2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷_第1页
2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷_第2页
2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷_第3页
2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷_第4页
2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷_第5页
已阅读5页,还剩25页未读 继续免费阅读

下载本文档

版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领

文档简介

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2024年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷195考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题,共14分)1、如图所示的电路,R1、R2是两个定值电阻,R′是滑动变阻器,R3为小灯泡,电源内阻为r,开关闭合后,当滑动变阻器触头P向下移动时()

A.小灯泡亮度变暗B.电压表示数变小C.电容器充电D.电源的输出功率一定变小2、两平行金属板相距为d,电势差为U,一电子质量为m、电荷量为e,从O点沿垂直于极板的方向射入电场,最远到达A点,然后返回,如图所示,OA间距为h;则此电子的初动能为()

A.B.C.D.3、如图所示,AB、CD为一圆的两条直径且相互垂直。O点为圆心,空间存在一未知静电场,方向与圆周所在平面平行。现有一电子,在电场力作用下,先从A点运动至C点,动能减少了E;又从C点运动到B点,动能增加了E;那么()

A.A到C电场力做正功,C点电势高于A点B.C到B电场力做正功,C点电势高于B点C.该电场可能是匀强电场,电场线方向为D指向CD.该电场可能为正点电荷电场,且电荷处于O点4、如图所示为等量异种点电荷的电场线,A、B两点的电场强度分别为EA、EB,电势分别为φA、φB;下列叙述中正确的是()

A.EA<EB,φA<φBB.EA<EB,φA>φBC.EA>EB,φA>φBD.EA>EB,φA<φB5、在水平地面上放一块长方形的铁块,在它O点正上方固定一正点电荷Q,长方形的铁块MN上A、B、O、C、D间距相等,则有关正点电荷Q在各点产生的场强E、在长方形的铁块MN上各点的电势各点间的电势差U;以下说法正确的是()

A.B.C.D.MN上表面不带电6、下列物理量属于矢量的是()A.功B.时间C.电流D.电场强度7、如图所示的电路中,电源的电动势为E、内阻为r;电表均为理想电表。闭合开关S,滑动变阻器的滑动触头由图示的位置向右滑动一小段距离,在这个过程中,下列判断正确的是()

A.电源的输出功率增加B.电阻两端电压减小C.电容器所带电荷量减少D.电压表与电流表示数变化量的比值增加评卷人得分二、多选题(共8题,共16分)8、如图所示的电路中,电源内阻为r;电流表;电压表均为理想电表,开始时开关S断开,则下列说法正确的是。

A.闭合开关S,电流表的示数减小B.闭合开关S,电压表V1、V2的示数均增大C.保持开关S断开,将滑动变阻器R2滑片P向上移,电流表示数减小D.保持开关S断开,将滑动变阻器R2滑片P向上移,电压表V1、V2的示数均减小9、如图甲所示,两水平金属板间距为d,板间电场强度的变化规律如图乙所示。t=0时刻,质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间,时间内微粒匀速运动,T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出。微粒运动过程中未与金属板接触。重力加速度的大小为g。关于微粒在0~T时间内运动的描述;正确的是()

A.末速度沿水平方向,大小为v0B.重力势能减少了mgdC.电场力做功为D.金属板长度为3v010、如图用绝缘细丝线悬挂一质量为m、带电荷为q的小球,放在匀强电场中,静止时细线与竖直方向的夹角为θ;则关于小球带的电性和电场强度的大小,下列判断正确的是()

A.小球带正电B.小球带负电C.D.11、如图所示,a、b、c、d是正方形的四个顶点,O是正方形对角线的交点.ad边和bc边中点处放有等量异种点电荷+Q、Q,关于图中各点电势和电场强度的关系,下列说法正确的是())

A.a、O、cB.a、b、c、d四个顶点处的电场强度相等C.在两点电荷连线上,O点处的电场强度最大D.a、b、c、d、O五个点中O点处的电场强度最大三点的电势关系为12、如图所示的电路中;电源内阻不可忽略,电流表为理想电表,两个灯泡A;B的电阻不变,当滑动变阻器的滑片P向上移动时,下列说法正确的是()

A.灯泡A变亮,灯泡B变暗B.电容器的电荷量变小C.电流表的示数变大D.滑动变阻器中的电流减小量大于灯泡B中的电流增加量13、将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系中;如图所示,则下列说法正确的是()

A.图线b表示电源内部的发热功率Pr随电流I的变化关系B.M点对应的功率为最大输出功率C.在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系PA<PB+PCD.两个交点M与N的横坐标之比一定为1∶4,纵坐标之比一定为1∶214、如图所示,B、C为三个同心金属圆环,处于同一平面内。金属圆环中通有图示方向的电流,中分别为穿过B;C两圆环的磁通量的大小;以垂直纸面向外为正方向,下列判断正确的是()

A.穿过C两圆环的磁通量均为正值B.穿过C两圆环的磁通量均为负值C.D.15、有两根长直导线互相平行放置,如图所示为垂直于导线的截面图.在如图所示的平面内,点为两根导线连线的中点,为两导线连线的中垂线上两点,与点的距离相等,与夹角为.若两导线中通入大小相等、方向相同的恒定电流单根导线中的电流在处产生的磁感应强度则下列说法中正确的是。

A.点和点的磁感应强度方向一定相同B.点和点的磁感应强度大小均为C.点和点的磁感应强度大小均为D.在线段上各点的磁感应强度都不可能为零评卷人得分三、填空题(共9题,共18分)16、1825年,瑞士科学家科拉顿用实验探索如何产生感应电流。如图,他将“电流表”和线圈分别放在两个房间里,并用导线连成闭合回路。他用磁铁在线圈中插进或拔出进行实验时,并在两个房间之间跑来跑去,结果没有观察到感应电流。科拉顿看不到实验现象的原因是___________。后来由科学家______发现了电磁感应现象。17、如图所示,A、B为相互接触的用绝缘支柱支撑的金属导体,起初它们不带电,在它们的下部贴有金属箔片,C是带正电的小球。当C移近A时,A、B上的金属箔片都张开。

(1)若撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)

(2)若先分离A、B,再撤去C,A、B下部金属箔片是_________(选填“张开”或“闭合”)。在分离A、B的过程中,A、B组成的系统电势能_______(选填“增大”“不变”或“减小”)

(3)静电感应的原因是金属导体中存在大量的_____________。18、一根阻值为R的均匀电阻丝,均匀拉长至原来的2倍,电阻变为________。19、某型号电热水器铭牌的部分参数如图所示电热水器正常工作时的电压是_______V,正常工作时的功率是______W,正常工作0.5h消耗的电能是_______kW·h。XX电热水器额定电压220V额定频率50Hz额定功率1200W20、在干燥的天气里,小美同学站在平面镜前用塑料梳子梳头,发现越梳头发越蓬松,这是因为头发带上了同种电荷互相______;摩擦起电的实质是______。21、(1)在等量异种电荷的连线中点有一带正电荷的粒子;将其沿中垂线移到无穷远处的过程中,粒子受到的电场力的变化趋势为____________,电势能的变化趋势为_________。

(2)在等量同种正电荷的连线中点处有一带负电荷的粒子,将其沿中垂线移到无穷远处的过程中,粒子受到电场力的变化趋势为____________,电势能的变化趋势为__________。22、如图,平行板电容器的极板A与一灵敏的静电计相接,极板B接地,若减小电容器极板间的距离,则(填“增大”、“减小”、“保持不变”)电容____,静电计指针偏角_____,电量_____,场强_____。

23、图中用3V量程时,表针的示数是___________V;当使用15V量程时,图中表针示数为___________V。

24、如图甲所示电路,电源电压保持不变。闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中,R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V,R1的阻值是_______Ω。

评卷人得分四、作图题(共3题,共6分)25、如图所示是某电场中的电场线,请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

26、把蜂鸣器;光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示;制成光电报警装置,当报警器有光照射时,峰鸣器发声,当没有光照或者光照很弱时,蜂鸣器不发声,①光敏电阻:光敏电阻受光照后,阻值会变小,②干簧管继电器开关:由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成,当线圈中有一定的电流时,线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化,两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态,当线圈中没有电流或者电流很微弱时,磁场消失,簧片在弹力的作用下恢复到分离状态,电路已经连接一部分,请将电路完整连接好。

27、在如图所示的四幅图中;分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线(标上方向)或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题,共9分)28、(1)如图,在测绘小灯泡的伏安特性实验中,伏安法测小灯泡,安培表采用______法,其原因是______,滑动变阻器采用______式连接,其原因是______;

(2)闭合S前,R中的箭头应该放在______端(填右或左),实验数据描出来的图像符合下图的______。(填字母)

A.B.C.D.评卷人得分六、解答题(共4题,共20分)29、如图,A、B两点电荷相距2m,O为AB连线上的一点,AO距离为0.5m,A、B所带电荷量分别为和静电力常量为k=9.0×109N·m2/C2;求:

(1)电荷A对电荷B的库仑力大小;

(2)O点的电场强度大小及方向。

30、如图所示,粗糙绝缘水平地面ABC与光滑绝缘半圆弧竖直轨道CD相切C点,CD右侧(含CD)有水平向右的匀强电场,电场强度大小为圆弧轨道半径为R,AB长度L1=R,BC长度L2=4R。有一质量为M=2m的滑块P以从A点向右运动,在B处与一质量为m、带电荷量为的滑块Q发生弹性碰撞(碰撞过程中Q的电荷量不变),碰撞后滑块Q继续向右运动经过C点进入光滑圆轨道。已知滑块P、Q与地面的动摩擦因数均为μ=0.5,不计空气阻力,滑块都可看作质点,重力加速度为g。求:

(1)若滑块P与Q发生碰撞后瞬间滑块Q速度v的大小;

(2)滑块Q继续运动到达圆轨道的最高点D时对轨道压力N的大小:

(3)若滑块P与Q发生弹性碰撞后使Q能滑上圆弧轨道并且可沿轨道滑回平面,求滑块P初速度的最大值vm。(答案可用分数及根式表示)

31、已知电子质量为9.1×10-31kg,带电荷量为-1.6×10-19C,若氢原子核外电子绕核旋转时的轨道半径为0.53×10-10m,求电子绕核运动的线速度大小、动能、周期和形成的等效电流。32、春栋同学准备参加玩具赛车比赛,他想通过实验挑选一只能量转换效率较高的电动机,实验时他先用手捏住电动机的转轴,使其不转动,然后放手,让电动机正常转动,分别将2次实验的有关数据记录在表格中,请问:。电动机的电压/V电动机工作状态通过电动机的电流/A0.2不转动0.42.0正常转动1.0

(1)这只电动机线圈的电阻为多少。

(2)当电动机正常工作时;转化为机械能的功率是多少?

(3)该玩具电动机正常工作时电能转化为机械能的效率是多少?参考答案一、选择题(共7题,共14分)1、B【分析】【详解】

A.闭合开关后,当滑动变阻器触头P向下移动时,减小;外电路总电阻减小,干路中电流增大,则小灯泡亮度变亮,故A错误;

B.电源的内电压增大;路端电压减小,则电压表的示数变小,故B正确;

C.电路稳定时电容器的电压等于串联总电压,根据串联电路电压分配规律

可知I增大;电容器的电压减小,则电容器放电,故C错误;

D.因外电路的总电阻和内阻的大小关系未知;则随着外电阻的减小,外功率不一定变小,故D错误;

故选B。

【点睛】

本题按“部分→整体→部分”的思路进行动态变化分析.对于电压表的示数,可以直接根据路端电压随外电阻而增大的结论进行分析.根据串联电路电压与电阻成正比的特点,分析各部分电压的变化,比较简便。2、D【分析】【详解】

电子从O点到达A点的过程中,仅在电场力作用下速度逐渐减小,根据动能定理可得-eUOA=0-Ek

因为UOA=h

所以

故选D。3、C【分析】【详解】

A.从A点运动至C点,动能减少所以电场力做负功;电势能增加,因为是电子带负电所以可得C点电势低于A点A错误;

B.同理C到B电场力做正功,动能增加电势能减小,可得C点电势低于B点B错误;

C.根据前面分析可得AB点电势能相同,电势相等,若是匀强电场,电场线垂直AB连线,又因为C点电势低于AB两点,沿着电场线方向电势降低所以方向为D指向C;C正确;

D.若该电场为正点电荷电场,且电荷处于O点,可知AC两点电势相同与题意不符;D错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

由电场线的分布情况可知,B处电场线比A处电场线密,则B点的场强大于A点的场强;即。

EB>EA根据顺着电场线方向电势逐渐降低,可知,A点的电势高于B点的电势;即。

φA>φB故B正确,ACD错误。5、C【分析】【详解】

ACD.MN上表面由于感应起电,根据异种电荷相互吸引,同种电荷相互排斥,所以上表面将带负电;电荷分布稳定时,长方形的铁块为等势体,MN上表面为等势面,故有

则有

故AD错误;C正确;

B.由正点电荷周围的电场强度可知

故B错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

矢量是既有大小又有方向;且遵循平行四边形定则的物理量,电场强度是矢量;功;时间、电流都是标量。

故选D。7、C【分析】【详解】

A.当滑动变阻器的触头从左端向右滑动过程,变阻器接入电路的电阻减小,因为不知道与内阻r的关系;所以不能确定电源的输出功率变化,A错误;

B.当滑动变阻器的触头由图示的位置向右滑动小段距离,变阻器接入电路的电阻减小,根据闭合电路欧姆定律分析得知,电路中总电流I增大,根据欧姆定律可以知道电阻两端电压增大;B错误;

C.电路中总电流I增大,内电阻与所占电压增大,则R1的电压减小,电容器与R1并联,故电容器的电压减小,根据

可以知道;电容器所带电荷量减小,C正确;

D.电压表测量路端电压,根据闭合电路欧姆定律

电压表与电流表示数变化量的比值不变。D错误。

故选C。二、多选题(共8题,共16分)8、A:C【分析】【详解】

AB.不论开关闭合还是断开,电压表V1测的都是电源路端电压,闭合开关S,电流表的示数为零,R1被短路,电路中的总电阻减小,总电流增大,电源内电压增大,外电压减小,电压表V1的示数减小;选项A正确,选项B错误;

C.S断开时,R1、R2串联;将滑动变阻器滑片向上移,滑动变阻器接入电路的电阻增大,总电阻增大,总电流减小,电流表示数减小,选项C正确;

D.电源内电压减小,外电压增大,电压表V1示数增大,R1两端的电压减小,R2两端的电压增大,即V2示数增大;选项D错误。

故选AC.9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A.时间内微粒匀速运动,则有

内,微粒做平抛运动,下降的位移

时间内,微粒的加速度

方向竖直向上,微粒在竖直方向上做匀减速运动,T时刻竖直分速度为零,所以末速度的方向沿水平方向,大小为故A正确;

B.微粒在竖直方向上向下运动,位移大小为则重力势能的减小量为故B错误;

C、在内和时间内竖直方向上的加速度大小相等,方向相反,时间相等,则位移的大小相等,为整个过程中电场力做功为

故C错误;

D.根据上面分析可以知道:在内和时间内,竖直方向位移大小相等为则在内下降的位移

而水平方向为匀速运动,则金属板长度为

故D正确。

故选AD。10、A:C【分析】【详解】

小球受到向右的电场力,与电场方向相同,所以小球带正电。根据三力平衡得

解得

故选AC。11、A:D【分析】【详解】

A项:根据等量的异种电荷连线中垂线即为等势线,即a点电势大于零,c点电势小于零,所以故A正确;

B项:根据电场的叠加原理可知,a、b;c、d四点的场强大小相等;方向不同,故B错误;

C项:由等量异种电荷电场线分布可知;在两点电荷连线上,电场强度先减小后增大,所以O点电场强度最小,故C错误;

D项:根据电场的叠加原理可知,其余四点的场强大小均小于E0;故D正确.

点晴:解决本题关键理解等量异种电荷电场线分布和电场的叠加原理.12、B:D【分析】【详解】

A.当滑动变阻器的滑片P向上移动时;滑动变阻器阻值增大,根据“串反并同”,灯泡A变暗,灯泡B变亮,A错误;

B.定值电阻R与滑动变阻器串联,电容器与定值电阻并联,则电容器电势差减小,根据

可知;电容器的电荷量减小,B正确;

C.电流表与滑动变阻器串联;则电流表示数减小,C错误;

D.滑动变阻器与灯泡B的电流之和等于通过电流表的电流,即

因为电流表电流减小;灯泡B电流增大。可知,滑动变阻器中的电流减小量大于灯泡B中的电流增加量,D正确。

故选BD。13、A:B【分析】【分析】

【详解】

A.由电源的总功率;输出功率和电源内部的发热功率表达式。

PE=EI,PR=EI-I2r,Pr=I2r可知,a表示的是电源的总功率随电流I的变化关系;b表示的是电源内部的发热功率随电流I的变化关系;c表示输出功率PR随电流I的变化关系;A正确;

B.当R=r时,输出功率最大,M点是输出功率最大的位置;B正确;

C.A、B、C为在a、b、c三条图线上横坐标相同的三点;因为直流电源的总功率等于输出功率和电源内部的发热功率之和,所以这三点的纵坐标一定满足关系。

PA=PB+PC故C错误;

D.M点输出功率最大时,有R=r;则。

可得。

故。

故D错误;

故选AB。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

由题图及安培定则可知,纸面内垂直纸面向外的磁感线都集中在圆环内,纸面内垂直纸面向里的磁感线分布在圆环外,则B、C圆环内都有垂直纸面向里和向外的磁感线穿过。穿过B、C圆环的垂直纸面向外的磁感线条数相同,穿过B圆环的垂直纸面向里的磁感线条数较少,穿过C圆环的垂直纸面向里的磁感线条数较多,但都比穿过B、C圆环的垂直纸面向外的磁感线条数少,又以垂直纸面向外为正方向,所以穿过B、C圆环的磁通量均为正值,且

故选AC。15、A:C:D【分析】【详解】

A.根据安培定则判断得知,两根通电导线产生的磁场方向均沿逆时针方向,由于对称,两根通电导线在MN两点产生的磁感应强度大小相等,根据平行四边形进行合成得到,M点和N点的磁感应强度大小相等,M点磁场向右,N点磁场向右;方向相同,故A正确;

BC.两根导线在M点产生的磁感应强度的方向如图所示,根据平行四边形定则进行合成,得到M点和N点的磁感应强度大小为.同理,N点的磁感应强度大小也为故B错误,C正确.

D.只有当两根通电导线在同一点产生的磁感应强度大小相等、方向相反时,合磁感应强度才为零,根据矢量的合成可知,线段MN上的磁感应强度不可能为零,故D正确;三、填空题(共9题,共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1].在磁铁插进或拔出线圈的过程中;磁通量发生变化,闭合回路中会产生电流,但等科拉顿跑到电流计面前时,磁通量已不再变化,因此没有观察到感应电流;

[2].后来由科学家法拉第发现了电磁感应现象。【解析】在磁铁插进或拔出线圈的过程中,磁通量发生变化,闭合回路中会产生电流,但等科拉顿跑到电流计面前时,磁通量已不再变化,因此没有观察到感应电流法拉第17、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)当带正电的小球C靠近AB时;由静电感应A带负电B带正电,AB上的金属箔片都张开,当撤去C时,AB是连接在一起的,A上的负电荷和B上的正电荷相互中和,AB上的金属箔片都闭合。

(2)当带正电的小球C靠近AB时;由静电感应A带负电B带正电,AB上的金属箔片都张开,先移开AB在撤去C时,AB不是连在一起的,A上的负电荷和B上的正电荷不能相互中和,AB仍然带电,AB下部的金属箔片张开;在分离AB的过程中,C对A吸引,C对B排斥,C对AB都在做正功,电势能在减小。

(3)感应起电是自由电荷从物体的一端移动到另一端,因此要发生感应起电就必须要有自由电荷【解析】闭合张开减小自由电荷18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】4R19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]根据表中信息可知;热水器正常工作时,电压为220V,功率为1200W;

[3]热水器正常工作0.5h消耗的电能为W=Pt=1200W×0.5h=600W·h=0.6kW·h【解析】①.220②.1200③.0.620、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]越梳头发越蓬松原因是因为头发带上了同种电荷互相排斥;

[2]摩擦起电的实质是电子的转移。【解析】排斥电子的转移21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]根据等量异种电荷的电场特点可知;在连线的中垂线上,两电荷连线中点的电场强度最大,两侧的电场强度不断减小,所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中,粒子受到的电场力的变化趋势为:从中间向两侧不断减小;且中垂线是一条等势线且电势为零,所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中,电势能不变且为零。

(2)[3][4]根据等量同种正电荷的电场特点可知,在连线的中垂线上,两电荷连线中点的电场强度为零,两侧的电场强度先增大后减小,所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中,粒子受到的电场力的变化趋势为:从中间向两侧先增大后减小;且中垂线上的电势由中间向两侧不断降低,所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中,带负电的粒子的电势能不断增大。【解析】从中间向两侧不断减小电势能不变且为零从中间向两侧先增大后减小电势能不断增大22、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]由于电容器与电源断开两板的带电荷量Q不变,减小电容器极板间的距离,由公式

可知电容器电容C增大;Q不变,根据

可知U减小,静电计指针偏角将减小;由

可知场强不变。【解析】增大减小保持不变保持不变23、略

【分析】【详解】

[1]当电压表量程为3V时;每一小格为0.1V,故指针所指读数为1.70V;

[2]当使用15V量程时,每一小格为0.5V,故指针所指读数为8.5V。【解析】1.708.524、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联,电压表测两端的电压,测两端的电压;电流表测电路中的电流,当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小;

由图象可知,电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和,所以电源电压

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.20四、作图题(共3题,共6分)25、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向;负电荷受电场力的方向与场强方向相反,如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

电池;光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路;而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时,光敏电阻阻值变小,使得干簧管继电器开关存在磁场,导致开关接通,最终使得蜂鸣器发声,电路如图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)在图(1)中;已知小磁针静止时N极的指向,由直线电流的安培定则,可知直线中的电流方向向下,如图所示。

(2)在图(2)中;已知小磁针静止时N极的指向,由环形电流的安培定则,可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向,如图所示。

(3)在图(3)中;已知螺线管内小磁针静止时N极的指向,由通电螺线管的右手螺旋定则可知,螺线管中的电流方向从左端导线流入,右端导线流出,如图所示。

(4)在图(4)中,已知磁感线的方向,由安培定则可知,环形电流方向沿逆时针方向,如图所示。【解析】五、实验题(共1题,共9分)28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]灯泡电阻约为几欧姆;电压表内阻为几千欧姆,电压表内阻远大于灯泡内阻,电流表应采用外接法。

[3][4]伏安法描绘灯泡伏安特

温馨提示

  • 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
  • 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
  • 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
  • 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
  • 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
  • 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
  • 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。

评论

0/150

提交评论