2025年中考物理复习新题速递之电能和电功率（2024年9月）

第1页（共1页）2025年中考物理复习新题速递之电能和电功率（2024年9月）一．选择题（共12小题）1．（2024•济南）如图所示，是“220V，15W”的LED灯和“220V，15W”的白炽灯正常工作时将电能转化为内能和光能的占比图。当两灯均正常工作时，下列说法正确的是（）A．灯两端的实际电压：LED灯低于白炽灯 B．相同时间产生的内能：LED灯多于白炽灯 C．相同时间消耗的电能：LED灯少于白炽灯 D．电能转化为光能的效率：LED灯高于白炽灯2．（2024•榆阳区校级二模）某物理小组在实验室发现了一个有趣的电子元件R1，从说明书知道，元件R1的电阻值与其两端的电压值有关。在老师的指导下，同学们得到了元件R1的I﹣U关系如图甲“b”所示，小明利用图乙，画出图甲中的“a”图像。则下列说法不正确的是（）A．当元件R1两端电压为90V时，R1消耗的电功率为108W B．定值电阻R0的阻值是100Ω C．小明把R0与R1串联后接到电源电压为220V的电路中，则电路中的电流为1.1A D．R0与R1串联后整个电路的实际功率为121W3．（2024•达州二模）关于生活中的物理量，下列说法最接近实际的是（）A．一本教科版物理课本的质量约为50kg B．课桌的高度约为1.2m C．智能手机的电池电压为3.7V D．家用电饭煲的功率约为10W4．（2024•环翠区校级模拟）将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件应变片，其结构如图甲所示。将它接入图乙所示的电路，电源电压不变，R为定值电阻。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，则电路中的（）A．电路的总功率变大 B．定值电阻R的功率变小 C．电压表和电流表示数都变大 D．电压表示数与电流表示数的比值变小5．（2024•滕州市三模）小市同学在科学课上表演了一个小魔术，用如图所示形状的金属片点燃火柴，他将此金属片接在学生电源上（如图所示），则将火柴放在哪个位置最容易被点燃（）A．a点 B．b点 C．c点 D．都一样6．（2024•邵东市三模）在如图所示的电路中，发现通过电流表的示数减少0.2安培时，电压表的示数从6伏特变为5伏特，那么该定值电阻所消耗的功率的变化量为（）A．1.2W B．1.0W C．2.2W D．5.0W7．（2024•威海）下列对生产、生活中涉及到的物理知识解释错误的是（）A．锅炉水位计显示炉内水位——连通器原理 B．保险丝保护电路——电流的热效应 C．火箭用液态氢作燃料——液态氢的热值大 D．盘山公路蜿蜒曲折——斜面可以省功8．（2024•巴中）下列数据中，最接近生活实际的是（）A．一只公鸡的质量约为20kg B．成人正常步行速度大约为10km/h C．一支新2B铅笔的长度约为18cm D．教室里一盏节能灯的功率约为1kW9．（2024•九龙坡区校级模拟）如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P由A端移动到B端时，定值电阻R0消耗的电功率P与电流I的关系图像如图乙所示。若电源电压保持不变，下列说法中正确的是（）A．电源电压为lV B．定值电阻R0的阻值为9Ω C．滑动变阻器R的最大阻值为18Ω D．电路总功率的变化范围为0.9W～4.5W10．（2024•汉源县校级模拟）一只电能表盘面上标有“3000r/（kW•h）”字样，如果这只表的转盘在3min内转过15r，则接在该表上的用电器的功率是（）A．10W B．60W C．100W D．6000W11．（2024•静安区校级三模）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑片P从变阻器的最右端滑至最左端的过程中，电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙。下列说法中正确的是（）A．该电路的电源电压为18V B．电路中电流最大时灯泡的电阻为7Ω C．滑动变阻器的最大阻值为10Ω D．电流最小时，滑动变阻器的功率为3.75W12．（2024•长春模拟）小明家购买一台电饭煲，在使用时闻到橡胶的焦糊味，用手摸其电源线发现很热，而电饭煲仍正常工作，发生这一现象的原因可能是（）A．电压太高 B．电源线太短 C．电源线太粗 D．电源线太细二．填空题（共8小题）13．（2024•龙湖区校级二模）如图1所示是小明家的电能表，他在家断开其他用电器，仅让电热水壶烧水时，发现1min时间内电能表闪烁48次，则电热水壶消耗的电能为J，实际功率为W。如图2甲所示是保险管，图2乙、丙分别是两个保险管的截面图。若两管内保险丝的材料相同，长度相同，粗细不同，当乙、丙两保险管通过相同的电流时，（选填“乙”或“丙”）保险丝更容易熔断。14．（2024•金安区校级二模）如图甲是新型取暖器件一电热膜，它是由：12条导电墨线并列压在绝缘薄膜制成。其结构如图乙所示，已知每根导电墨线的电阻为4800Ω。电热膜正常工作1min产生热量为J。15．（2024•仪征市一模）如图所示为小明家使用的电能表，由图可知他家同时可使用的用电器总功率不能超过W；小明关闭家中其他用电器，只让电水壶烧水，电水壶正常工作，小明观察电能表的铝盘在1min内转了18圈，则该电水壶的实际功率为W。16．（2024•响水县二模）如图所示电路，电源电压恒定。当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表示数为0.2A，电压表示数为2V；当开关S1、S2闭合，S3断开时，电压表示数为6V，此时电流表示数为A。则该电路的电源电压为V，电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比为。17．（2024•城中区校级四模）如图甲被测铅笔的长度为cm；如图乙所示的是测量的仪表。18．（2024•沙坪坝区校级三模）如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表（电压表或电流表），R1＝5Ω，R2＝10Ω，电源电压恒为12V，闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表b的示数为；当电表a、b为电压表，c为电流表，R2消耗的电功率为。19．（2024•汉源县校级模拟）某电饭锅有两挡不同功率，铭牌上附有电路图，Rl、R2为两根电热丝。如图所示，并标出高挡功率是1kW，低挡功率标出的数值已模糊不清。现闭合S1，断开S2，可测得R1上的功率为240W，则电饭锅的低挡功率的值可能是W或W。20．（2024•汉源县校级模拟）如图所示，电路两端电压U不变，当滑动变阻器R接入电路的电阻等于定值电阻R0时，R0消耗的功率为P0，若将滑片移到左端时，则R0上消耗的功率为P0；要使定值电阻R0消耗的功率变为，应使滑动变阻器接入电路的电阻为R0。三．作图题（共2小题）21．（2024•汉源县校级模拟）请将图所示中的开关、螺丝口灯泡和插座接入家庭电路。22．（2024•中山市三模）依照安全用电的要求，将a、b、c三点接入家庭电路，完成连线。四．实验探究题（共2小题）23．（2024•东营区校级三模）在“测量小灯泡的电功率”实验中，已知小灯泡额定电压为2.5V，正常工作时电阻约为12Ω。现有器材：电源（电压为6V保持不变），电流表，电压表，开关、导线若干。（1）小朱同学连接了如图甲所示的电路，该电路中存在一处连接错误，只要改接一根导线就可以使电路连接正确，请你把接错的那一根导线找出来打上“×”，再用笔画线代替导线画出正确的连接；（2）电路正确连接后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示为V；实验小组多次改变滑动变阻器滑片的位置，并根据实验数据画出了小灯泡的I﹣U关系图象如图丙所示，由图象可知，小灯泡的额定功率P额＝W，同时发现小灯泡的I﹣U图象不是一条直线，原因是小灯泡的电阻随变化而变化；（3）完成以上实验后，同学们又设计了一个如图丁所示的电路来测量该小灯泡的额定功率，R0为已知阻值的定值电阻。请把他们的实验步骤补充完整：①断开开关S2，闭合S1、S3，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为V；②保持滑动变阻器滑片P位置不变，S3仍闭合，（填写S1、S2的开合状态），记录下电压表示数为U；③小灯泡的额定功率PL＝（请用已知量和测量的物理量表示）。24．（2024•东区校级模拟）根据如图甲、乙、丙所示的实验装置回答以下问题：（1）图甲是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，实验时，用相同的酒精灯和相同的加热方法给质量相等的沙子和水加热，实验发现沙子升温比水快，说明的比热容大；（2）图乙是“比较酒精和纸片燃烧放出的热量”实验装置，实验前左边装置中烧杯里水质量为200g，燃烧皿里酒精质量为4g，则实验前右边装置中燃烧皿里纸片质量为g。关于酒精和纸片点燃的顺序有下列四种观点，你认为正确的是；A．必须同时点燃B．必须先点燃纸片C．必须先点燃酒精D．先点燃哪个都行（3）图丙是“探究影响电流热效应因素”的实验装置，两个烧瓶中装有质量相等、初温相同的煤油，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到某位置通电一段时间后，观察到温度计2示数上升得快些，由此可得到的初步结论是；若要探究电流大小对电热的影响，除了用图丙中的器材外还需要增加；（4）甲、乙、丙三个实验中，通过比较温度计升高的示数来比较被加热物体吸收热量多少的实验有个。五．计算题（共1小题）25．（2024•城中区校级四模）家里有一台电热锅，它的一些参数如表中所示，加热功率有高、低两个挡位，其内部简化电路如图所示。求：额定电压220V加热电阻R155Ω加热电阻R244Ω（1）当闭合开关S1、S2时，电路中的电流；（2）当电热锅处于低温挡时，电路的总功率；（3）利用上述电路元件重新设计一个电热锅内部简化电路，也有高、低两挡，使得高温挡功率提高，并计算出其高温挡的功率。

2025年中考物理复习新题速递之电能和电功率（2024年9月）参考答案与试题解析一．选择题（共12小题）1．（2024•济南）如图所示，是“220V，15W”的LED灯和“220V，15W”的白炽灯正常工作时将电能转化为内能和光能的占比图。当两灯均正常工作时，下列说法正确的是（）A．灯两端的实际电压：LED灯低于白炽灯 B．相同时间产生的内能：LED灯多于白炽灯 C．相同时间消耗的电能：LED灯少于白炽灯 D．电能转化为光能的效率：LED灯高于白炽灯【考点】W＝Pt求电能的大小；能量的利用效率；并联电路中的电压规律；实际功率．【专题】应用题；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】（1）根据两灯的额定电压分析回答；（2）根据W＝Pt结合电能转化为内能和光能的占比图分析回答。【解答】解：A、由题意可知，两灯的额定电压和额定功率均相等，当两灯均正常工作时，灯两端的实际电压等于额定电压，即LED灯两端实际电压等于白炽灯两端实际电压，故A错误；BCD、因两灯的额定功率相同，当两灯均正常工作时，相同时间内，根据W＝Pt可知，两灯消耗的电能相等；由图可知白炽灯把大部分电能转化为内能，LED灯把大部分电能转化为光能，因此相同时间内LED灯产生的内能小于白炽灯，说明LED灯电能转化为光能的效率高，故BC错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查了实际功率、电功和能量的利用效率，正确读取图中信息是解题的关键。2．（2024•榆阳区校级二模）某物理小组在实验室发现了一个有趣的电子元件R1，从说明书知道，元件R1的电阻值与其两端的电压值有关。在老师的指导下，同学们得到了元件R1的I﹣U关系如图甲“b”所示，小明利用图乙，画出图甲中的“a”图像。则下列说法不正确的是（）A．当元件R1两端电压为90V时，R1消耗的电功率为108W B．定值电阻R0的阻值是100Ω C．小明把R0与R1串联后接到电源电压为220V的电路中，则电路中的电流为1.1A D．R0与R1串联后整个电路的实际功率为121W【考点】结合图像计算电功率；欧姆定律在图像中的应用．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】D【分析】（1）根据图甲可知元件R1两端的电压为90伏时通过的电流，根据欧姆定律求出R1的电阻值，利用P＝UI求出消耗的电功率；（2）由图乙可知，当滑片位于最上端时接入电路中的电阻为零，电路为R0的电路，此时电路中的电流最大，根据图甲读出电路中的电流，根据欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；（3）把R0与R1串联后接到电源电压为220V电路中后，通过它们的电流相等且它们两端的电压之和等于电源的电压，根据图象读出符合题意的电流和电压，根据P＝UI求出R1的实际功率。【解答】解：A、由图甲可知，当元件R1两端的电压为90伏时，通过的电流I1＝1.2A，R1消耗的电功率：P1＝U1I1＝90V×1.2A＝108W；故A正确；B、由图乙可知，当滑片位于最上端时接入电路中的电阻为零，电路为R0的电路，此时电路中的电流最大，由图象可知，电路中的电流I0＝2.2A，则定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝100Ω，故B正确CD、把R0与R1串联后接到电源电压为220V电路中后，因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当电路中的电流I＝1.1A，U1′＝U0＝110V时，故C正确，则电路的实际功率：P＝UI＝220V×1.1A＝242W，故D错误。故选：D。【点评】本题是一道数形结合的题目，通过图象可获得一些已知条件，再利用欧姆定律及串联电路的特点求解。3．（2024•达州二模）关于生活中的物理量，下列说法最接近实际的是（）A．一本教科版物理课本的质量约为50kg B．课桌的高度约为1.2m C．智能手机的电池电压为3.7V D．家用电饭煲的功率约为10W【考点】常见电功率的大小；常见的长度及估测；质量的估测；常见电压的大小．【专题】估算综合应用题；理解能力．【答案】C【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A．一本教科版物理课本的质量约为250g，故A不正确；B．课桌的高度约为中学生身高的二分之一，中学生身高1.6米左右，所以课桌为0.8m，故B不正确；C．智能手机的电池电压为3.7V，故C正确；D．家用电饭煲的功率约为800W，故D不正确。故选：C。【点评】对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。4．（2024•环翠区校级模拟）将一根细金属丝置入柔性塑料中，可以制成用来检测物体形变的器件应变片，其结构如图甲所示。将它接入图乙所示的电路，电源电压不变，R为定值电阻。闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，塑料中的金属丝会被拉长变细，则电路中的（）A．电路的总功率变大 B．定值电阻R的功率变小 C．电压表和电流表示数都变大 D．电压表示数与电流表示数的比值变小【考点】动态电路中电功率的变化；动态电路的分析．【专题】应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】B【分析】（1）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关；在温度不变时，某种材料的导体，导体越长，导体越细，其电阻越大；（2）由图2可知，应变片与定值电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测应变片两端的电压；金属丝被拉长变细时，应变片中金属丝的电阻变大，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可知电路中的电流变化，根据串联分压的规律可知应变片两端的电压变化，即电压表的示数变化；（3）根据电路中电流的变化，利用公式P＝UI可知电路总功率变化情况，利用公式P＝I2R可知定值电阻R消耗电功率的变化情况。【解答】解：由图2可知，应变片与定值电阻R串联，电流表测电路中的电流，电压表测应变片两端的电压；D、因电压表测应变片两端的电压，电流表测电路中的电流，则由欧姆定律可知电压表和电流表示数的比值等于应变片中金属丝的电阻，因为应变片塑料中的金属丝会被拉长变细时，其电阻会变大，所以电压表和电流表示数的比值变大，故D错误；C．闭合开关S，当应变片随被检测物体发生拉伸形变时，金属丝会被拉长变细，导致其电阻变大，总电阻变大，根据欧姆定律可知电路中的电流变小，即电流表示数变小；应变片的电阻变大，根据串联电路的分压规律可知，应变片分得的电压变大，即电压表示数变大，故C错误；AB、由上面分析可知，电路中的电流变小，根据P＝UI可知电路的总功率变小，故A错误；根据P＝I2R可知定值电阻R消耗的功率会变小，故B正确。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，知道导体电阻的影响因素是解题的关键之一。5．（2024•滕州市三模）小市同学在科学课上表演了一个小魔术，用如图所示形状的金属片点燃火柴，他将此金属片接在学生电源上（如图所示），则将火柴放在哪个位置最容易被点燃（）A．a点 B．b点 C．c点 D．都一样【考点】焦耳定律的简单计算；电阻大小与导线长度、横截面积、材料之间的关系．【专题】电压和电阻；电与热、生活用电；分析、综合能力．【答案】C【分析】根据影响电阻大小的因素和焦耳定律的公式Q＝I2Rt分析a、b、c三处电流产生的热量关系，从而得出结论。【解答】解：影响电阻大小的因素是材料、长度、横截面积和温度，当材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大，由图可知，c点横截面积最小，故c点的电阻最大，a、b、c是串联的，根据串联电路的电流特点可知，通过a、b、c的电流相同，根据Q＝I2Rt可知，在相同时间内c点产生的热量多，故将火柴放在c点最容易被点燃。故选：C。【点评】本题考查了影响电阻大小的因素和焦耳定律的公式Q＝I2Rt的应用，属于基础知识。6．（2024•邵东市三模）在如图所示的电路中，发现通过电流表的示数减少0.2安培时，电压表的示数从6伏特变为5伏特，那么该定值电阻所消耗的功率的变化量为（）A．1.2W B．1.0W C．2.2W D．5.0W【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．【专题】计算题；定量思想；推理法；欧姆定律；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】定值电阻的阻值不变，根据欧姆定律表示出电压表的示数为6V和5V时通过的电流，利用电流表的示数变化量得出等式即可求出R的阻值，再根据P＝求出该定值电阻所消耗的功率的变化量。【解答】解：定值电阻的阻值不变，则由欧姆定律可得：当电压表的示数U1＝6V时，电路中的电流I1＝＝，当电压表的示数U2＝5V时，电路中的电流I2＝＝，因该过程中通过电流表的示数减少了0.2安培，所以，ΔI＝I1﹣I2＝﹣＝＝0.2A，解得：R＝5Ω，则该定值电阻所消耗的功率的变化量：ΔP＝P1﹣P2＝﹣＝﹣＝2.2W。故选：C。【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，学会利用R＝可以求定值电阻的阻值可以快速解题，有一定的难度。7．（2024•威海）下列对生产、生活中涉及到的物理知识解释错误的是（）A．锅炉水位计显示炉内水位——连通器原理 B．保险丝保护电路——电流的热效应 C．火箭用液态氢作燃料——液态氢的热值大 D．盘山公路蜿蜒曲折——斜面可以省功【考点】电流的热效应；连通器原理；斜面及其应用；功的原理；燃料热值的概念．【专题】比热容、热机、热值；应用能力．【答案】D【分析】（1）锅炉水位计是连通器；（2）电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应；（3）热值是燃料的一种特性；在完全燃烧相同质量的不同燃料时，热值越大的燃料燃烧释放出的热量越多；（4）使用任何机械都不省功。【解答】解：A、锅炉水位计显示炉内水位利用了连通器原理，故A正确；B、电流流过导体时，导体要发热，温度过高，保险丝会熔断而保护电路，故B正确；C、运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故C正确；D、盘山公路蜿蜒曲折，可以省力，但不能省功，故D错误。故选：D。【点评】本题考查连通器、电流的热效应等知识，是一道综合题。8．（2024•巴中）下列数据中，最接近生活实际的是（）A．一只公鸡的质量约为20kg B．成人正常步行速度大约为10km/h C．一支新2B铅笔的长度约为18cm D．教室里一盏节能灯的功率约为1kW【考点】常见电功率的大小；常见的长度及估测；速度的估测；质量的估测．【专题】估算综合应用题；获取知识解决问题能力．【答案】C【分析】结合实际估读一些物体的物理量。【解答】解：A．一只公鸡的质量约为2kg，故A不符合题意；B．成人正常步行速度大约为4km/h，故B不符合题意；C．一支新2B铅笔的长度约为18cm，故C符合题题意；D．教室里一盏节能灯的功率约为10W，故D不符合题意。故选：C。【点评】结合实际会估读一些物体的物理量9．（2024•九龙坡区校级模拟）如图甲所示的电路中，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当滑动变阻器R的滑片P由A端移动到B端时，定值电阻R0消耗的电功率P与电流I的关系图像如图乙所示。若电源电压保持不变，下列说法中正确的是（）A．电源电压为lV B．定值电阻R0的阻值为9Ω C．滑动变阻器R的最大阻值为18Ω D．电路总功率的变化范围为0.9W～4.5W【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用；欧姆定律求范围值；结合图像计算电功率．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于B端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，R0的电功率最大，根据图乙读出电路中的最大电流和R0的最大电功率，利用P＝UI求出此时R0两端的电压即为电源的电压；根据欧姆定律求出定值电阻R0的阻值；（2）当滑片位于A端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图乙读出电路中的最小电流，利用欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联特点求出滑动变阻器的最大阻值。根据P＝UI得出电路总功率变化范围。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测R0两端的电压，电流表测电路中的电流。AB、当滑片位于B端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，由图乙可知，电路中的最大电流I大＝0.5A，R0的最大电功率P0大＝4.5W，由P＝UI可得，此时R0两端的电压即电源的电压：U＝U0大＝＝＝9V；由I＝可得，定值电阻R0的阻值：R0＝＝＝18Ω，故AB错误；CD、当滑片位于A端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流I小＝0.1A，此时电路的总电阻：R总＝＝＝90Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值：R大＝R总﹣R0＝90Ω﹣18Ω＝72Ω，故C错误；电路总功率的最小值P小＝UI小＝9V×0.1A＝0.9W，电路总功率的最大值P大＝UI大＝9V×0.5A＝4.5W，故电路总功率变化范围为0.9W～4.5W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。10．（2024•汉源县校级模拟）一只电能表盘面上标有“3000r/（kW•h）”字样，如果这只表的转盘在3min内转过15r，则接在该表上的用电器的功率是（）A．10W B．60W C．100W D．6000W【考点】用电能表测用电器的电功率．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】C【分析】电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表，3000r/（kW•h）的含义是：电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转3000转（r）；用电器工作3min后，电能表转盘转过15r，据此求用电器消耗的电能，即电流所做的功；知道电流做功时间，利用公式P＝求用电器消耗的功率。【解答】解：消耗的电能为：，则接在该表上的用电器的功率为：，故C正确。故选：C。【点评】本题考查学生对电能表铭牌上数据“3000r/（kW•h）”和电功率公式的掌握和运用，要求灵活运用电功率的公式P＝。11．（2024•静安区校级三模）如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，调节滑片P从变阻器的最右端滑至最左端的过程中，电流表示数与两电压表示数的关系图象如图乙。下列说法中正确的是（）A．该电路的电源电压为18V B．电路中电流最大时灯泡的电阻为7Ω C．滑动变阻器的最大阻值为10Ω D．电流最小时，滑动变阻器的功率为3.75W【考点】结合图像计算电功率；欧姆定律在图像中的应用．【专题】定量思想；电能和电功率；应用能力．【答案】D【分析】由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表V2测L与R0两端的电压之和，电压表V1测R0两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知，倾斜的直线是电压表V1与电流表示数的关系图象，曲线则为电压表V2与电流表示数的关系图象；（1）当滑片位于最左端时，滑动变阻器接入电路中的电阻为零，此时电路中的电流最大，两电压表的示数最大且电压表V2测电源两端的电压，根据图象读出电表的示数，确定出电源电压；根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出灯泡的电阻；（2）当滑片位于最右端时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，根据图象读出V2的示数和电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出变阻器的最大阻值，利用P＝UI求出电流最小时滑动变阻器的功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，电压表V1测R0两端的电压，电压表V2测L与R0两端的电压之和，电流表测电路中的电流；由图乙可知，由于定值电阻两端的电压与通过的电流成正比，所以倾斜的直线是电压表V1与电流表示数的关系图象，则曲线为电压表V2与电流表示数的关系图象。A、当滑片位于最左端时，变阻器接入电路中的电阻为零，根据I＝可知此时电路中的电流最大，由U＝IR知两电压表的示数最大且电压表V2测电源两端的电压，由图乙可知，电路中的最大电流I大＝1.0A，电压表V1的示数为7V，电压表V2的示数为12V，即电源的电压为：U＝UV2＝12V，故A错误；B、电路中电流最大时，由串联电路电压的规律知灯泡两端的电压为：，此时灯泡的电阻为：，故B错误；C、当滑片位于最右端时，变阻器接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流最小，由图乙可知，电路中的最小电流为0.5A，电压表V2的示数为4.5V，此时滑动变阻器两端的电压为：UR＝U﹣UV1＝12V﹣4.5V＝7.5V，滑动变阻器的最大阻值为：，故C错误；D．电流最小时，滑动变阻器的功率为：P滑＝I小UR＝0.5A×7.5V＝3.75W，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电压表和电流表对应的示数关系是关键。12．（2024•长春模拟）小明家购买一台电饭煲，在使用时闻到橡胶的焦糊味，用手摸其电源线发现很热，而电饭煲仍正常工作，发生这一现象的原因可能是（）A．电压太高 B．电源线太短 C．电源线太粗 D．电源线太细【考点】焦耳定律的简单计算．【专题】定性思想；电与热、生活用电；应用能力．【答案】D【分析】由Q＝I2Rt可知，电流通过导体产生的热量跟电流、电阻大小和通电时间有关，电饭锅跟导线串联在一起，因此通电时间和电流大小相等时，插头处电源线发现很热，说明此处电阻大。电阻的大小又与导线的长度和粗细有关，导线越长、越小电阻越大。【解答】解：电饭煲与电源线串联，流过它们的电流和通电时间相等，由Q＝I2Rt可知，电源线很热，说明电源线电阻产生的热量多，电源线电阻比较大。导体的电阻与导体材料、导体长度、导体横截面积有关，电饭煲电源线的材料、长度一定，电阻较大，是因为电源线横截面积太小，电源线太细造成的。故选：D。【点评】灵活运用影响电阻的因素是解本题的关键。导体的电阻与导体的材料、导体长度、导体横截面积有关，在材料一定时，导体越长，横截面积越小，导体电阻越大。二．填空题（共8小题）13．（2024•龙湖区校级二模）如图1所示是小明家的电能表，他在家断开其他用电器，仅让电热水壶烧水时，发现1min时间内电能表闪烁48次，则电热水壶消耗的电能为1.08×105J，实际功率为1800W。如图2甲所示是保险管，图2乙、丙分别是两个保险管的截面图。若两管内保险丝的材料相同，长度相同，粗细不同，当乙、丙两保险管通过相同的电流时，丙（选填“乙”或“丙”）保险丝更容易熔断。【考点】焦耳定律的应用；用电能表测用电器的电功率．【专题】应用题；电能和电功率；电与热、生活用电；应用能力．【答案】1.08×105；1800；丙【分析】1600imp/（kW•h）表示用电器每消耗1kW•h的电能，电能表指示灯闪烁1600次，由此可得电能表指示灯闪烁了48次时，电热水壶消耗的电能；根据P＝求电热水壶的实际功率；导体的材料、长度和温度相同时，导体的横截面积越小，电阻越大。由图乙、丙可知两保险丝的粗细关系，从而可知两图中保险丝的电阻关系。【解答】解：电热水壶消耗的电能为：；电热水壶的实际功率为：；两管内保险丝的材料相同，长度相同；由图可知，乙保险丝较粗，电阻较小，丙保险丝较细，电阻较大，根据Q＝I2Rt可知，当乙、丙两保险管通过相同的电流时，相同时间内丙保险丝产生的热量较多，丙保险丝更容易熔断。故答案为：1.08×105；1800；丙。【点评】题考查电能表的使用和电能、电功率的计算，以及导体电阻的影响因素，还有保险丝的知识，难度适中。14．（2024•金安区校级二模）如图甲是新型取暖器件一电热膜，它是由：12条导电墨线并列压在绝缘薄膜制成。其结构如图乙所示，已知每根导电墨线的电阻为4800Ω。电热膜正常工作1min产生热量为7.26×103J。【考点】电热的综合计算．【专题】电与热、生活用电；分析、综合能力．【答案】7.26×103。【分析】根据并联电路的特点可知导电墨线两端的电压，根据P＝求出每根导电墨线的功率，据此求出电热膜的总功率，根据P＝求出电热膜正常工作1min产生热量。【解答】解：根据题意可知，12条导电墨线并联在电源两端，根据并联电路的电压特点可知，每根导电墨线两端的电压均为220V，则每根导电墨线功率：，电热膜由12条导电墨线并列压在绝缘薄膜制成，故总功率：，由P＝可知，电热膜正常工作1min产生热量：Q＝W＝P总t＝121W×60s＝7.26×103J。故答案为：7.26×103。【点评】本题考查并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律推导公式的应用，难度不大。15．（2024•仪征市一模）如图所示为小明家使用的电能表，由图可知他家同时可使用的用电器总功率不能超过4400W；小明关闭家中其他用电器，只让电水壶烧水，电水壶正常工作，小明观察电能表的铝盘在1min内转了18圈，则该电水壶的实际功率为1800W。【考点】电功率的综合计算；电能表的参数；电能表的读数；电能表的计算．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】4400；1800。【分析】知道电能表的工作电压和允许通过的最大电流，利用P＝UI求他家同时使用的用电器最大总功率；电能表上标有“600revs/（kW•h）”，表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能时电能表的转盘转过600r，现在知道电能表转盘转18r，可求用电器在1min内消耗的电能，再利用P＝求出该电水壶的实际功率。【解答】解：由图知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：P最大＝UI最大＝220V×20A＝4400W；“600revs/（kW•h）”表示电路中用电器每消耗1kW•h的电能时电能表的转盘转过600r，则电能表的转盘转18r时用电器消耗的电能：W＝kW•h＝0.03kW•h＝1.08×105J；该用电器的电功率：P＝＝＝1.8kW＝1800W。故答案为：4400；1800。【点评】本题考查了电能、电功率的计算，明确电能表相关参数的意义是关键。16．（2024•响水县二模）如图所示电路，电源电压恒定。当开关S1、S2断开，S3闭合时，电流表示数为0.2A，电压表示数为2V；当开关S1、S2闭合，S3断开时，电压表示数为6V，此时电流表示数为0.9A。则该电路的电源电压为6V，电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比为4：9。【考点】焦耳定律推导公式的应用；欧姆定律的应用；串并联的比例计算；欧姆定律的多状态计算．【专题】计算题；定量思想；推理法；电能和电功率．【答案】0.9；6；4：9。【分析】（1）由电路图可知，当开关S1、S2闭合，S3断开时，R1、R2并联，由电压表示数可得电源电压；当开关S1、S2断开，S3闭合时，R1、R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R2两端电压，由欧姆定律计算R2的阻值；再根据串联电路特点和欧姆定律计算R1的阻值；（2）利用并联电路电流特点和欧姆定律求出干路中的电流即此时电流表示数；（3）根据W＝UIt求出电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比。【解答】解：由图可知，当开关S1、S2闭合，S3断开时，电阻R1、R2并联，电流表测干路中的电流，电压表测电源电压，电压表的读数为6V，即电源电压：U＝6V，当开关S1、S2断开，S3闭合时，R1、R2串联，电流表测电路中的电流，电压表的读数为R2两端电压，即U2＝2V，串联电路中电流处处相等，由I＝可得，R2的阻值：R2＝＝＝10Ω；由串联电路电压特点可知，电阻R1两端的电压：U1＝U﹣U2＝6V﹣2V＝4V，由欧姆定律可得，R1的阻值：R1＝＝＝20Ω，当开关S1、S2闭合，S3断开时，电阻R1、R2并联，干路中的电流：I′＝I1+I2＝+＝+＝0.9A，即此时电流表示数为0.9A，两电阻串联时，电阻R1工作2min产生的电热为：Q1＝W1＝U1I1t＝4V×0.2A×2×60s＝96J，两电阻并联时，电阻R1工作2min产生的电热为：Q1'＝W1′＝t＝＝216J，所以电阻R1在前后两电路中各工作2min产生的电热之比为：Q1：Q1′＝96J：216J＝4：9。故答案为：0.9；6；4：9。【点评】本题考查对串联、并联电路特点的认识和理解以及欧姆定律的应用，关键是正确分析开关在不同状态下的电路结构，熟练运用相关公式即可正确解题，难度不大。17．（2024•城中区校级四模）如图甲被测铅笔的长度为3.50cm；如图乙所示的是测量电能的仪表。【考点】电能表的参数；测量物块的长度；刻度尺读数的视线．【专题】基本仪器的使用专题；理解能力．【答案】3.50；电能。【分析】刻度尺读数时首先要明确量程以及分度值，然后根据刻度线的位置读数。结合仪表的单位可知为电能表。【解答】解：刻度尺读数时视线应该与尺面垂直，所以应该以b的读数方式进行读数。刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与1.00cm刻度线对齐，右侧与4.50cm对齐，所以物体的长度为3.50cm。由图可知，表中的单位是kW•h，可知这是电能表，电能表是测量用电器消耗电能的仪表。故答案为：3.50；电能。【点评】此题考查了刻度尺的读数及电能表的认识，属于基础知识。18．（2024•沙坪坝区校级三模）如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表（电压表或电流表），R1＝5Ω，R2＝10Ω，电源电压恒为12V，闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表b的示数为3.6A；当电表a、b为电压表，c为电流表，R2消耗的电功率为6.4W。【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】3.6A；6.4W。【分析】闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a测量R2支路的电流，电流表b测量干路电流；根据并联电路的电压特点可知R2两端的电压，由欧姆定律可得通过R2支路的电流和通过R1支路的电流，由并联电路的电流特点知电流表b测量干路电流的示数；当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；根据串联电路的电阻特点可知电路中的总电阻，由欧姆定律可得电路中的电流，根据串联电路的电流特点可知通过R2的电流，由欧姆定律可知R2两端的电压，由P＝UI求出R2消耗的电功率。【解答】解：当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1与R2并联，电流表a测R2支路的电流，电流表b测干路电流，电压表c测电源电压。R1、R2通过的电流分别为由并联电路电流规律可得，干路电流I＝I1+I2＝2.4A+1.2A＝3.6A当电表a、b为电压表，c为电流表时，R1与R2串联，电压表a测电源电压，电压表b测R2两端电压，电流表c测串联电路中的电流。根据电阻串联的特点可知总电阻为R＝R1+R2＝5Ω+10Ω＝15Ω，根据欧姆定律可知电路中的电流，根据P＝I2R可知R2消耗的电功率为。故答案为：3.6A；6.4W。【点评】本题考查了串并联电路的特点、欧姆定律的应用，解题的关键是正确判断电表所测量的是哪部分电路的电流或电压。19．（2024•汉源县校级模拟）某电饭锅有两挡不同功率，铭牌上附有电路图，Rl、R2为两根电热丝。如图所示，并标出高挡功率是1kW，低挡功率标出的数值已模糊不清。现闭合S1，断开S2，可测得R1上的功率为240W，则电饭锅的低挡功率的值可能是400W或600W。【考点】电功率多档位问题．【专题】电能和电功率；分析、综合能力．【答案】400；600。【分析】（1）由图可知，当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2串联，开关S1、S2都闭合时，只有R2工作，根据串联电路的电阻特点和P＝可知电饭锅高温挡和低温挡的电路连接；根据高温挡功率和P＝可求出R2的阻值；根据串联电路的电阻特点、欧姆定律和P＝I2R表示出低温挡工作时R1的功率，据此求出R1的阻值，再根据P＝可求出低温挡的功率。【解答】解：由图可知，闭合S1，断开S2，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由可知，电路中的总功率最小，电饭锅为低温挡；开关S1、S2都闭合时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电饭锅处于高温挡；由P＝可知，R2的阻值：；电饭锅低温挡工作时，R1上的功率为240W，即，解得：R1＝72.6Ω或，则电饭锅的低挡功率的值可能：；或。故答案为：400；600。【点评】本题考查串联电路的特点、欧姆定律、电功率多挡位问题以及电功率公式的灵活运用，题目有一定的难度。20．（2024•汉源县校级模拟）如图所示，电路两端电压U不变，当滑动变阻器R接入电路的电阻等于定值电阻R0时，R0消耗的功率为P0，若将滑片移到左端时，则R0上消耗的功率为4P0；要使定值电阻R0消耗的功率变为，应使滑动变阻器接入电路的电阻为5R0。【考点】电功率的综合计算；欧姆定律的应用．【专题】电能和电功率；应用能力．【答案】4；5。【分析】当滑动变阻器R接入的电阻等于定值电阻R0时，根据串联的电流的分压特点可知R0两端的电压为U，滑动变阻器滑片移到左端时，R0两端的电压为U，根据功率P＝，可求出答案；＝也就是说R0两端的电压变为，滑动变阻器的电压为，根据在串联电路中电压的比等于电阻的比，可得答案。【解答】解；当滑动变阻器R接入电路的电阻等于定值电阻R0时，根据串联电路中电压得规律可知R0两端得电压为消耗的功率为P0，当滑动变阻器滑片移到左端是，R0两端的电压为U消耗得功率为P＝＝故P＝4P0R0的功率变为＝，可知此时R0两端的电压变为，滑动变阻器分得电压，在串联电路中电压的比等于电阻的比，所以R滑：R0＝U滑：U0＝5：1即R滑＝5R0故答案为：4；5。【点评】本题考查了电功率的计算及串联电路中电阻的分压规律。三．作图题（共2小题）21．（2024•汉源县校级模拟）请将图所示中的开关、螺丝口灯泡和插座接入家庭电路。【考点】家庭电路的连线作图．【专题】作图题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】【分析】对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头。”而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地，如果电路中有熔丝，则要将熔丝接到火线上。【解答】解：灯泡接法：火线与开关串联，然后再接到灯泡顶端的金属点，零线直接与灯泡的螺旋套相连；安装三孔插座的原则，左孔接零线，中间插孔与地线相连，右孔接火线；电路图如下图所示：【点评】本题考查了家庭电路中的电灯、开关、插座的连接；家庭电路中，不但考虑用电器的正常使用，更要考虑使用的安全性。三孔插座的接线原则：左零右火，中间接地。22．（2024•中山市三模）依照安全用电的要求，将a、b、c三点接入家庭电路，完成连线。【考点】家庭电路的连线作图．【专题】作图题；电流和电路；应用能力．【答案】【分析】开关接入电路时应与火线相连，所以a接火线，b接零线；用电器的金属外壳要接地。【解答】解：为了安全起见，开关接入电路时应与火线相连，故b应接火线，a应接零线；用电器的金属外壳要接地，c与地线相连，如图所示：【点评】本题考查了家庭电路的连接方式，属于基础题。四．实验探究题（共2小题）23．（2024•东营区校级三模）在“测量小灯泡的电功率”实验中，已知小灯泡额定电压为2.5V，正常工作时电阻约为12Ω。现有器材：电源（电压为6V保持不变），电流表，电压表，开关、导线若干。（1）小朱同学连接了如图甲所示的电路，该电路中存在一处连接错误，只要改接一根导线就可以使电路连接正确，请你把接错的那一根导线找出来打上“×”，再用笔画线代替导线画出正确的连接；（2）电路正确连接后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P到某一位置，电压表示数如图乙所示为1.2V；实验小组多次改变滑动变阻器滑片的位置，并根据实验数据画出了小灯泡的I﹣U关系图象如图丙所示，由图象可知，小灯泡的额定功率P额＝0.5W，同时发现小灯泡的I﹣U图象不是一条直线，原因是小灯泡的电阻随温度变化而变化；（3）完成以上实验后，同学们又设计了一个如图丁所示的电路来测量该小灯泡的额定功率，R0为已知阻值的定值电阻。请把他们的实验步骤补充完整：①断开开关S2，闭合S1、S3，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；②保持滑动变阻器滑片P位置不变，S3仍闭合，断开S1、闭合S2（填写S1、S2的开合状态），记录下电压表示数为U；③小灯泡的额定功率PL＝2.5V×（请用已知量和测量的物理量表示）。【考点】伏安法测量小灯泡的电功率．【专题】实验题；电能和电功率；分析、综合能力．【答案】（1）见解答图；（2）1.2；0.5；温度；（3）①2.5；②断开S1、闭合S2；③2.5V×。【分析】（1）根据电路连接和电表的使用分析回答；（2）根据电压表选用量程确定分度值读数；根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出灯泡额定功率；灯丝的电阻随温度的升高而增大；（3）要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻两端的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率。【解答】解：（1）原电路图中，灯泡与电流表并联，电压表串联在电路中是错误的，在“测量小灯泡的电功率”实验中，灯泡、滑动变阻器串联和电流表串联，电压表并联在灯泡的两端，如下图所示：；（2）由图乙可知，电压表选用小量程，分度值为0.1V，其示数为1.2V；由图丙可知，当小灯泡两端的电压为2.5V时，灯泡的额定电流为0.2A，则灯泡的额定功率为：P额＝U额I额＝2.5V×0.2A＝0.5W；由图丙可知，当小灯泡两端的电压增大，通过灯泡的电流也增大，根据P＝UI可知，灯泡的实际功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大，因此小灯泡的I﹣U图象不是一条直线；（3）实验步骤：①断开开关S2，闭合S1、S3，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2.5V；②保持滑动变阻器滑片P位置不变，S3仍闭合，断开S1、闭合S2，记录下电压表示数为U；③在步骤①中，灯与定值电阻串联后再与滑动变阻器串联，电压表测灯两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，使电压表读数为小灯泡额定电压2.5V，灯正常发光；在步骤②中，电压表测灯与R0两端的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻两端的电压：U0＝U﹣2.5V，由串联电路电流特点和欧姆定律可知，电路中的电流为：I额＝I0＝＝，小灯泡的额定功率表达式：PL＝U额I额＝2.5V×。故答案为：（1）见解答图；（2）1.2；0.5；温度；（3）①2.5；②断开S1、闭合S2；③2.5V×。【点评】本题测量小灯泡的电功率实验，考查了电路连接、电压表读数、功率的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。24．（2024•东区校级模拟）根据如图甲、乙、丙所示的实验装置回答以下问题：（1）图甲是“探究不同物质吸热升温现象”的实验装置，实验时，用相同的酒精灯和相同的加热方法给质量相等的沙子和水加热，实验发现沙子升温比水快，说明水的比热容大；（2）图乙是“比较酒精和纸片燃烧放出的热量”实验装置，实验前左边装置中烧杯里水质量为200g，燃烧皿里酒精质量为4g，则实验前右边装置中燃烧皿里纸片质量为4g。关于酒精和纸片点燃的顺序有下列四种观点，你认为正确的是A；A．必须同时点燃B．必须先点燃纸片C．必须先点燃酒精D．先点燃哪个都行（3）图丙是“探究影响电流热效应因素”的实验装置，两个烧瓶中装有质量相等、初温相同的煤油，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移到某位置通电一段时间后，观察到温度计2示数上升得快些，由此可得到的初步结论是通过导体电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；若要探究电流大小对电热的影响，除了用图丙中的器材外还需要增加计时器；（4）甲、乙、丙三个实验中，通过比较温度计升高的示数来比较被加热物体吸收热量多少的实验有2个。【考点】探究影响电流通过导体时产生热量的因素；比较不同物质吸热的情况；比较不同燃料的热值大小．【专题】应用题；电与热、生活用电；应用能力．【答案】（1）水；（2）4；A；（3）通过导体电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；计时器；（4）2。【分析】（1）相同热源时通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。（2）比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量多少时，需要控制两种燃料的质量相同；实验中同时点燃酒精和碎纸片，待酒精和碎纸片完全燃烧结束，分别读取温度计的示数，比较即可。（3）两烧瓶串联，电流相同，通电时间相同，探究电热与电阻的关系；探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，应保持电阻和通电时间不变，调节滑动变阻器，改变通过电阻的电流，观察温度计示数的变化，需要计时器测量时间。（4）甲实验中通过温度计升高的示数来表示吸热能力的大小；乙、丙中都是通过温度计升高的示数来判定吸收热量的多少。【解答】解：（1）实验发现质量相同的沙子和水吸收相同的热量，沙子升温比水快，说明水的吸热能力强，水的比热容大。（2）比较酒精和碎纸片燃烧时放出的热量多少时，采用的是控制变量法，需要控制两种燃料的质量相同，所以实验前右边装置中燃烧皿里碎纸片质量为4g。实验中同时点燃酒精和碎纸片，待酒精和碎纸片完全燃烧结束，分别读取温度计的示数，故选A。（3）实验中，两烧瓶串联，电流相同，通电时间相同，温度计2的示数比温度计1的示数升高得快，产生热量多，由此可得出结论：通过导体电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多。探究电流通过电阻产生的热量与电流的关系，应保持电阻和通电时间不变，调节滑动变阻器，改变通过电阻的电流，观察温度计示数的变化，需要计时器测量时间。（4）甲实验中通过温度计升高的示数来表示吸热能力的大小；乙、丙中都是通过温度计升高的示数来判定吸收热量的多少，所以通过比较温度计升高的示数来比较被加热物体吸热多少的实验有2个。故答案为：（1）水；（2）4；A；（3）通过导体电流和通电时间相同时，电阻越大，产生的热量越多；计时器；（4）2。【点评】此题考查了电热大小的影响因素、热值的大小、不同物质吸热的能力等实验，属于基础知识。五．计算题（共1小题）25．（2024•城中区校级四模）家里有一台电热锅，它的一些参数如表中所示，加热功率有高、低两个挡位，其内部简化电路如图所示。求：额定电压220V加热电阻R155Ω加热电阻R244Ω（1）当闭合开关S1、S2时，电路中的电流；（2）当电热锅处于低温挡时，电路的总功率；（3）利用上述电路元件重新设计一个电热锅内部简化电路，也有高、低两挡，使得高温挡功率提高，并计算出其高温挡的功率。【考点】电功率多档位问题；欧姆定律的简单计算．【专题】欧姆定律；电能和电功率；分析、综合能力．【答案】（1）当闭合开关S1、S2时，电路中的电流4A；（2）当电热锅处于低温挡时，电路的总功率488.9W；（3）高温挡的功率为1100W。【分析】（1）当闭合开关S1、S2时，R2短路，电路中只有R1，根据欧姆定律可求出电路中的电流；（2）当闭合开关S1，断开S2时，两个电阻串联，电路总电阻最大，电流最小，根据P＝UI可知功率最小，为低温挡；（3）重新设计一个电热锅内部简化电路，使得高温挡功率提高，由于R1＞R2，根据P＝可知在原图中将R1与R2互换，高温挡功率将提高。【解答】解：（1）当闭合开关S1、S2时，R2短路，电路中只有R1，所以电路中电流为：I＝＝＝4A；（2）当闭合开关S1，S2断开时，两个电阻串联，电路总电阻最大，电流最小，根据P＝UI可知功率最小，为低温挡，则电路的总功率为：P低＝＝＝488.9W；（3）由于R1＞R2，根据P＝可知在原图中将R1与R2互换可提高高温挡的电功率，重新设计电路如下图所示：当闭合开关S1，S2断开时，两个电阻串联，电路总电阻最大，电流最小，根据P＝UI可知功率最小，为低温挡；当闭合开关S1、S2时，R1短路，电路中只有R2，电路中电阻小，电流大，根据P＝UI可知功率大，为高温挡，由于R2小于R1，所以高温挡功率提高了，高温挡的功率为：。答：（1）当闭合开关S1、S2时，电路中的电流4A；（2）当电热锅处于低温挡时，电路的总功率488.9W；（3）高温挡的功率为1100W。【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确判断电加热器处于不同挡位时电路的连接方式是关键。

考点卡片1．常见的长度及估测【知识点认识】1．在没有精确测量工具的情况下，可以通过一些简单的方法来估测长度，比如使用手掌的宽度、步长、或者已知长度的物体作为参照。【命题方向】1．基本概念：考察学生对长度单位、换算关系以及长度测量的基本概念的理解。2．估测技巧：通过实际问题或情景，考察学生使用估测技巧的能力，如利用手掌宽度、步长等进行估测。例：下列说法符合实际情况的是（）A.课桌的高度约为10dmB.手掌宽度约为10cmC.物理课本长度约为10μmD.一个分子的直径约为10﹣1m分析：根据生活经验和对长度单位的认识进行分析。解析：解：A.课桌的高度约为80cm＝8dm，故A不符合实际；B.手掌宽度约为10cm，故B符合实际；C.物理课本长度约为28cm＝2.8×105μm，故C不符合实际；D.一个分子的直径约为10﹣10m，故D不符合实际。故选：B。点评：对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。【解题方法点拨】1．忽视单位换算中的进率。2．估测时过于依赖直觉，缺乏参照物。3．测量时不注重读数的准确性。2．测量物块的长度【知识点认识】1．一选：测量前根据实际需要选择测量工具．2．二看：观察刻度尺的量程、分度值（即最小刻度，也是刻度尺能达到的准确程度）和零刻线的位置，这样才能确定一次测量的最大值和测量能达到的准确程度。3．三放：刻度尺要与被测长度平行或重合，刻度线要紧贴被测物体，被测长度的一端要与刻度尺的零刻线（若零刻线已磨损，则选择刻度尺上另一完好的刻度线）对齐。4．四读：读数时视线要与尺面垂直，且正对刻度线，并估读到分度值的下一位，这样被测物体的长度就为物体两端读数之差。5．五记：记录测量结果时，要写出数字和单位，测量结果是由数字和单位组成的，其中数字部分应由准确值（由刻度尺的分度值决定）加上一位估计值组成。【命题方向】识别和描述不同的测量工具，如直尺、卷尺、米尺等。理解如何正确使用这些工具进行长度测量。例：如图所示，物体的长度为28.1mm。分析：刻度尺读数时首先要明确量程以及分度值，然后根据刻度线的位置读数。解析：解：刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端与1.00cm对齐，右端的示数为3.81cm，物体的长度为L＝3.81cm﹣1.00cm＝2.81cm＝28.1mm；故答案为：28.1mm。点评：本题考查了刻度尺的读数，属于基础题目，难度较小。【解题方法点拨】使用刻度尺的注意事项：（1）观察刻度尺的量程与分度值；（2）观察刻度尺的零刻线是否完整；（3）记录数据时必须要有准确值，估读值和单位。3．刻度尺读数的视线【知识点认识】1．读：读数时视线要与尺面垂直，且正对刻度线，并估读到分度值的下一位，这样被测物体的长度就为物体两端读数之差。【命题方向】视线与刻度尺的对齐以及视线角度的影响。例：如图所示，读数时视线正确的是B（选填“A”或“B”），物体的长度为2.50cm。分析：刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。解析：解：使用刻度尺测量长度，读数时视线要和尺面垂直，B视线与尺面垂直，所以读数时视线正确的是B；由图可知，刻度尺的分度值是1mm，读数时应估读到分度值的下一位，起始刻度为1.00cm，末端所对刻度为3.50cm，所以物体的长度3.50cm﹣1.00cm＝2.50cm。故答案为：B；2.50。点评：本题考查了刻度尺的正确使用和读数，难度不大。【解题方法点拨】在读取刻度尺时，视线必须与刻度尺表面垂直，以避免视差误差。4．速度的估测【知识点的认识】常见的速度值：1、一般人正常步行速度大约1.1m/s（4km/h）；2、自行车的行驶速度约为5m/s；3、15℃时声音在空气中的传播速度约为340m/s；4、人心跳65～85次的时间大约1min；5、世界百米赛的记录10m/s以内；6、高速公路上行驶的小汽车最高速度120km/h；7、大型喷气客机飞行的速度约900km/h；8、高铁正常行驶的速度约300km/h；9、超音速战斗机700m/s；10、子弹出膛1000m/s；11、蜗牛爬行的速度1.5mm/s。【命题方向】考查学生对日常生活中常见的物理量数值的估测判断。例：下列关于一个中学生的相关物理量估测最合理的是（）A.步行速度约为1.2m/sB.身高约为160dmC.100m短跑成绩约5sD.一枚硬币的厚度为1cm分析：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最合理的是哪一个。解析：解：A、中学生正常步行的速度在1.2m/s左右，故A合理；B、成年人的身高在170cm左右，中学生的身高略小于成年人，在160cm＝16dm左右，故B不合理；C、男子百米世界纪录略小于10s，中学生百米成绩不可能小于10s，一般在15s左右，故C不合理；D、一枚硬币的厚度约为1.5mm，故D不合理。故选：A。点评：对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不大，即该数据就是合理的。【解题方法点拨】需要注重对日常生活的积累。5．质量的估测【知识点的认识】常见物体的质量：中学生：50kg；一个鸡蛋：50g；一个硬币5g；一个苹果：200g；物理课本：300g。一枚邮票：50mg；热水瓶中的水：2kg；一桶纯净水：19kg；大象的质量：2～6t；教室空气的质量：200kg【命题方向】考查学生对日常生活中常见的物理量数值的估测判断。例：中国古代青铜器具有悠久的历史和丰富的文化内涵。如图所示，是小明在暑假旅游时买的一个青铜酒爵工艺品，关于此酒爵盛满酒时酒的质量，下列估测值最接近实际的是（）A.5mgB.50gC.500gD.5kg分析：根据生活经验进行估测。解析：解：一个鸡蛋的质量约为50g，此酒爵盛满酒时酒的质量跟一个鸡蛋的质量差不多，接近50g。故B正确，ACD错误。故选：B。点评：估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。【解题方法点拨】需要注重对日常生活的积累。6．连通器原理【知识点的认识】上端开口不连通，下部连通的容器叫做连通器．连通器的原理可用液体压强来解释．若在U形玻璃管中装有同一种液体，在连通器的底部正中设想有一个小液片AB．假如液体是静止不流动的．左管中之液体对液片AB向右侧的压强，一定等于右管中之液体对液片AB向左侧的压强．因为连通器内装的是同一种液体，左右两个液柱的密度相同，根据液体压强的公式p＝ρgh可知，只有当两边液柱的高度相等时，两边液柱对液片AB的压强才能相等．所以，在液体不流动的情况下，连通器各容器中的液面应保持相平．【命题方向】判断是否为连通器。例：如图所示是家里常用的水壶，壶嘴与壶身构成一个连通器；壶内水静止时，壶身与壶嘴的水位相平，茶壶盖上有一个小孔，使用时，若用手堵住这个小孔，则不能倒出茶水，这是由于大气压强的作用。分析：茶壶是个连通器，壶嘴和壶身构成了一个连通器，壶嘴和壶身的液面是相平的，故放低壶嘴，水就会从壶嘴处流出。但要构成连通器，就要求连通器的各部分上端是开口的，所以壶身上方不能用壶盖盖严实了，必须开个小孔。解析：解：茶壶的壶嘴和壶身构成上端开口，底部连通的容器叫连通器，连通器中装同种液体，液体静止时液面是相平的。茶壶盖上有一个小孔，作用是使壶内与壶外的大气相通，在重力的作用下，水才容易倒出，若用手指堵住小孔，在大气压强的作用下，茶水不容易流出来。故答案为：连通器；相平；大气压强。点评：该题考查了连通器原理在生活中的应用，同时也考查了大气压的综合应用，难度不大。【解题方法点拨】‌连通器的性质主要体现在当几个底部互相连通的容器注入同一种液体且液体不流动时，各容器中的液面总是保持在同一水平面上7．斜面及其应用【知识点的认识】（1）定义：斜面是一个与水平面成一定夹角的倾斜平面。（2）特点：可以省力，但费距离。（3）原理：根据做功公式W＝Fs可知，把如图所示的物体从地面提升到某高度需要做功W1＝Gh，从斜面上把物体堆到同样的高度做功W2＝Fs，不考虑摩擦择优Fs＝Gh，因为s＞h，所以F＜G，斜面可以省力，但费距离。【命题方向】考查斜面的原理及其应用。例：工人往车上装重物时，用长木板搭个斜面，工人用平行于斜面向上的大小不变的恒力，把重物沿斜面从底端匀速推到顶端，如图所示。下列说法正确的是（）A.使用斜面可以省力，也可以省距离B.因为还要克服摩擦，使用斜面不能省力C.工人匀速推动重物的速度越大，推力做功越多D.工人匀速推动重物的速度越大，推力的功率越大分析：（1）根据斜面的工作特点和功的原理解答；（2）沿斜面匀速推动物体时，物体处于平衡状态，根据力的平衡条件分析解答；（3）根据W＝Fs分析解答；（4）根据＝分析解答。解析：解：A、根据斜面的工作特点和功的原理可知，利用斜面提高物体可以省力，但不能省距离，故A错误；B、斜面也是一种常用的机械，使用斜面比较省力，在高度一定的情况下，斜面越长，则坡度越小，越省力，故B错误；C、由W＝Fs可知，推力做的功与物体在推力方向上移动的距离有关，与物体的速度无关，故C错误；D、由P＝Fv可知，推力的功率与物体的移动速度有关，在推力一定时，速度越大，推力的功率越大，故D正确；故选：D。点评：此题考查斜面的工作特点和功的原理、同时考查功和功率的影响因素，是一道综合性很强的题目，关键是相关公式和原理的熟练运用。【解题方法点拨】掌握斜面的原理以及作用，学会对斜面做省力分析。8．功的原理【知识点的认识】使用任何机械时，人们所做的功，都不会少于（大于或等于）不用机械时所做的功，也就是使用任何机械都不省功．这个结论叫做功的原理．功的原理是人们经过长期的实验和研究得到的规律，是任何机械（不论是简单机械还是复杂的机器）都遵循的原理，它表明使用任何机械，能省力或省距离或改变力的方向，但都不能省功．【命题方向】考查功的原理的概念。例：如图所示，光滑斜面长s＝3m，高h＝1m，小军用沿斜面向上的推力F＝20N将物体推到斜面顶端，则小军对物体做的功为60J，使用斜面不能（选填“能”或“不能”）省功。分析：（1）根据W＝Fs计算所做的功。（2）任何机械都不能省功；解析：解：小军对物体做的功为：W＝Fs＝20N×3m＝60J；使用任何机械都不能省功。故答案为：60；不能。点评：本题考查了做功的有关知识，属于基础题。【解题方法点拨】记忆性知识，牢记即可。9．比较不同物质吸热的情况【知识点的认识】1、实验器材：铁架台、酒精灯、石棉网、烧杯、温度计、秒表等。2、实验装置：3、实验方法：①控制变量法：控制不同物质的质量相同，吸收热量相同，比较升高的温度，从而比较吸热能力大小；或控制不同物质的质量相同，升高的温度相同，比较吸收的热量，从而比较吸热能力的大小。②转换法：由于物质吸收的热量不容易测量，可以通过转换法，将物质吸收热量的多少转换成加热时间，因此比较加热时间，就可以比较得出吸收热量的多少。4、实验设计：①液体的选取，应保证质量相同。②选用相同热源的目的是相同时间内，控制吸收热量相同。③实验数据分析：（1）让两种液体吸收相同的热量，比较液体的温度变化，温度变化小的吸热本领强；（2）让两种液体变化相同的温度，比较液体吸收热量的多少，吸收热量多的吸热本领强。5、实验结论：不同物质，在质量相等、升高的温度相同时，吸收的热量不同，比热容大的物质吸收热量多。【命题方向】考查比较不同物质吸热的情况的实验，包括实验原理，实验器材，实验步骤，实验方法，数据分析，注意事项等内容。例：同样日照条件下，夏天中午海边的沙子热得烫脚，但海水较凉爽；傍晚日落后，海边的沙子很快变凉，而海水仍然温暖。对此现象小强提出猜想，并利用如图实验装置进行探究。（1）小强的猜想是物质温度变化的快慢可能与物质种类有关；（2）实验时需要的测量工具有温度计、停表和天平；（3）用相同酒精灯加热，控制水和沙子的质量和加热时间相同，通过比较水和沙子升高的温度，来验证猜想。（4）同组的小红提出不同的猜想：中午海水比沙子温度低，可能是因为海水蒸发吸热造成的。大家基于此猜想进一步推理，得出日落后海水比沙子降温快（选填“快”或“慢”），这与实际不符。分析：（1）物质温度变化的快慢可能与物质的种类有关；（2）实验需要的器材，可根据Q＝cmΔt来判断，采用控制变量法实验；（3）实验中采用了转换法，通过观察温度的变化来研究水和沙子的吸热能力；（4）我们知道，海水的昼夜温差小，是由于水的比热容比砂石的比热容大，不是由于海水蒸发吸热所致，因此可通过举反例来推翻这部分同学的猜想。解析：解：（1）夏天中午海边的沙子热得烫脚，但海水较凉爽；傍晚日落后，海边的沙子很快变凉，而海水仍然温暖。对此小强的猜想是物质温度变化的快慢可能与物质的种类有关；（2）根据Q＝cmΔt，必须控制变量，控制水和沙子的质量相同，就需要用天平；（3）比较“水和沙子吸热能力”的方法是：在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度