2025年高考物理复习之电学实验

2025年高考物理复习热搜题速递之电学实验（2024年7月）

选择题（共6小题）

1.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,Ri的阻

1

值等于电流表内阻的-；R2的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1

2

的电流值，则下列分析正确的是（）

123

A.将接线柱1、2接入电路时,每一■小格表小0.04A

B.将接线柱1、2接入电路时,每一■小格表示0.02A

C.将接线柱1、3接入电路时,每一■小格表示0.06A

D.将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示0.01A

2.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表Ai、A2,若把Ai、A2分别

采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度

的说法正确的是（）

A.图甲中的Ai、A2的示数相同

B.图甲中的Ai、A2的指针偏角相同

C.图乙中的Ai、A2的示数和偏角都不同

D.图乙中的Ai、A2的指针偏角相同

3.某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合。

为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是（）

A.一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器

B.一个伏特表和多个定值电阻

C.一个安培表和一个电阻箱

D.两个安培表和一个滑动变阻器

4.在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示。电源内阻不计，导线

连接良好。若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S,在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种

现象：

a.电珠L不亮；电流表示数几乎为零；

b.电珠L亮度增加；电流表示数增大；

c.电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；

d.电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断。

与上述abed四种现象对应的电路序号为（）

5.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电

压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）

甲乙

A.甲表是电流表，R增大时量程增大

B.甲表是电流表，R增大时量程减小

C.乙表是电压表，R增大时量程减小

D.上述说法都不对

6.图甲所示的电路中，电流表Ai指针指满刻度，电流表A2的指针指满刻度的［处；图乙中，A2指针指

1

满刻度，Ai指针指满刻度的三处。已知Ai的内阻为0.45Q,则A2的电阻为（）

—|l|l-------

A.O.mB.0.15（1C.0.311D.0.6Q

二.多选题（共2小题）

（多选）7.如图所示电路，将两个相同的电流表分别改装成Ai（0〜3A）和A2（0-0.6A）的电流表,

把两个电流表并联接入电路中测量电流.则下列说法中正确的是（）

A.Ai的指针半偏时，A2的指针也半偏

B.A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏

C.Ai的读数为1A时，A2的读数为0.6A

D.Ai的读数为1A时，干路中的电流为1.2A

（多选）8.用两个相同的小量程电流表，分别改装成两个量程不同的大量程电流表Ai、A2,若把Ai、

A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针

偏转角度的说法正确的是（）

A.图甲中的Ai、A2的示数相同

B.图甲中的Ai、A2的指针偏角相同

C.图乙中的Ai、A2的示数相同

D.图乙中的Ai、A2的指针偏角相同

三.填空题（共2小题）

9.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻。他设计了一个用标准电

流表G1来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示。已知G1的量程略大于G2

的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱。该同学顺利完成了这个实验。

①实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为（填步骤的字母代号）；

A.合上开关S2

B.分别将Ri和R2的阻值调至最大

C.记下R2的最终读数

D.反复调节R1和R2的阻值，使G1的示数仍为11,使G2的指针偏转到满刻度的一半，此时R2的最

终读数为r

E.合上开关Si

F.调节R1使G2的指针偏转到满刻度，止匕时G1的示数为11,记下此时G1的示数

②仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比（填“偏大”、

“偏小”或“相等”）；

③若要将G2的量程扩大为L并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻Rs

的表达式，Rs=o

10.现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测

微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）

和图（b）所示。

40

35I'I'I'I'IIHII'I'I1III'IIII|I|I|||I|

3001020

图(a)图(b)

（1）由上图读得圆柱体的直径为mm,长度为cm。

（2）若流经圆柱体的电流为I,圆柱体两端之间的电压为U,圆柱体的直径和长度分别用D、L表示,

则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为p=0

四.实验题（共10小题）

11.图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；Ri、R2、R3、R4和R5是固定电

阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250口，内阻为480C.虚线方框内为换挡开关，A端和B

端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压IV挡和5V挡，直流电流1mA

挡和2.5mA挡，欧姆X10011挡。

（2）关于R6的使用，下列说法正确的是（填正确答案标号）。

A.在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置

B.使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置

C.使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置

（3）根据题给条件可得RI+R2=O,R4=Q。

（4）某次测量时该多用电表指针位置如图（b）所示。若此时B端是与“1”连接的，则多用电表读数

为;若此时B端是与“3”相连的，则读数为；若此时B端是与“5”

相连的，则读数为o（结果均保留3位有效数字）

12.某同学利用图（a）所示电路测量量程为2.5V的电压表©的内阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器

材有：电阻箱R（最大阻值99999.9（1）,滑动变阻器Ri（最大阻值50（1）,滑动变阻器R2（最大阻值5kQ）,

直流电源E（电动势3V）。开关1个，导线若干。

实验步骤如下：

①按电路原理图（a）连接线路；

②将电阻箱阻值调节为0,将滑动变阻器的滑片移到与图（a）中最左端所对应的位置，闭合开关S；

③调节滑动变阻器使电压表满偏；

④保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00V,记下电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）实验中应选择滑动变阻器（填“R1”或“R2”）。

（2）根据图（a）所示电路将图（b）中实物图连线。

（3）实验步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0C,若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算

可得电压表的内阻为。（结果保留到个位）。

（4）如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为（填正确

答案标号）。

A.1OO|1A

B.250|iA

C.500HA

D.lmA

13.某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有:

小灯泡L（额定电压3.8V,额定电流0.32A）

电压表V（量程3V,内阻3kQ）

电流表A（量程0.5A,内阻0.5。）

固定电阻Ro（阻值1000（1）

滑动变阻器R（阻值0〜9.0。）

电源E（电动势5V,内阻不计）

开关S；导线若干。

（1）实验要求能够实现在0〜3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图。

（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示。

ImA

由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻（填“增大”“不变”或“减小”），灯丝的

电阻率（填“增大”“不变”或“减小”）。

（3）用另一电源Eo（电动势4V,内阻1.00C）和题给器材连接成图（b）所示的电路图，调节滑动变

阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率。闭合开关S,在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为

W,最大功率为W.（结果均保留2位小数）

14.用如图1所示电路测量电源的电动势和内阻。实验器材：

待测电源（电动势约3V,内阻约2Q）,保护电阻Ri（阻值10Q）和R2（阻值5。），滑动变阻器R,电

流表A,电压表V,开关S,导线若干。

励

实验主要步骤：

（i）将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；

（ii）逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；

（iii）在图2中，以U为纵坐标，I为横坐标，做U-I图线（U、I都用国际单位）；

（iv）求出U-I图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a。

回答下列问题：

（1）电压表最好选用；电流表最好选用O

A.电压表（0-3V,内阻约15k。）

B.电压表（0〜3V,内阻约3kQ）

C.电流表（0〜200mA,内阻约2。）

D.电流表（0〜30mA,内阻约2。）

（2）滑动变阻器的滑片从左向右滑动，发现电压表示数增大。两导线与滑动变阻器接线柱连接情况

是O

A.两导线接在滑动变阻器电阻丝两端接线柱

B.两导线接在滑动变阻器金属杆两端接线柱

C.一条导线接在滑动变阻器金属杆左端接线柱，另一条导线接在电阻丝左端接线柱

D.一条导线接在滑动变阻器金属杆右端接线柱，另一条导线接在电阻丝右端接线柱

（3）选用k、a、Ri和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式£=,r=,

代入数值可得E和r的测量值。

15.某同学利用如图（a）所示的电路测量一微安表（量程为IOORA,内阻大约为2500。）的内阻。可使用

的器材有：两个滑动变阻器Ri,R2（其中一个阻值为200,另一个阻值为2000。）；电阻箱Rz（最大阻

值为99999.9。）；电源E（电动势约为1.5V）；单刀开关Si和S2。C、D分别为两个滑动变阻器的滑片。

Ri

图（a）

（1）按原理图（a）将

（2）完成下列填空：

①R1的阻值为Q（填“20”或“2000”）

②为了保护微安表，开始时将R1的滑片C滑到接近图（a）中的滑动变阻器的端（填“左”

或“右”）对应的位置；将R2的滑片D置于中间位置附近。

③将电阻箱Rz的阻值置于2500.0Q,接通Si.将R1的滑片置于适当位置，再反复调节R2的滑片D的

位置、最终使得接通S2前后，微安表的示数保持不变，这说明S2接通前B与D所在位置的电势

（填“相等”或“不相等”）

④将电阻箱Rz和微安表位置对调，其他条件保持不变，发现将Rz的阻值置于2601.011时，在接通S2

前后，微安表的示数也保持不变。待测微安表的内阻为。（结果保留到个位）。

（3）写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：o

16.某同学想要描绘标有“3.8V0.3A”字样小灯泡L的伏安特性曲线，要求测量数据尽量精确、绘制曲线

完整.可供该同学选用的器材除开关、导线外，还有：

电压表Vi（0〜3V,内阻等于3k。）

电压表V2（0〜15V,内阻等于15kC）

电流表Ai（0〜200mA,内阻等于10。）

电流表A2（0〜3A,内阻等于0.1。）

滑动变阻器R1（0~1011,额定电流2A）

滑动变阻器R2（0〜IkQ,额定电流0.5A）

定值电阻R3（阻值等于m）

定值电阻R4（阻值等于10Q）

定值电阻R5（阻值等于IkQ）

电源E（E=6V,内阻不计）

①请在方框中画出实验电路图，并将各元件字母代码标在元件的符号旁；

②该同学描绘出的I-U图象应是图中的

17.某同学要将一量程为250HA的微安表改装为量程为20mA的电流表。该同学测得微安表内阻为1200Q,

经计算后将一阻值为R的电阻与该微安表连接，进行改装。然后利用一标准毫安表，根据图（a）所示

电路对改装后的电表进行检测（虚线框内是改装后的电表）。

图(b)

（1）根据图（a）和题给条件，将图（b）中的实物连线。

（2）当标准毫安表的示数为16.0mA时，微安表的指针位置如图（c）所示。由此可以推测出所改装的

电表量程不是预期值，而是o（填正确答案标号）

A.18mA

B.21mA

C.25mA

D.28mA

（3）产生上述问题的原因可能是o（填正确答案标号）

A.微安表内阻测量错误，实际内阻大于1200。

B.微安表内阻测量错误，实际内阻小于1200Q

C.R值计算错误，接入的电阻偏小

D.R值计算错误，接入的电阻偏大

（4）要达到预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为

一个阻值为kR的电阻即可，其中k=o

18.图（a）为某同学改装和校准毫安表的电路图，其中虚线框内是毫安表的改装电路。

图（b）

（1）已知毫安表表头的内阻为100。，满偏电流为1mA；Ri和R2为阻值固定的电阻。若使用a和b两

个接线柱，电表量程为3mA；若使用a和c两个接线柱，电表量程为10mA.由题给条件和数据，可以

求出Ri=。，R2=。。

（2）现用一量程为3mA、内阻为150。的标准电流表A对改装电表的3mA挡进行校准，校准时需选

取的刻度为0.5、1.0、1.5、2.0、2.5、3.0mA.电池的电动势为L5V,内阻忽略不计；定值电阻Ro有两

种规格，阻值分别为300。和1000C；滑动变阻器R有两种规格，最大阻值分别为750。和3000C.则

Ro应选用阻值为Q的电阻，R应选用最大阻值为Q的滑动变阻器。

（3）若电阻R1和R2中有一个因损坏而阻值变为无穷大，利用图（b）的电路可以判断出损坏的电阻。

图（b）中的R'为保护电阻，虚线框内未画出的电路即为图（a）虚线框的电路。则图中的d点应和接

线柱（填“b”或"c"）相连。判断依据是。

19.某探究性学习小组利用如图1所示的电路测量电池的电动势和内阻。其中电流表Ai的内阻ri=LOkC,

图1图2

①按图示电路进行连接后，发现aa'、bb'和cc'三条导线中，混进了一条内部断开的导线。为了确

定哪一条导线内部是断开的，将电键S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、b'间电压，读数不为零，

再测量a、a,间电压，若读数不为零，则一定是导线断开；若读数为零，则一定是

导线断开。

②排除故障后，该小组顺利完成实验。通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表Ai和A2的多组

11、12数据,作出图象如图2.由L-12图象得到的电池的电动势E=V,内阻r=。。

20.某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10kQ）,除了Rx、开关S、导线外，还有下列器材供

选用：

A.电压表（量程0〜IV,内阻约10k。）

B.电压表（量程。〜10V,内阻约100k。）

C.电流表（量程0〜1mA,内阻约30。）

D.电流表（量程0〜0.6A,内阻约0.05。）

E.电源（电动势L5V,额定电流0.5A,内阻不计）

F.电源（电动势12V,额定电流2A,内阻不计）

G.滑动变阻器Ro（阻值范围0〜10。，额定电流2A）

①为使测量尽量准确，电压表选用，电流表选用，电源选用。（均填器材的字母

代号）

②画出测量Rx阻值的实验电路图。

③该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会其真实值

（填“大于”、“小于”或“等于”），原因是。

2025年高考物理复习热搜题速递之电学实验

参考答案与试题解析

一.选择题（共6小题）

1.如图所示，其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A,Ri的阻

值等于电流表内阻的aR2的阻值等于电流表内阻的2倍。若用电流表A的表盘刻度表示流过接线柱1

的电流值，则下列分析正确的是（）

A.将接线柱1、2接入电路时,每一小格表小0.04A

B.将接线柱1、2接入电路时,每一小格表示0.02A

C.将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示0.06A

D.将接线柱1、3接入电路时,每一小格表示0.01A

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】恒定电流专题.

【答案】C

【分析】对电路结构进行分析，再根据串并联电路规律即可明确流过1的电流大小，再根据比例即可求

出每一小格所表示的电流大小.

【解答】解：AB、当接线柱1、2接入电路时，电流表A与R1并联，根据串并联电路规律可知，R1分

流为1.2A,故量程为L2A+0.6A=L8A；故每一小格表示0.06A；故AB错误；

CD、当接线柱1、3接入电路时，A与Ri并联后与R2串联，电流表的量程仍为1.8A；故每一小格表示

0.06A；故C正确，D错误；

故选：Co

【点评】本题考查电表的改装，关键在于明确电路结构；特别是CD中要注意R2对电流表的量程没有

影响！

2.用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表Ai、A2,若把Ai、A2分别

采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度

的说法正确的是（)

A.图甲中的Ai、A2的示数相同

B.图甲中的Ai、A2的指针偏角相同

C.图乙中的Ai、A2的示数和偏角都不同

D.图乙中的Ai、A2的指针偏角相同

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】恒定电流专题.

【答案】B

【分析】电流表Ai、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流

相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大.当它们串联时，Ai、A2的示数相同.由于量程

不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同.

【解答】解：A、B图甲中的Ai、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程

不同的电流表读数不同。故A错误，B正确。

C、D图乙中的Ai、A2串联，Ai、A2的示数相同。由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，

流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同。故CD错误。

故选：Bo

【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成.指针偏转

角度取决于流过表头的电流大小.

3.某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻，他们提出的实验方案中有如下四种器材组合。

为使实验结果尽可能准确，最不可取的一组器材是（）

A.一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器

B.一个伏特表和多个定值电阻

C.一个安培表和一个电阻箱

D.两个安培表和一个滑动变阻器

【考点】测量普通电源的电动势和内阻.

【专题】误差分析和数据处理；比较思想；推理法；恒定电流专题.

【答案】D

【分析】根据U-I图象与坐标轴的交点求解电动势和内阻。

【解答】解：通过改变电路的阻值从而获得多组数据，根据U-I图象与坐标轴的交点求解电动势和内

阻。

A.安培表测电流，伏特表测路端电压，滑动变阻改变电路的阻值从而获得多组数据，故A可取；

B.伏特表测路端电压，电流可由路端电压和定值电阻求得，通过改变接入定值电阻的个数改变电路的

电阻，故B可取；

C.安培表测电流，再由电流和定值电阻可得路端电压，通过改变接入定值电阻的个数改变电路的电阻，

故C可取；

D.两个安培表和一个滑动变阻器，不管怎么组合，不能测出路端电压，故不能测出电动势和内阻，故

D最不可取。

本题选最不可取的一组器材，故选：D。

【点评】解决本题的关键会从U-I图线获取电源的电动势和内阻，电源的内阻等于图线的斜率绝对值，

以及会分析误差的来源。

4.在测量电珠伏安特性实验中，同学们连接的电路中有四个错误电路，如图所示。电源内阻不计，导线

连接良好。若将滑动变阻器的触头置于左端，闭合S,在向右端滑动触头过程中，会分别出现如下四种

现象：

a.电珠L不亮；电流表示数几乎为零；

b.电珠L亮度增加；电流表示数增大；

c.电珠L开始不亮；后来忽然发光；电流表从示数不为零到线圈烧断；

d.电珠L不亮；电流表从示数增大到线圈烧断。

与上述abed四种现象对应的电路序号为（）

【考点】描绘小灯泡的伏安特性曲线.

【专题】压轴题.

【答案】A

【分析】本题考查对故障电路的判断，可以根据电路去分析可能出现的故障，再与现象对应起来即可找

出正确答案；要注意电表的正确接法、滑动变阻器的接法.

【解答】解：①中电流表测量干流电流，不能测灯泡中的电流；故电流表接线错误；将滑动变阻器的触

头置于左端，闭合S后电珠L不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠L逐渐变亮，由于总电阻减小，

干路电流增大，电流表示数增大，是b；

在②中安培表连接错误，应该连接在干路上，开始时滑动变阻器的电阻最大，通过电珠的电流太小，电

珠L不亮，在向右端滑动触头过程中，电珠后来忽然发光，由于大部分电流流过电流表造成电流表从

示数不为零到线圈烧断，是c；

在③中伏特表和安培表应该互换位置，由于伏特表串联造成电珠L不亮，电流表示数几乎为零，是a；

在④中安培表使电珠短路，电珠L始终不亮，电流表从示数增大到线圈烧断，是d。即①②③④分别对

应bead。正确的是A。

故选：Ao

【点评】我们对于图象的分析清楚一些，故不应只去考虑出现的现象而忽视了对电路的研究；应从电路

可能出现的故障进行分析.

5.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电

压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）

甲乙

A.甲表是电流表，R增大时量程增大

B.甲表是电流表，R增大时量程减小

C.乙表是电压表，R增大时量程减小

D.上述说法都不对

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】实验题；恒定电流专题.

【答案】B

【分析】灵敏电流计G和变阻器R并联时，由于变阻器的分流，测量的电流增大，改装成电流表，而

灵敏电流计G和变阻器R串联时，由于变阻器的分压，测量的电压增大，改装成电压表.甲表中，R

增大时，变阻器分流减小，量程减小.乙表中，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大.

【解答】解：A、由图甲所示可知，电阻与G并联，甲为电流表，分流电阻R增大时，电阻分流电流

减小，量程变小。故A错误，B正确；

C、由图乙所示可知，电阻R与G串联，乙为电压表，R增大，电阻分压电压变大，量程变大。故C

错误；

D、由以上分析可知，B正确，则D的说法错误，故D错误；

故选：Bo

【点评】本题考查电表改装原理的理解能力.当电流计的指针满偏时，电流表或电压表的指针满偏，所

测量的电流或电压达到最大值.

6.图甲所示的电路中，电流表Ai指针指满刻度，电流表A2的指针指满刻度的［处；图乙中，A2指针指

满刻度，Ai指针指满刻度的］处。已知Ai的内阻为0.45Q,则A2的电阻为（）

r-HI_

——|l|l------------------||||-------------------

图甲图乙

A.0.111B.0.15（1C.0.3QD.0.6Q

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】实验题；恒定电流专题.

【答案】A

【分析】根据串联电路电流相等的特点和并联电路电压相等的特点，利用欧姆定律分别列出两电流表满

偏时指针的关系，再把A2的内阻代入求解方程即可求出Ai的内阻。

【解答】解：设电流表Ai、A2满偏电流分别为11、12；

由题意知，当电流表串联时：11=留2…①

当电流表并联时，电流表的电压为：U=l2R2=4IiRi…②

由于Ri=0.45。…③

将①③式代入②解得：R2=0.1Q。

故选：Ao

【点评】本题要理解并掌握串联电路和并联电路特点，能根据两电流表示数之间的关系建立方程组。

二.多选题（共2小题）

（多选）7.如图所示电路，将两个相同的电流表分别改装成Ai（。〜3A）和A2（0〜0.6A）的电流表,

把两个电流表并联接入电路中测量电流.则下列说法中正确的是（）

A.Ai的指针半偏时，A2的指针也半偏

B.Ai的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏

C.Ai的读数为1A时，A2的读数为0.6A

D.Ai的读数为1A时，干路中的电流为1.2A

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】实验题.

【答案】AD

【分析】电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两个电流计的满偏电压相同，Ai和A2的最大电流

分别是3A和0.6A,所以欧姆定律，改装后的两电流表内阻之比为1：5.

【解答】解：A、电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，两电流表两端电压相等，

流过两表头的电流相等，所以Ai的指针半偏时，A2的指针也半偏，故A正确，B错误。

C、两电流表量程之比为5：1,两电流表的内阻之比为1：5,则通过电流表的电流之比为5：1.Ai的

读数为1A时，A2的读数为0.2A,干路中的电流为1.2A,故C错误，D正确；

故选：ADo

【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成.指针偏转

角度取决于流过表头的电流大小.

（多选）8.用两个相同的小量程电流表，分别改装成两个量程不同的大量程电流表Ai、A2,若把Ai、

A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关电表的示数和电表指针

偏转角度的说法正确的是（）

A.图甲中的Ai、A2的示数相同

B.图甲中的Ai、A2的指针偏角相同

C.图乙中的Ai、A2的示数相同

D.图乙中的Ai、A2的指针偏角相同

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】实验题.

【答案】BC

【分析】电流表Ai、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流

相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大.当它们串联时，Ai、A2的示数相同.由于量程

不同，内阻不同，两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同.

【解答】解：A、图甲中的Ai、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不

同的电流表读数不同。故A错误，B正确。

C、图乙中的Ai、A2串联，Ai、A2的示数相同。由于量程不同，内阻不同，电表两端的电压不同，流

过表头的电流不同，指针偏转的角度不同。故C正确，D错误。

故选：BC-

【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成.指针偏转

角度取决于流过表头的电流大小.

三.填空题（共2小题）

9.某同学在进行扩大电流表量程的实验时，需要知道电流表的满偏电流和内阻。他设计了一个用标准电

流表Gi来校对待测电流表G2的满偏电流和测定G2内阻的电路，如图所示。已知Gi的量程略大于G2

的量程，图中R1为滑动变阻器，R2为电阻箱。该同学顺利完成了这个实验。

①实验过程包含以下步骤，其合理的顺序依次为BEFADC（填步骤的字母代号）；

A.合上开关S2

B.分别将Ri和R2的阻值调至最大

C.记下R2的最终读数

D.反复调节Ri和R2的阻值，使Gi的示数仍为L,使G2的指针偏转到满刻度的一半，此时R2的最

终读数为r

E.合上开关Si

F.调节R1使G2的指针偏转到满刻度，此时Gi的示数为11,记下此时Gi的示数

②仅从实验设计原理上看，用上述方法得到的G2内阻的测量值与真实值相比相等（填“偏大”、

“偏小”或“相等”

③若要将G2的量程扩大为L并结合前述实验过程中测量的结果，写出须在G2上并联的分流电阻Rs

h-r

的表达式，Rs=

【考点】电表的改装和应用（实验）.

【专题】实验题；恒定电流专题.

【答案】见试题解答内容

【分析】①用的是半偏法测电阻：实验时要先保证安全，故要先把各电阻调到最大值，再把标准电流表

单独较准与电表串联得到最大电流值，再用半偏法测其内阻。

②从设计理论上看电流达到半偏时，要调节R2到两并联电阻相等时。

③扩大量程并联电阻值为：氏=挣，

iTg

【解答】解：①先把各电阻调到最大值，再把标准电流表单独较准与电表串联得到最大电流值，再用半

偏法测其内阻，由此得顺序为BEFADC。

②调节RR2,电流达到半偏时，两并联支路电阻相等。

③扩大量程要并联电阻分流，并联的电阻为：R="=曾

IgJi

故答案为：©BEFADC②相等③然

【点评】考查实验过程的分析，明确安全的原则及实验原理。会求改装电流表的原量及电阻的求解。

10.现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测

微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度。螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）

和图（b）所示。

（2）若流经圆柱体的电流为I,圆柱体两端之间的电压为U,圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，

UD2U

则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为p=——。

—4/L—

【考点】导体电阻率的测量.

【专题】实验题.

【答案】见试题解答内容

【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数

之和是螺旋测微器的示数；

（2）根据欧姆定律和电阻定律列式求解。

【解答】解：（1）由图a所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm,游标尺示数为34.7X0.01mm

=0.347mm,螺旋测微器示数为L5mm+0.347mm=1.847mm；

由图所示可知，游标卡尺主尺示数为4.2cm,游标尺示数为8X0.05mm=0.40mm,游标卡尺示数为

42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；

（2）根据电阻定律，有：R=p-=p--Q—

s兀q）2

解得：P=嚅。

兀

故答案为：（1）1.847,4.240；（2）--------。

4IL

【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和

是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺

的精度。并掌握电阻定律与欧姆定律的应用。

四.实验题（共10小题）

11.图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E是电池；Ri、R2、R3、R4和R5是固定电

阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为250nA,内阻为480C.虚线方框内为换挡开关，A端和B

端分别与两表笔相连。该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压IV挡和5V挡，直流电流1mA

挡和2.5mA挡，欧姆X100（1挡。

(2)关于R6的使用，下列说法正确的是B(填正确答案标号)。

A.在使用多用电表之前，调整R6使电表指针指在表盘左端电流“0”位置

B.使用欧姆挡时，先将两表笔短接，调整R6使电表指针指在表盘右端电阻“0”位置

C.使用电流挡时，调整R6使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置

(3)根据题给条件可得RI+R2=160R4=880始

(4)某次测量时该多用电表指针位置如图(b)所示。若此时B端是与“1”连接的，则多用电表读数

为1.48mA；若此时B端是与“3”相连的，则读数为1.10k4；若此时B端是与“5”相连的，

则读数为2.95Vo(结果均保留3位有效数字)

【考点】练习使用多用电表(实验).

【专题】实验题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题.

【答案】(1)黑；(2)B；(3)160；880；(4)1.48mA；l.lOkft；2.95V。

【分析】(1)明确欧姆表原理，知道内部电源的正极接黑表笔，负极接红表笔；

(2)明确电路结构，知道欧姆挡中所接滑动变阻器只能进行欧姆调零；

(3)根据给出的量程和电路进行分析，再结合串并联电路的规律即可求得各电阻的阻值；

(4)明确电表的量程，确定最小分度，从而得出最终的读数。

【解答】解：(1)根据欧姆表原理可知，内部电源的正极应接黑表笔，这样才能保证在测电阻时电流表

中电流“红进黑出”；

(2)由电路图可知，R6只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，

同时在使用电流挡时也不需要时行调节，故B正确；AC错误；

故选：B：

(3)直流电流挡分为1mA和2.5mA,由图可知，当接2时应为1mA；根据串并联电路规律可知，RI+R2=

6

I^=25OX1O-X48O6Qn；

—glxlO--250X10-6

Mrirran160x480

息电阻R总=160+480=120。

接4时，为电压挡，因串入的电阻较小，故应为量程IV的电压表；此时电流计与Ri、R2并联后再与

R4串联，即改装后的1mA电流表与R4串联再改装后电压表；

1-2

根据串联电路规律可知，R4=—°-^-°=880（1；

（4）若与1连接，则量程为2.5mA,读数为1.48mA（1.47-1.49）；

若与3连接，则为欧姆挡X100。挡，读数为11X100=11000=1.10k。；

若与5连接，则量程为5V；故读数为2.95V（2.91-2.97均可）；

故答案为：（1）黑；（2）B；（3）160；880；（4）1.48mA；l.lOkfl；2.95V。

【点评】本题考查了多用电表读数以及内部原理，要注意明确串并联电路的规律应用，同时掌握读数原

则，对多用电表读数时，要先确定电表测的是什么量，然后根据选择开关位置确定电表分度值，最后根

据指针位置读数；读数时视线要与电表刻度线垂直。

12.某同学利用图（a）所示电路测量量程为2.5V的电压表©的内阻（内阻为数千欧姆），可供选择的器

材有：电阻箱R（最大阻值99999.9Q）,滑动变阻器Ri（最大阻值50（1）,滑动变阻器R2（最大阻值5kC）,

直流电源E（电动势3V）。开关1个，导线若干。

实验步骤如下：

①按电路原理图（a）连接线路；

②将电阻箱阻值调节为0,将滑动变阻器的滑片移到与图（a）中最左端所对应的位置，闭合开关S；

③调节滑动变阻器使电压表满偏；

④保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为2.00V,记下电阻箱的阻值。

回答下列问题：

（1）实验中应选择滑动变阻器R1（填“R1”或“R2”）。

（2）根据图（a）所示电路将图（b）中实物图连线。

（3）实验步骤④中记录的电阻箱阻值为630.0。，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，计算

可得电压表的内阻为2520。（结果保留到个位）。

（4）如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为D（填正确答

案标号）。

A.lOOnA

B.250|iA

C.500|iA

D.lmA

图(a)

【考点】测定电压表或电流表的内阻.

【专题】实验题；定量思想；推理法；恒定电流专题.

【答案】见试题解答内容

【分析】(1)调节电阻箱时滑动变阻器上的分压要几乎不变，故需要选择较小的变阻器；

(2)对照电路图连线，可以先连接电源、电键和变阻器，最后将电压表和电阻箱串联后并联上去；

(3)结合欧姆定律列式求解即可；

(4)电压表为表头与分压电阻串联而成，根据欧姆定律，用满偏电压除以电阻即可。

【解答】解：(1)调节电阻箱时需要滑动变阻器上的分压保持不变，需要电压表的电阻远大于变阻器的

电阻，故变阻器选阻值小的，故选滑动变阻器R1；

(2)实物图连接如图所示：

(3)电压表和电阻箱整体分压不变，故:

U=U'+*.R

代入数据，有:

2

2.5=2+而X630

解得：

Rv=252011

（4）该表头的满刻度电流为：I=^^=L0Xl（T3A=imA

乙J乙UJZ

故选D

故答案为：（1）R1；（2）如图所示；（3）2520；（4）D。

【点评】本题是半偏法测电阻原理的改编，关键是明确实验原理，结合欧姆定律进行分析，在变阻器选

择上，要从减小系统误差的角度进行分析，不难。

13.某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：

小灯泡L（额定电压3.8V,额定电流0.32A）

电压表V（量程3V,内阻3kO）

电流表A（量程0.5A,内阻0.5Q）

固定电阻Ro（阻值1000（1）

滑动变阻器R（阻值。〜9.0。）

电源E（电动势5V,内阻不计）

开关S；导线若干。

（1）实验要求能够实现在0〜3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图。

图（a）

由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻增大（填“增大”“不变”或“减小”），灯丝的电

阻率增大（填“增大”“不变”或“减小”）。

(3)用另一电源Eo(电动势4V,内阻1.00。)和题给器材连接成图(b)所示的电路图，调节滑动变

阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率。闭合开关S,在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为

0.39W,最大功率为1.18W.(结果均保留2位小数)

【考点】描绘小灯泡的伏安特性曲线.

【专题】实验题；实验探究题；定性思想；实验分析法；恒定电流专题.

【答案】⑴如图所示；(2)增大；增大；(3)0.39；1.18o

【分析】(1)明确实验原理，根据实验中给出的仪器分析滑动变阻器以及电流表接法；

(2)根据I-U图象的性质进行分析，明确电阻随电流变化的规律，从而明确电阻率的变化情况；

(3)分析滑动变阻器接入电阻的变化，作出等效电源的伏安特性曲线，得出对应的电流值和电压值，

从而明确灯泡功率的极值。

【解答】解：(1)因本实验需要电流从零开始调节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因电流表的内阻

已知，故应采用电流表内接法，可容易消除系统误差；另外为了扩大电压表量程，应用Ro和电压表串

联，故原理图如图所示；

(2)I-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，图象的斜率随电压