重庆市第十一中学2024-2025学年高二上学期11月期中考试物理试卷

重庆市第十一中学校教育集团高2026届高二上期半期考试物理试题注意事项：1.本试卷满分为100分，考试时间为90分钟。2.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上。3.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.对电流概念的正确理解是（）A.通过导体的横截面的电量越多，电流越大B.单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大C.电流有方向，它是一个矢量D.电流的方向就是电荷移动的方向【答案】B【解析】【详解】AB．电流的大小等于电荷量与时间的比值，即单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大，A错误，B正确；C．电流是一个标量，不是矢量，C错误；D．电流与正电荷移动的方向相同，与负电荷移动的方向相反，D错误。故选B。2.A、B是一条电场线上两个点，一负点电荷仅在静电力作用下以一定的初速度由A点沿电场线运动到B点，其v—t图像如图所示。则此电场的电场线分布可能是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】负点电荷在静电力的作用下由A运动到B，由v－t图像知：负点电荷做加速度逐渐减小的减速运动。由F＝ma得静电力越来越小，即A→B电场强度越来越小，电场线分布越来越疏。又由于负电荷所受静电力方向与速度方向相反，故场强方向为由A到B。故选C。3.如图所示，a、b、c、d四个点在一条直线上，a和b、b和c、c和d间的距离均为R，在a点处固定一电荷量为Q的正点电荷，在d点处固定另一个电荷量未知的点电荷，除此之外无其他电荷，已知b点处的场强为零，则c点处场强的大小为（k为静电力常量）（）

A.0 B. C. D.【答案】B【解析】【分析】【详解】b点处的场强为零，可知两点电荷在b点场强方向相反，大小相等，有可得两电荷电性相同。两电荷在c处的场强方向相反，大小分别为故c点处的场强为故选B。4.如图所示，带箭头的线段表示某一电场中的电场线的分布情况。一带电粒子在电场中运动的轨迹如图中虚线所示。若只受电场力，则下列判断中正确的是（）A.若粒子是从A到B，则粒子带正电；若粒子是从B到A，则粒子带负电B.带电粒子在A点的电势能小于在B点的电势能C.若粒子是从B运动到A，则其加速度增大D.粒子从B运动到A，机械能守恒【答案】B【解析】【详解】A．根据粒子做曲线运动时，所受的合外力指向曲线内侧，可知，不论粒子是从A运动到B，还是从B运动到A，粒子所受的电场力都大致向左，结合电场线的方向，粒子必定带负电，故A错误；B．A到B的过程中，电场力做负功，电势能增大，所以带电粒子在A点的电势能小于在B点的电势能，故B正确；C．粒子从B到A的过程中，电场线越来越疏，电场力越来越小，加速度减小，故C错误；D．电场力做功，机械能不守恒，故D错误。故选B。5.用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点场强的强弱。如图甲是等量异种点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的一些点：O点是电荷连线的中点，E、F是连线中垂线上相对O点对称的两点，B、C和A、D也相对O点对称。则（）A.B、C两点电场场强相同，电势相等B.E、F两点电场强度相同，电势相等C.A、D两点场强大小相等，方向相反D.E、O、F三点比较，O点场强最弱【答案】B【解析】【详解】A．根据电场线分布，结合对称性可得，B、C两点场强大小和方向都相同；沿着电场线的方向电势降低，则B点电势大于C点电势，故A错误；B．根据电场线分布，结合对称性可得，E、F两点场强大小和方向都相同；EF所在直线与电场线垂直，即EF所在直线为等势面，则E、F两点电势相等，故B正确；C．根据电场线分布，结合对称性可得，A、D两点场强大小相等，方向相同，故C错误；D．E、O、F三点比较，O点电场线最密集，则场强最强，故D错误。故选B。6.在重庆十一中科技嘉年华活动中，小张同学设计的玩具车电路图如图所示，电源电动势为E，电源内阻不计。小灯泡L标有“2V、0.4W”，开关S接1，当变阻器调到R=5Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作。则（）A.电源电动势E=5V B.电动机的内阻为5ΩC.电动机的总功率为0.3W D.电动机正常工作电压为1V【答案】D【解析】【详解】A．小灯泡的额定电流为A电阻为当接1时，由闭合电路欧姆定律可知V故A错误；B．电动机是非纯电阻，无法通过题意计算其内阻，故B错误；CD．当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A电动机分得电压为V所以电动机的总功率为W故C错误，D正确；故选D。7.三个带有同种电荷的粒子、、经同一加速电场加速后，以平行金属板的速度射入同一偏转电场，如图所示。经过一段时间，三个粒子均离开平行金属板间。已知粒子、、的质量之比为1：2：4，所带的电荷量之比为1：1：2，且粒子、、的重力以及所受的阻力均可忽略不计。则下列说法正确的是（）A.粒子、、在平行金属板之间运动的时间之比为2：1：1B.粒子、、离开平行金属板间瞬间的速度大小相等C.粒子、、从同一位置离开平行金属板间D.粒子、、在平行金属板间运动的整个过程，动能的变化量之比为1：2：4【答案】C【解析】【分析】【详解】A．设加速电压为，偏转电压为，平行金属板长为，板间距离为，根据动能定理得则粒子进入平行金属板间的初速度由题意得粒子、、的比荷之比为2：1：1，则初速度之比为而粒子在平行金属板间运动的时间则时间之比为，选项A错误；B．粒子离开平行金属板间瞬间，在竖直方向上的分速度则粒子离开平行金属板间瞬间的速度因为粒子的比荷不同，则离开瞬间速度的大小不同，选项B错误；C．偏转位移因为则显然粒子的偏转位移与粒子的电荷量和质量无关，故粒子的偏转位移相等，即粒子、、从同一位置离开平行金属板间，选项C正确；D．偏转电场中电场力对粒子做功因为、和相同，电荷量之比为1：1：2，则电场力做功之比为1：1：2，动能变化量之比为1：1：2，选项D错误。故选C。8.心脏除颤器，又称电复律机，其工作原理是利用高压整流后向储能电容C充电，使电容器获得一定的储能。治疗时，把两电极板放于患者心脏附近，按下放电按钮，在极短的时间内完成放电。一般体外除颤能量在200~300J之间，最大不超过400J。若心脏除颤器的电容器的电容为C=16μF，在某次治疗时设定除颤能量为200J，在2ms内放电至两极板间电压为0，放电时忽略人体的电阻变化。已知充电后电容器贮存的电能表达式为，其中C表示电容器的电容，U表示充电后电容器极板间的电压，下列说法正确的是（）A.充电完成后，两极板之间的电压为3000VB.放电完成后电容器的电容变为0C.电容器最大的电压约为6000VD.该次治疗过程，平均放电电流为40A【答案】D【解析】【详解】A．由公式，代入数据解得故A错误；B．电容器的电容与所带电量无关，由其本身决定，故B错误；C．当除颤器的能量最大时，其电压也最大，由题意可知，除颤器的最大能量为400J。由公式解得最大电压约为故C错误；D．由之前的分析可知，此次治疗，电容器的电压为，由公式解得电容器极板上带的电荷量为由电流的定义有故D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，在每个小题给出的四个选项中，有多项是符合题目要求的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9.有一横截面积为的铜导线，流经其中的电流为，设每单位体积的导线有个自由电子，电子的电荷量为，此时电子的定向移动速率为，在时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为（）A. B. C. D.【答案】AC【解析】【详解】设在时间内，通过导线横截面的自由电子数目为，根据电流定义式可得解得由于自由电子定向移动的速度是v，因此在时间内，位于以横截面S、长的这段导线内的自由电子都能通过横截面。这段导线的体积为所以在时间内，通过导线横截面的自由电子数目为故选AC。10.如图所示，在与纸面平行的匀强电场中有矩形区域，且三点的电势分别为、6V、8V，ab长为，长为，是矩形ab边的中点。下列说法正确的是（）A.d点的电势为6VB.该匀强电场的场强方向为由c指向aC.该匀强电场的场强大小为D.将点电荷从d位置沿任意路径移动到I位置时电场力做功为零【答案】CD【解析】【详解】A．根据匀强电场中平行且相等的线段间电势差相等，可得解得故A错误；B．连接I、d为等势面，如图，由几何关系可得解得根据电场线与等势线垂直且由高电势指向电动势，可知场强方向垂直d、I连线指向左上方。故B错误；C．由又，联立，解得故C正确；D．由B选项分析可知，根据可知将点电荷从d位置沿任意路径移动到I位置电场力做功为零。故D正确。故选CD。11.如图，A、B为水平金属板，两板相距为d，分别与电源两极相连，电键S闭合，两板的中央各有一小孔M和N，今有一带电质点（未画出），自A板上方距离为h的P点由静止自由下落（P、M，N在同一竖直线上），空气阻力不计，达到N孔时速度恰好为零，然后沿原路返回，则（）A.把A板向上平移一小段距离，质点自P自由下落，能再次返回P点B.若S断开，把B板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落后穿过N孔继续下降C.把B板向上平移一小段距离，质点自P自由下落后穿过N孔继续下降D.若S断开，把B板向下平移一小段距离，质点自P点自由下落到达N孔前返回【答案】ABD【解析】【详解】A.由题意，mg(h+d)qU=0，知电场力做的功等于重力做功的大小；把A板向上平移一小段距离，质点自P点自由下落，重力做功与电场力做功都不变，小球到达N点速度为零，能再次返回P点，故A正确；B.若S断开，两板带电量不变，两板间电场强度一定，把B板向上平移一小段距离，电场力做的功W=qEd´qEd=mg(h+d)，则质点自P点自由下落后穿过N孔继续下降，故B正确；C.把B板向上平移一小段距离，根据动能定理知，mg(h+d´)qU0，知小球未到达N点速度已减为零，然后返回，故C错误；D.若S断开，两板带电量不变，两板间电场强度一定，把B板向下平移一小段距离，电场力做的功W=qEd´qEd=mg(h+d)，则质点自P点自由下落到达N孔前速度已减为零，然后返回，故D正确．12.如图甲所示，在粗糙绝缘的水平地面上，一质量m=2kg的带负电小滑块（可视为质点）在x=1m处以初速度v0=2m/s沿x轴正方向运动，滑块与地面间的动摩擦因数为0.04。整个区域存在沿水平方向的电场（图中未画出），滑块在不同位置所具有的电势能Ep如图乙所示，P点是图线最低点，虚线AB是经过x=1m处的切线，并且AB经过（0，3）和（3，0）两点，重力加速度取g=10m/s2，则下列说法正确的是（）A.x=3m处的电势最高B.滑块运动至x=2m处时，速度可能最大C.向右运动过程中，电场力先做负功后做正功D.滑块向右一定不能经过x=4m处的位置【答案】AB【解析】【详解】A．滑块在x=3m处电势能最小，根据Ep=qφ，且滑块带负电，所以x=3m处的电势最高，故A正确；BC．Ep—x图像斜率的绝对值表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在x=1m处所受电场力大小为滑块所受滑动摩擦力大小为f=μmg=0.8N所以在1—3m区间内，滑块所受电场力与滑动摩擦力方向相反，且不断减小，则滑块所受合外力方向与速度方向先相同后相反，速度先增大后减小；在x=3m之后，滑块所受电场力与滑动摩擦力同向，且不断增大，则滑块所受合外力方向也与速度方向相反。综上所述可知滑块向右运动过程中，电场力先做正功后做负功，速度先增大后减小，在x=2m处速度可能最大，故C错误、B正确；D．滑块在x=1m处电势能与在x=4m处的电势能相等，根据能量守恒定律，若滑块能够经过x=4m处，则应满足根据题中数据可知实际情况满足上式，所以滑块一定能经过x=4m处的位置，故D错误。故选AB。三、实验题：本题共两个小题，13题4分，14题10分，共14分。请将正确的答案填写在答题卡对应的位置上。13.在如图所示的实验装置中，充电后平行板电容器的A极板与灵敏静电计相接，极板B接地。（1）若极板B稍向上移动一点，极板上的电荷量____________，且观察到的静电计指针偏角__________。（选填变大、变小、不变）（2）若极板B稍向左移动一点，两极板间的电势差将__________，电容器的电容__________。（选填变大、变小、不变）【答案】（1）①.不变②.变大（2）①.变大②.变小【解析】【小问1详解】[1][2]两极板间的电荷量不变，若极板B稍向上移动一点，两极板正对面积减小，根据公式可得电容减小，根据公式可得两极板间的电势差变大，即静电计指针偏角变大。【小问2详解】[1][2]若极板B稍向左移动一点，两极板间的距离增大，根据公式可得电容减小，而两极板间的电荷量不变，根据公式可得两极板间的电势差增大，即静电计指针偏角变大。14.一粗细均匀的导电材料样品，截面为同心圆环，样品的外径D，内径d，如图甲所示。某同学设计实验测量该样品的电阻率，实验步骤如下：（1）如图乙所示，用游标卡尺测得该样品长度L=________mm（2）该样品阻值约为100Ω，为精确的测量其电阻阻值，可供选择的器材如下：A.待测导电样品RxB.电流表（量程600mA，内阻约为1Ω）C.电流表（量程150mA，内阻约20Ω）D.电流表（量程30mA，内阻为50Ω）E.定值电阻10ΩF.定值电阻350ΩG.滑动变阻器R（020Ω，额定电流2A）H.直流电源E（电源电压约为12V，内阻不计）I.开关一只，导线若干①根据实验器材，设计实验电路如图丙所示，图中电流表A应选择_________，图中电流表A'应选择_________，定值电阻R0应选择_________。（填所选器材的前面的字母序号）②实验中调节滑动变阻器，测得电流表A、A'对应的电流值为I、I'，样品长度L，样品的外径D，内径d，定值电阻R0，电流表A的电阻为R用以上字母表示该样品电阻率____________。【答案】（1）31.4（2）①.D②.C③.F④.【解析】【小问1详解】游标卡尺的精确度为0.1mm，测得该样品长度为【小问2详解】[1][2][3]R和电流表A串联相当于改装电压表，所以电流表A应选择D。因为电源电压约12V，所以改装电压表的量程要达到12V，所以定值电阻R选F。因为电源电压约12V，电流表A最大电流约30mA时，待测电阻的电流最大约120mA，所以电流表A'最大电流约150mA，从量程和读数准确性角度电流表A'应选择C。[4]由电路图可知样品的横截面积由可得该样品电阻率为四、计算题：本题有4个小题，共6+8+10+14=38分。15.如图所示，电源电动势E=6V，定值电阻R阻值为18Ω，小灯泡L的额定电压UL=4V，额定功率P=0.4W；闭合开关后，小灯泡L恰好正常发光，求：（1）灯泡L的电阻值RL；（2）电源的内阻r【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】根据电功率的公式解得根据欧姆定律有【小问2详解】根据闭合电路欧姆定律有解得电源内阻16.如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，电场的方向与所在的平面平行，，。将电荷量的点电荷从A点移动到B点，静电力做功；将该电荷从B点移动到C点，电势能增加了。设C点的电势，A、B的距离L=4cm，求：（1）A与B、C两点间的电势差UAB、UAC；（2）B点的电势和B点的电势能EpB。【答案】（1）20V，60V（2）40V，【解析】【小问1详解】由题可知，解得电荷从B点移动到C点，电势能增加了，说明在此过程中，电场力也是做负功，同理可得根据电势差的关系可得【小问2详解】因为且所以，B点电势B点的电势能17.如图所示的装置中，保持开关S闭合，平行板电场中有一质量为m、带电荷量为−q（q>0）的小球，用绝缘细线拴住后在电场中处于静止状态，此时线与竖直方向的夹角为θ=37°，两板间的距离为d、已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，当地重力加速度为g。问：（1）MN两板间的电势差是多少？（2）保持M板不动，左右移动N板，发现线与竖直方向的夹角变为θ1=45°时小球静止（此时小球未接触M板和N板），请问N板被左移还是右移？并求移动的距离Δd。【答案】（1）（2）左移，【解析】【小问1详解】对小球受力分析有对匀强电场，