2=1.9N

C.将B

水平右移，使MAB

在同一直线上，此时两线上的拉力大小F1=1.225NF2=1.0N

D.将B

移到无穷远处，两线上的拉力大小F1=F2=0.866N

9、如图所示，E、F分别表示蓄电池两极，P、Q分别表示螺线管两端．当闭合开关时，发现小磁针N极偏向螺线管Q端．下列判断正确的是（）A.F为蓄电池正极B.螺线管P端为S极C.流过电阻R的电流方向向下D.管内磁场方向由Q指向P10、如图所示，在一根绷紧的横绳上挂几个摆长不等的单摆，其中A、E的摆长相等，A摆球的质量远大于其他各摆，当A摆振动起来后，带动其余各摆也随之振动，达到稳定后，以下关于各摆的振动的说法正确的是（）A.各摆振动的周期都相等B.C摆振动的振幅最大C.E四摆中，E摆的振幅最大D.C摆振动的周期最大11、关于静电场的电场强度和电势，下列说法正确的是()A.电场强度的方向处处与等势面垂直B.电场强度为零的地方，电势也为零C.随着电场强度的大小逐渐减小，电势也逐渐降低D.任一点的电场强度总是指向该点电势降落最快的方向12、如图所示，一定质量的空气被水银封闭在静置于竖直平面的U

型玻璃管内，右管上端开口且足够长，右管内水银面比左管内水银面高h

能使h

变大的原因是(

)

A.环境温度升高B.大气压强升高C.沿管壁向右管内加水银D.U

型玻璃管自由下落评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图，带正电的导体A位于原来不带电的金属球壳B的球心处．达到静电平衡状态时：a、b、c三点的电场强度大小Ea、Eb、Ec由大到小的顺序是____；电势φa、φb、φc由高到低的顺序是____．

14、人的眼睛好像是一架照相机，它的晶状体和角膜共同作用相当于一个凸透镜，它能把来自物体的光____（选填“会聚”或“发散”）在视网膜上，形成物体的____（选填“实”或“虚”）像．15、如图所示是一交流电压随时间变化的图象，此交流的有效值为______V．

16、“用油膜法估测分子的大小”的实验中，所用油酸酒精溶液的浓度为每104mL溶液中有纯油酸6mL；用注射器测得1mL上述溶液为75滴．把1滴该溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔在玻璃板上描出油膜的轮廓形状，再把玻璃板放在坐标纸上，其形状和尺寸如图所示，坐标中正方形方格的边长为1cm，数得油酸膜分布格子数是115个，试求：

(1)油酸膜的面积是____________cm2．

(2)每滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是____________mL．(取1位有效数字)

(3)按以上实验数据估测油酸分子的直径为____________m．(取1位有效数字)

(4)利用单分子油膜法可以粗测分子的大小和阿伏加德罗常数．如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为ρ，摩尔质量为M，则阿伏加德罗常数的表达式为____________．17、本题为选做题，考生只选择一题作答.

若两题都作答，则按24鈭�A

题计分．

。24A(

本题供使用选修11

教材的考生作答)

如图为收音机电源电路中的滤波电路，滤波元件x

是________(

填“电容”或“电感”)

用它来滤除大部分________(

填“交流”或“直流”)

成分．24B(

本题供使用选修31

教材的考生作答)

如图所示，闭合开关，将电介质向右直至完全插入两板间，电容器电容________，两极板所带电量________(

均填“增大”或“减小”)

．

18、光从折射率为的介质中以40°的入射角射到介质与空气的交界面上时，____发生全反射．（选填“能”或“不能”）19、法拉第发现了电磁感应现象之后，又发明了世界上第一台发电机──法拉第圆盘发电机，揭开了人类将机械能转化为电能并进行应用的序幕。法拉第圆盘发电机的原理如图所示，将一个圆形金属盘放置在电磁铁的两个磁极之间，并使盘面与磁感线垂直，盘的边缘附近和中心分别装有与金属盘接触良好的电刷A、B，两电刷与灵敏电流计相连。当金属盘绕中心轴按图示方向转动时，则电刷A的电势电刷B的电势（填高于、低于或等于）；若仅提高金属盘转速，灵敏电流计的示数将____；（填增大、减小或不变）；若仅将滑动变阻器滑动头向左滑，灵敏电流计的示数将____（填增大、减小或不变）20、如图所示为两个电阻的U-I图象，两电阻阻值之比R1：R2为______，给它们两端加相同的电压，则通过的电流之比I1：I2为______．21、电磁打点计时器是一种使用低压______(

填“交”或“直”)

流电源的计时仪器，其打点频率为______Hz.

如图所示是打点计时器测定匀加速直线运动加速度时得到的一条纸带，测出AB=1.2cmBC=2.4cmCD=3.6cm

计数点ABCD

中，每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出，则运动物体的加速度a=

______m/s2

．评卷人得分四、推断题(共2题，共14分)22、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵-垄脼}元素，回答下列问题。rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是_________________。rm{(2)垄脺}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是_______________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脹}和rm{垄脺}两种元素的最高价氧化物对应的水化物碱性较强的是__________rm{(}填化学式rm{)}填化学式rm{(}rm{)}写出rm{(3)}的单质在rm{垄脵}的单质中燃烧的化学方程式：_______________________。rm{垄脼}23、是合成高聚酚酯的原料，其合成路线rm{(}部分反应条件略去rm{)}如下图所示：

rm{(1)A}的结构简式为____，rm{B}分子中最多有____个原子共面。rm{(2)}反应rm{垄脵}的反应条件____。rm{(3)}由rm{C}生成rm{D}的化学方程式为____。rm{(4)}与rm{D}互为同分异构体且含有碳碳双键和rm{-COO-}的苯的二元取代物有____种，其中核磁共振谱为rm{5}组峰，且峰面积比为rm{2:1:2:2:1}的结构简式为____rm{(}任写一种rm{)}rm{(5)}写出以rm{C_{2}H_{5}OH}为原料合成乳酸rm{(}rm{)}的路线rm{(}其他试剂任选，合成路线常用的表示方式为目标产物rm{)}评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)24、下列关于欧姆表的说法中正确的是()A．欧姆表的每一档测量范围都是0到“∞”B．红表笔与表内电池负极相联，黑表笔与表内电池正极相联C．“∞”刻度一般在刻度盘的右端D．用欧姆表测电阻时，指针越靠近右边误差越小25、某些固体材料受到外力后除了产生形变，其电阻率也要发生变化，这种由于外力的作用而使材料电阻率发生变化的现象称为“压阻效应”。现用如图所示的电路研究某长薄板电阻Rx的压阻效应，已知Rx的阻值变化范围为几欧到几十欧，实验室中有下列器材：A．电源E（3V，内阻约为1Ω）B．电流表Al（0．6A，内阻r1＝5Ω）C．电流表A2（0．6A，内阻r2约为1Ω）D．开关S，定值电阻R0（1）为了比较准确地测量电阻Rx的阻值，请完成虚线框内电路图的设计。（2）在电阻Rx上加一个竖直向下的力F（设竖直向下为正方向），闭合开关S，记下电表读数，A1的读数为I1，A2的读数为I2，得Rx＝______________（用字母表示）。（3）改变力的大小，得到不同的Rx值，然后让力反向从下向上挤压电阻，并改变力的大小，得到不同的Rx值，最后绘成的图像如图所示。当F竖直向下（设竖直向下为正方向）时，可得Rx与所受压力F的数值关系是Rx＝______________。（各物理量单位均为国际单位）（4）定值电阻R0的阻值应该选用________________。A．1ΩB．5ΩC．10ΩD．20Ω26、某同学欲做“测量电源的电动势和内阻”的实验，实验桌上除开关、电键外还有如下仪器：A、待测电源一个（电动势约3V，内阻小于1Ω）B、直流电流表（量程0~0.6A，内阻约0.22Ω；量程0~3A，内阻约0.1Ω）C、直流电压表（量程0~3V，内阻为15kΩ；量程0~15V，内阻为25kΩ）D、滑动变阻器（0~15Ω，允许最大电流为3A）E、滑动变阻器（0~1000Ω，允许最大电流为0.6A）（1）实验时有如图所示的甲、乙两种电路，为了减小测量误差，应选择图______所示电路。（2）根据选择的电路将下图中实物图连接好。（3）选择的滑动变阻器是_______（填代号），理由是______________________________________。（4）若根据测量出的数据，作出U-I图线，如图所示，则电源电动势为______，内阻为______。27、（1）如图（甲）是测定玻璃折射率的实验示意图，其中AB、CD是根据插针法确定的入射光线和出射光线，请在图（甲）中标出需要测量的物理量，并写出计算玻璃折射率的表达式____（用直接测量的物理量表示）。（2）如图（乙）所示，某同学在白纸上正确画出玻璃的两个界面ab和cd后，不慎碰了玻璃砖使它向ab方向平移了一些，若实验操作都正确，则测出的n值将____。（填“偏大”、“偏小”或“不变”）参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【解答】AB；第一类永动机违反了能量的转化与守恒；不可能实现，故A、B错误；CD、第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，内能在转化为机械能的过程中要生热，所以要引起其它变化．故C错误，D正确．本题选错误的，故选：D．

【分析】本题考察的是对两类永动机的本质认识，明确两类永动机失败的原因即可正确解答．2、C【分析】解：ABC；刚释放时；速度较小，阻力较小，箱子做加速运动，空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，阻力不断变大，故箱子做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做匀速运动；在达到稳定速度前箱内物体处于失重状态；

对箱内物体受力分析；受到重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：

mg-N=ma

由于a逐渐增大到等于g；故支持力N由0逐渐增大到mg，之后保持不变；故C正确，AB错误；

D；由以上的分析可知；支持力N由0逐渐增大到mg，之后保持不变，所以箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大．故D错误．

故选：C

先对整体受力分析；受重力和空气阻力，由于空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，速度越来越大，故箱子做加速度不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大；再对箱内物体受力分析，受到重力和支持力，根据牛顿第二定律列式分析讨论．

本题关键先对整体受力分析，得到加速度的变化情况，然后再对m受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析求解．【解析】【答案】C3、B【分析】【分析】本题考查了左手定则的直接应用，根据左手定则即可正确判断磁场、运动方向、洛伦兹力三者之间的关系；特别注意的是四指指向和正电荷运动方向相同和负电荷运动方向相反。【解答】A

图根据左手定则可知A

图中洛伦兹力方向应该竖直向上；故A错误；

B

图根据左手定则可知B

图中洛伦兹力方向应该竖直向下；故B正确；

C

图根据左手定则可知C

图中洛伦兹力方向应该垂直纸面向外；故C错误；

D

图根据左手定则可知C

图中洛伦兹力方向应该垂直纸面向里；故D错误．

故选B。【解析】B

4、C【分析】【解析】【答案】C5、B【分析】解：A；任何变化的电场周围一定有磁场；故A正确；

B；受迫振动的物体的频率等于驱动力的频率；故B不正确；

C；真空中光速在任何惯性系中测得的数值都相同；故C正确；

D；自感现象是由由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象；故D正确．

本题选不正确的；故选：B．

明确电磁波的规律；知道变化的电场一定能产生磁场；

物体做受迫振动时；振动频率取决于驱动力的频率；

根据相对论光速不变原理可知；真空中的光速在任何惯性系中测得的数值都相同；

自感是因为导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象．

本题考查电磁波、受迫振动、相对论的基本内容以及自感，要求能明确相关规律的内容，明确自感现象的本质．【解析】【答案】B6、B【分析】解：A

保持S

闭合时，电容板间电压保持不变，上移上极板M

板间距离d

增大，根据公式E=Ud

分析得知；板间场强减小，带电微粒受到的电场力减小，微粒将向下加速运动.

故A错误．

B、保持S

闭合时，电容板间电压保持不变，上移下极板N

板间距离d

减小，根据公式E=Ud

分析得知；板间场强增大，带电微粒受到的电场力增大，带电微粒向上加速运动.

故B正确．

C、D

充电后将S

断开，则电容器的电量不变，根据公式C=娄脜rS4蟺kdE=UdU=QC

得E=4娄脨kQ系rS

则知d

变化，E

不变，微粒不动，故C；D

均错误．

故选：B

．

保持S

闭合时电容板间电压保持不变.

充电后将S

断开后电容器的电量保持不变，根据推论，板间场强不变.

根据公式E=Ud

分析板间场强的变化；判断能否使带电微粒向上运动．

本题是电容器动态变化分析的问题，根据决定电容的三个因素和电容的定义式相结合进行分析．【解析】B

二、多选题(共6题，共12分)7、CD【分析】解：A

由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向.ac

象限磁场不为零；a

中磁场垂直纸面向里，当电流增大时，线圈a

中有逆时针方向的电流，故A错误；

BD

其中bd

区域中的磁通量为零；当电流变化时不可能产生感应电流，故B错误，D正确．

C；ac

象限磁场不为零；c

中磁场垂直纸面向外，当电流增大时，线圈c

中有顺时针方向的电流，故C正确；

故选：CD

．

通电直导线管周围有磁场存在；根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系.

根据产生感应电流的条件和楞次定律判断各项．

本题考查了右手螺旋定则和楞次定律的应用，注意矢量的叠加原则，同时掌握产生感应电流的条件．【解析】CD

8、BC【分析】解：A

地面对支架的支持力为F=mBg鈭�kQ2L2=2鈭�9隆脕109隆脕9隆脕10鈭�120.09N=1.1N

根据牛顿第三定律可得支架对地面的压力为1.1N

故A错误。

B、因两绳夹角为120鈭�

故两绳的拉力之和等于其中任意绳的拉力；

故F=mAg+kQ2L2=1+9隆脕109隆脕9隆脕10鈭�120.09N=1.9N

故B正确；

C；将B

水平右移；使MAB

在同一直线上时；

对A

球受力分析可知：F1sin30鈭�+F2sin30鈭�鈭�mg鈭�F驴芒sin30鈭�=0

F1cos30鈭�鈭�F2cos30鈭�鈭�F驴芒cos30鈭�=0

F驴芒=kQ2(Lsin30鈭�)2

联立解得F1=1.225NF2=1.0N

故C正确。

D；将B

移到无穷远时；AB

间的库仑力消失，故两绳的拉力F=mg=1N

故D错误。

故选：BC

当B

在A

的正下方时；分别对AB

受力分析利用共点力平衡即可求得，当B

移到使MAB

在同一直线上时，对A

受力分析利用共点力平衡即可判断。

本题主要考查了对AB

求的受力分析，抓住在库仑力作用下的共点力平衡即可【解析】BC

9、AD【分析】解：A；C、闭合开关后；小磁针N极偏向螺线管Q端，说明螺线管的左端为N极，右端为S极。用右手握住螺线管，使大拇指指向螺线管的N极，四指环绕的方向就是电流的方向。由此可知，电流从左端流出、右端流入，因此，电源的F极为正极，E端为负极，流过电阻R的电流方向向上。C错误，A正确。

B；D、螺线管的左端P为N极；右端Q为S极，所以螺旋管内部的磁感应强度方向由Q指向P．故B错误，D正确。

故选：AD。

先根据小磁针的转动；结合磁极间的相互作用判断出螺线管的极性，再利用安培定则判断出电流的方向，最后根据电流方向判断出电源的正负极。

本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用．利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法．【解析】AD10、AC【分析】解：A；A摆振动起来后；使得B、C、D、E做受迫振动，振动的频率都等于A振动的频率．所以各摆振动的周期都相等．故A正确，D错误．

B；E摆的摆长与A摆相等；则固有周期相等，即固有频率相等．可见，受迫振动的频率和E摆振动的频率相等，发生共振，振幅最大．故B错误、C正确．

故选AC．

受迫振动的频率等于驱动率的频率；当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振幅最大，即共振．

解决本题的关键知道受迫振动的频率等于驱动率的频率，当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振幅最大，即共振．【解析】【答案】AC11、AD【分析】【分析】电场强度是描述电场中力的性质，电势是描述电场中能的性质，二者是从不同的角度去认识电场的，它们之间没有什么关系，不能由其中一个量的大小推导出另一个量的大小；但是它们之间的关系是等势面总是与电场强度的方向相垂直。此题是考查电场强度与电势的关系，注意电场强度是从力的角度对电场进行描述，而电势是从能量的角度对电场进行描述，所以两者无直接关系，也就是说场强大的地方电势不一定高，场强为零时电势不一定为零。【解答】A.电场线与等势面垂直，而电场强度的方向为电场线的方向，所以电场强度的方向与等势面垂直，故A正确；B.电场强度与电势没有直接关系，电场强度为零时，电势不一定为零；电势为零，电场强度不一定为零，故B错误；C.根据沿着电场线方向，电势降低，而电场强度大小减小，不一定沿着电场线方向，故C错误；D.顺着电场线方向电势降低，由匀强电场U=Ed

可知，电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确。故选AD。【解析】AD

12、ACD【分析】【分析】

开始时水银柱在大气压强和内部空气压强的作用下处于平衡状态；要使两端液面的高度差变大，应改变内部气体与外部大气压强的压强差。

求解封闭气体的压强关键在于找准研究对象；通过分析受力或分析压强得出平衡关系即可求出，注意封闭气体对各个器壁的压强相等。

【解答】

以液柱h

为研究对象；由受力平衡可知：P=P0+h

则有：

A；环境温度升高时；大气压强不变，而封闭气体压强增大，重新达平衡后h

增大，故A正确；

B；大气压强增大时；液柱将左移使左侧液面上移，故重新平衡后高端的高度差减小，故B错误；

C；向右管加入水银时；左侧液面上升使左侧气体压强增大，大气压强不变，故重新平衡后，由上式可得h

变大，故C正确；

D；U

型管自由下落时；液柱失重故对气体没有压力，内外压强相等，而此时左侧气体压强大于P0

故在自由下落中体积要增大，故液柱右移，高度差h

增大，故D正确；

故选ACD。

【解析】ACD

三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】

当静电平衡时；金属球壳B内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷，画出电场线的分布如图：

由于a处电场线较密，c处电场线较疏，b处场强为零，则Ea＞Ec＞Eb．

根据顺着电场线方向电势降低，整个金属球壳B是一个等势体，表面是一个等势面，分析可知电势关系是φa＞φb＞φc．

故答案为：Ea＞Ec＞Eb；φa＞φb＞φc

【解析】【答案】将带正电的导体A放入金属球壳B中；当静电平衡时，金属球壳内壁感应出负电荷，外表面感应出正电荷．整个金属球壳是一个等势体，表面是一个等势面．画出电场线的分布，根据电场线越密，场强越大，顺着电场线，电势降低，判断场强和电势的大小．

14、会聚实【分析】【解答】人眼的晶状体和角膜相当于凸透镜；它能把来自物体的光会聚在视网膜上，外界物体在视网膜上成倒立缩小的实像．

故答案为：会聚；实．

【分析】要解答本题需掌握：人的眼睛像一架神奇的照相机，晶状体和角膜相当于凸透镜，外界物体在视网膜上成倒立、缩小的实像．15、略

【分析】解：由图象可知；交流电的周期为0.3s；

将交流与直流通过阻值都为R的电阻；设直流电流为I；

则根据有效值的定义有×+×=T

将U1=100V；U2=50V，代入上式，可解得，U=50V；

故答案为：50．

根据有效值的定义求解．取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值．

对于非正弦式电流可根据有效值的定义求解有效值．常见题型，要熟练掌握．【解析】5016、略

【分析】解：(1)围成的方格中，不足半个舍去，多于半个的算一个，共有115个方格，故油膜的面积S=115×1cm2=115cm2．

故答案为：115．

(2)纯油酸的体积是：

(3)油酸分子的直径：

(4)油酸的摩尔体积为：①

每个油酸分子体积为：②

阿伏伽德罗常数为：

联立①②③解得：．

故答案为：．【解析】115;8×10-6;7×10-10;17、略

【分析】A.电容的性质是“通交流；隔直流”．

B

．电容器的决定式是C=

当电介质向右直至完全插入两极间，娄脜

增大，C

增大，又C=

知，U

不变，Q

变大．

【解析】24A.

电容；交流拢虏拢麓拢脗.

增大；增大18、略

【分析】

根据临界角公式sinC=可知，C=45°，由于以40°的入射角射到介质与空气的交界面上时，小于临界角，故不能发生全反射．

故答案为：不能。

【解析】【答案】根据折射定律可知两种光的折射率大小，由临界角公式sinC=来分析临界角的大小．再根据全反射条件来判定是否能发生．

19、略

【分析】试题分析：根据右手定则可知电磁铁左端为N极，结合右手定则，电流从A流至B，电源内部，电流从低电势流至高电势，所以A电势低于B电势。提高转速，根据E=BLv，可知灵敏电流计的示数增大。滑动变阻器向左滑动，电阻增大，磁感应强度减小，灵敏电流计的示数减小。考点：本题考查了电磁感应定律和右手定则。【解析】【答案】低于增大减小20、略

【分析】解；据图象知：R1==10Ω

R2==2.5Ω

所以=4：1

据欧姆定律I=和电阻之比得：I1：I2=1：4

故答案为：4：1；1：4．

根据图象的意义，读出U和I，根据R=求出电阻R1和R1的阻值；利用欧姆定律求出电流．

解题关键明确U-I图象的意义，灵活应为欧姆定律．【解析】4：1；1：421、略

【分析】解：电磁打点计时器是一种使用低压交流电源的计时仪器；其打点频率为50Hz

．

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；

得：a=0.024鈭�0.0120.01=1.2m/s2

故答案为：交；501.2

．

实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项.

根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aT2

可以求出加速度的大小；

对于实验装置和工作原理，我们不仅从理论上学习它，还用从实践上去了解它，自己动手去做做.

本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．【解析】交；501.2

四、推断题(共2题，共14分)22、（1）

（2）AlNaOH

（3）H2+Cl22HCl

【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{H}rm{垄脷}为rm{N}rm{垄脹}为rm{Na}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}为rm{S}rm{垄脼}为rm{Cl}rm{(1)}元素rm{垄脷}的原子结构示意图是元素rm{(1)}的原子结构示意图是故答案为：rm{垄脷}rm{(2)}为rm{(2)}rm{垄脺}为rm{Al}rm{垄脻}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}和rm{S}位于同一周期，随原子序数增大原子半径逐渐减小，所以原子半径较大的为rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高价氧化物对应的水化物分别为氢氧化钠和氢氧化铝，同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱，rm{Al}的金属性比rm{Na}强，所以碱性较强的为rm{Al}故答案为：rm{Na}rm{Al}rm{NaOH}rm{Al}的单质在rm{NaOH}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{(3)}rm{(3)}rm{垄脵}的单质在rm{垄脼}的单质中燃烧的化学方程式为：rm{垄脵}rm{垄脼}rm{H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}【解析】rm{(1)}rm{(2)Al}rm{NaOH}rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

23、（1）HCHO15（2）NaOH醇溶液加热（3）+H2O（4）6(5)【分析】【分析】本题考查有机物推断和有机合成，为高频考点，侧重考查学生分析推断及知识综合应用能力，明确有机物官能团及其性质、有机反应类型及反应条件是解本题关键，难点是根据反应物和生成物采用知识迁移的方法进行有机合成，题目难度中等。【解答】根据流程图知，rm{垄脵}为消去反应、rm{垄脷}为加成反应，则rm{A}为rm{HCHO}rm{B}为rm{B}发生信息rm{ii}的反应，rm{C}结构简式为rm{C}发生缩聚反应生成rm{E}rm{E}结构简式为rm{C}发生消去反应生成rm{D}rm{D}结构简式为rm{D}和苯酚发生酯化反应生成

rm{(1)A}为甲醛，结构简式为rm{HCHO}rm{B}为与苯环直接相连的原子和苯环碳原子共面，且单键可以旋转，通过旋转醛基三个原子可以旋转到苯环平面上，所以rm{B}分子中最多有rm{15}个原子共面，故答案为：rm{HCHO}rm{15}

rm{(2)}由rm{C}生成rm{D}的反应类型为生成rm{C}的反应类型为是卤代烃的消去反应，反应条件为rm{D}醇溶液加热，故答案为：rm{NaOH}醇溶液加热；

rm{NaOH}在浓硫酸条件下发生消去反应生成rm{(3)C