江苏省南通市高考化学二模试卷及答案

高考化学一模试卷

一、单选题

1.2021年5月15日，“天间一号"探测器成功软着陆于火星。这是中国火星探测史上的历史性事件。新型铝

基强化硅复合材料被大量应用于火星车的车身。下列关于该复合材料可能的性质描述错误的是（）

A.密度小B.硬度大C.熔点低D.抗氧化

2.甲硫醇（CH3SH）是合成蛋氨酸的重要原料。反应CH3OH+H2s-^CWSH+HzO可用于甲硫醉的制备。下

4弧城。

列有关说法正确的是（）

A.AP+的结构示意图为怎》

B.H2s的电子式为H+［：5：］川+

C.1molCH3sH中含6mola键D.CH30H与CH3sH互为同系物

3.氮是海水中重要的元素。下列有关氯及其化合物的性质与用途具有对应关系的是（）

A.氯气显黄绿色，可用于制盐酸B.盐酸呈强酸性，可用于除水垢

C次氯酸具有弱酸性，可用作漂白剂D.四氯化碳难溶于水，可用作灭火剂

4.镀锌铁皮可用于制备七水合硫酸锌（ZnSCU7H2。），其流程如图。

稀硫酸HQZnO

III

7

猊汴级t—►然名IT过亨4Tk化|»调pH]—»过---►ZnSO4'7H»O

II

逋灌I滤灌2

下列有关说法正确的是（〉

A.镀锌铁皮的镀层被破坏后铁的腐蚀比生铁快

2t+3+

E."氧化”发生反应的离子方程式为2Fe+2H+H2O2=2Fe+2H2O

C."调pH"后所得溶液中大量存在的离子有ZM+、SO声、Fe3+、H+

D.从“过滤2”所得漉液中获取晶体的操作为：蒸发滤液至有大量晶体出现时停止加热，利用余热将液体

蒸干

5.X、Y、Z、W、R是周期表中的短周期主族元素，原子序数依次增大。Y原子的最外层有4个电子，且未

成对电子数和W相等，R和X同主族，RX为离子化合物。下列说法正确的是（）

A.简单离子半径：r（R）>r（Z）>r（W）B.元素电负性：Z>W>Y

C.Y、Z最高价氧化物对•应水化物的酸性：Y>ZD.W与R形成的化合物中可能含有共价键

6.硝酸是无色、易挥发、有刺激性气味的液体，具有强氧化性，浓硝酸见光易分解。下列有关硝酸的说法

正确的是（）

A.N0中的空间构型为三角锥形

E.浓硝酸保存在棕色带橡胶塞的试剂瓶中

C.用蘸有浓软水的玻璃棒靠近浓硝酸有白烟产生

D.常温下用铁制容器运输浓硝酸是因为铁与浓硝酸不反应

7工业常采用氨氧化法制硝酸,主要工艺流程如图所示：在氧化炉中发生反应

4NH3（g）+5O2（g）=4NO（g）+6H2O（g）AH<0,NH3和空气的混合气通入灼热的钳铭合金网，生成的NO与残余的

。2继续反应生成N02.将NCh通入水中可制得HNO3.吸收塔排放的尾气中含有少量的NO、NO2第氮氧化物。

工业以石灰乳为试剂，采用气-液逆流接触法（尾气从处理设备的底部进入，石灰乳从设备顶部喷淋）处理

尾气。下列有关硝酸工业制备说法错误的是（）

稀硝酸

A.合成塔中使用催化剂，可以提高单位时间内N2的转化率

E.加压可以提高氧化炉中NH3的平衡转化率

C.吸收塔中鼓入过量的空气可以提高硝酸的产率

D.采用气•液逆流接触法是为了使尾气中的氮氧化物吸收更充分

8.利用石墨电极电解HNCh和HNC?的混合溶液可获得较浓的硝酸。其工作原理如图所示。下列说法正确的

离子交换膜

A.a为电源的正极

E.电解池中的离子交换膜应为阴离子交换膜

C.阳极的电极反应式为即温片国绘』脚妒二削百抬戏可

D.每2mol离子通过离子交换膜，左室产生的气体X的体积为22.4L（标准状况）

9.反应2N2H4（l）+2NO2（g）=3N2（g）+4H2O（l）AH=-1135.7kJ-mol可为火箭发射提供能量。下列有关该反应的说法

正确的是（）

A.反应消耗32gN2H4⑴放出1135.7kJ的能量

E.反应物中所有化学键键能之和大于生成物中所有化学键键能之和

C.每生成18g水，反应中转移电子物质的量为4moi

D.常温下该反应可自发进行

10氯化铁常用于污水处理等。该化合物是棕红色固体.易潮解.100℃时易升华。实验室可凡氯气与金属

铁反应制备无水氯化铁，实验装置如图所示。下列说法正确的是（）

KX1KXIIKXH1KXIV

A.装置I中反应的离子方程式为MnO2+4HCI囱VlM'Cb个+2仃+2或0

B.装置II洗气瓶中加入饱和NaHCO3以除去CL中的少量HCI

C.装置川和装置IV洗气瓶中盛放的液体均为浓硫酸

D.装置V的作用是为了防止倒吸

11.化合物X是合成某种药物的中间体，其结构如图所示。下列有关化合物X的说法正确的是（）

A.X分子中不存在手性碳原子B.X分子中所有原子可能共平面

C.ImoIX最多能与7m。1时发生加成反应D.一定条件下，X可与HCHO发生缩聚反应

12.NH4HCO3是重要的氮肥.室温下，通过下列实验探究NH4HCO3的性质.

实验实验操作和现象

1用pH试纸测定O.lmol/LNFUHCCh溶液的pH,测得pH约为8

2向O.lmol/LNHMCCh溶液中加入等体积的0.1mol/L的盐酸，有气体放出

3向O.lmol/LN&HCCh溶液逐滴加1入O.lmol/LNaOH溶液，有刺激性气味气体放出

4向O.lmol/LNKHC。?溶液中加入FeSCU溶液，得到白色沉淀

下列说法正确的是（）

A.实验1溶液中：c（HCO§）＞C（NHJ）

E.实验2混合后的溶液中：c（NH^）+c（NH3H2O）=c（Clj

C.实验3产生的气体能使湿润的蓝色石蕊试纸变红

2+

D.实验4发生反应的离子方程式为Fe+CO1-=FeCO3sV

13.CO2催化加氢是碳中和的重要手段之一，以下是CO2加氢时发生的两个主要反应:

1

反应I：CO2（g）+4H2（g）^：H4（g）+2H2O（g）△Hi=-165.0kJmol

反应II：CO2（g）+H2（g）F€O（g）+H2O（g）AH2

（4）已知：室温下Kp[Cr（OH）3]=8x1O',,可通过调节溶液的pH.除去酸浸后

混合液中的Fe3\实验测得除铁率和辂损失率随混合液pH的变化如图2所示。pH=3时铭损失率高达38%

的原因是o

*

<♦

*

（5）在酸浸后的混合液中加入有机萃取剂，萃取后，Fez（SO4）3进入有机层，Cr2（SO4）3进入水层。取

10.00mL水层溶液于锥形瓶中，先加入氢氧化钠调节溶液至碱性，再加入足量过氧化氢溶液。充分反应

后，加热煮沸除去过量过氧化氢＜待溶液冷却至室温，加入硫酸和磷酸的混合酸酸化，此时溶液中Cr全

部为+6价。在酸化后的溶液中加入足量KI溶液，以淀粉溶液作指示剂，用0.3000mol-L-iNa2s2O3溶液滴

定，发生反应：I2+2S2OM=SQ/+21,滴定至终点时消耗Na2s2O3溶液19.80mL,计算萃取所得水层溶

液中03+的物质的量浓度o（写出计算过程）

15.化合物H具有抗菌、消炎、降血压等多种功效，其合成路线如图：

（1）A1B的反应类型为。

（2）可用于鉴别B与C的常用化学试剂为o

（3）F分子中碳原子的轨道杂化类型有种。

（4）D的分子式为C10H1Q2CI,写出D的结构简式：,

（5）E的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构为的结构简式：

①分子中含苯环和碳氮双键，能发生银镜反应；

②分了•中有4种不同化学环境的氢原子。

（）设计以丫、乙烯为原料制备

60的合成路线..（无机试剂和有机溶剂任选，合

成路线示例见本题题干）。

16.三氯化六氨合钻（lll）｛[Co（NH3）6]Cb｝是制备其它三价钻配合物的重要试剂。实验室以活性炭为催化剂，合

成三氯化六氨合钻（lll）i'iti体的流程如图

NH4CI

活性炭溶液依水出0,溶液

。）。2・6比0―混合一酣合、何化—冷却、过滤…-*［CO（NH3）6］CI3-6H2O

滤液

已知：①CO?♦不易被氧化，9+具有强氧化性；［CO（NH3）6］2♦具有较强还原性，［CO（NH3）6产性质稳定。

②［Co（NH3）6］Cl3-6H2O在水中的溶解度随温度的升高而增大，加入浓盐酸有利于晶体析出。

（1）“混合”时加入的NH4CI溶液有利于后续C02+与NH3的配合反应，其原理是0

（2）在如图所示实验装置的三颈烧瓶中，发生“配合、氧化

①控制三颈烧瓶中溶液温度为60°（:的原因是。

②“配合〃步骤安排在倒化”步骤之前的R的是。

③向三颈烧瓶中滴加氨水的实验操作为。加入H2O2溶液时发生反应的离子方程式为

（3）设计由过滤后的滤渣获取［Co（NH3）6］Cl3,6H2。的实验方案：向滤渣中加入80℃左右的热水，

，低温干燥.（实验中须使用的试剂：浓盐酸，无水乙醇）

17芯片是国家科技的心脏。在硅及其化合物上进行蚀刻是芯片制造中非常重要的环节。三氟化氮（NF-、

四氟化碳（CF4）是常见的蚀刻剂。

（1）高纯三氟化氮对二氧化硅具有优异的蚀刻速率和选择性。

①二氧化硅的晶胞结构如图所示，二氧化硅晶体中硅原子周围最近的硅原子有个。

②工业上常采用F2直接氟化尿素［CO（NH2）2］的方法生产NF3。得到的NF3中常含有少量CF4。常温下，三

种物质在水中的溶解性大小顺序为：CF4<NF3<NH3,原因是。

（2）四氟化碳的一种蚀刻机理是：CF4在等离子体的条件下产生活性自由基（・F）,该自由基易与硅及其化

合物中的硅原子结合生成SiF4气体从而达到蚀刻目的。用CF，g）进行蚀刻时常与氧气混合，当混合气体的

流速分别为80mLmin」和lOOmLmirr】时，蚀刻速率随混合气体中Oz和C%体枳之比［V（Oz）/V（C「4）］的变化

如到所示。

.一1000

.E£800

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U600

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¥400

力

茶

交

0

0.00.20.40.60.81.0

HO泰*CF4)

①a点蚀刻速率比b点快的原因是..

②蚀刻速率随V(O2)/V(CF4)先升高后降低的原因是,

(3)NF3是一种强温室气体，消除大气中的NF3对于环境保护具有重要意义。国内某科研团队研究了利用

氢自由基卜H)的脱氟反应实现NF3的降解。降解生成・NF2和HF的两种反应历程如图所示。其中直接抽提反

应是降解的主要历程，原因是

-cr过屋RN—H----------直接抽捉反应

E

g

u

•5HI

反应历程

答案解析部分

一、单选题

1.【答案】C

【解析】【解答】火星车材料要求轻量化、高强韧性、高稳定性、耐冲击，火星车行走于火星表面，温度

几千度，所以选择火星车车身材料要具备密度小，硬度大，熔点高的性质，C不符合要求，

故答案为：Co

【分析】火星上温度很高，因此需要的火星车的材料需要熔点高，抗氧化能力强等等

2.【答案】A

【解析】【解答】A.AI”的质子数为13,电子数为13-3=10,所以其离子结构示意图为A符合

题意；

B其电子式为HrsrH,B不符合题意；

.•・

H

c.CH3sH的结构式为H-C-S-H，所以ImolCH3sH中含5mol。键，C不符合题意；

在

D.CH30H与CH3sH结构不相似，组成上相差的也不是n个"CH?〃，两者不互为同系物，D不符合题意；

故答案为：Ao

【分析】A.阳离了中，质了•数小于核外电了数

BH2s为共价化合物，不是离子化合物

C限额外出甲硫醇的结构式即可找出。键

D.结构不相似，不能互为同系物

3.【答案】B

【解析】【解答】A.氯气具有氧化性，能与氢气反应生成氯化氢，氯化氢溶于水可制得盐酸，故A不符

合题意；

B.盐酸具有强酸性，可与水垢中的氢氧化镁和碳酸钙反应可溶性盐，达到用于除水垢的H的，故B符合

题意；

C.次氯酸具有强氧化性，能使有机色质漂白褪色，可用作漂白剂，故（:不符合题意；

D.四氯化碳不能燃烧，可用作灭火剂，故D不符合题意；

故答案为：Bo

【分析】A.黄绿色与制取盐酸无关，盐酸是氯气和氢气制取的氯化氢气体溶于水

B.水垢主要是碳酸钙和氢氧化镁，利用盐酸的酸性性质进行除水垢

C漂白性主要是利用了次氯酸的氧化性

D.做灭火器主要是不能燃烧和不支持燃烧，与溶解性无关

4.【答案】B

【解析】【解答】A.镀锌铁皮的镀层被破坏后，形成原电池，锌作负极，铁被保护，则铁的腐蚀比生铁

慢，故A不符合题意；

B.由分析知，“氧化〃时，过氧化氢将亚铁离子氧化为铁离子，发生反应的离子方程式为

2++3+

2Fe+2H+H2O2=2Fe+2H2O,故B符合题意；

C.“调pH〃时将铁离子转化为氢氧化铁沉淀，故“调pH〃后所得溶液中不能大量存在的离子有F"+,故C

不符合题意；

D.从"过滤2〃所得滤液中获取晶体的操作为：蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥，故。不符合题

故答案为：B。

【分析】镀锌铁皮加入稀硫酸溶解，Zn、Fe分别与稀硫酸反应生成硫酸锌、硫酸亚铁，过滤除去不溶于硫

酸的杂质，漉液中加入过氧化氢，将亚铁离子氧化为铁离子，再加入氧化锌调节pH,除去铁离子，使其

转化为氢氧化铁沉淀，过滤除去，得到含有硫酸锌的滤液，再经过蒸发浓缩、冷却结晶、过源、洗涤、

干燥，得到ZnSO47H20。

5.【答案】D

【解析】【解答】A.R为Na、Z为N、W为。，他们的简单离子(Na*、N3\0。核外电子抹布相同，核

电荷数越大，半径越小，故简单离子半径：r(R)<r(W)<r(Z),A不符合题意；

B.Z为N、W为0、Y为C,同一周期从左往右，电负性逐渐增大，故电负性W>Z>Y,B不符合题意；

C.Y为C,Z为N,N的非金属大于C,非金属性越强最高价氧化物对应水化物的酸性越强，故最高价氧化

物对应水化物的酸性：Z>Y,C不符合题意；

D.W为0,R为Na,0和Na组成的Na?。?中既含有离子键又含有含有共价键，D符合题意；

故答案为：Do

【分析】X、Y、Z、W、R是原子序数依次增大的短周期主族元素，R和X同主族，RX为离子化合物，可知

X为H,R为Na,Y原子的最外层有4个电子，Y为C,C的核外电子排布为回O四口，有2

Is2s2p.

个未成对电子数，W的未成对电子数也为2,W为0,Z为N,据此解答。

6.【答案】C

【解析】【解答】A.硝酸根离子中氮原子的价层电子对数为3,孤对电子对数为0.则硝酸根离子的空间

构型为平面三角形，故A不符合题意；

B.浓硝酸具有强氧化性，能腐蚀橡胶塞，故B不符合题意；

C.浓夙水和浓硝酸都具有挥发性，用蘸有浓期水的玻璃棒靠近浓硝酸时，挥发出的朝气与硝酸蒸汽反应

生成硝酸镂，会有白烟产生，故C符合题意；

D.常温下用铁制容器运输浓硝酸是因为铁在浓硝酸中发生钝化，阻碍反应的进行，并非是铁与浓硝酸不

反应，故D不符合题意；

故答案为：Co

【分析】A.计算出硝酸根离子中氮原子的价层电子对以及孤对电子即可判断构型

B浓硝酸应保存在棕色带玻璃塞的试剂瓶中

C浓氨水和浓硝酸均具有挥发性，会发出氨气和硝酸蒸汽形成硝酸钺白色小固体

D.常温下浓硝酸具有很强的氧化性在铁的表面形成一层致密的氧化物薄膜阻碍反应进一步发生

7.【答案】B

【解析】【解答】A.合成塔中使用催化剂，可以提高反应速率，因此可以单位时间内M的转化率，A不

符合题意；

B.氧化炉中反应为4N&+5O2自4N0+6H2。，正反应体积增大，加压平衡逆向移动，NH3的平衡转化率

减小，B符合题意；

C.吸收塔中NO、氧气和水反应生成硝酸，因此鼓入过量的空气可以提高硝酸的产率，C不件合题意；

D.采用气•液逆流接触法可以增大反应物接触面积，加快反应速率，因此是为了使尾气中的氮氧化物吸

收更充分，D不符合题意；

故答案为：B。

【分析】A.催化剂可以提高速率，提高单位时间内的转化率

B.根据氧化炉发生的反应即可判断，加压导致平衡逆向移动，降低了转化率

C一氧化氮与氧气以及水形成硝酸，氧气含量越高，转化为硝酸的速率越快，提高了硝酸产率

D.主要是增大与气体的接触时间和接触面积，提高尾气的处理效率

8.【答案】D

【解析】【解答】A.左边石墨电极，氢离子放电生成氢气，电极反应为2H++2已=出个，得电子发生还原反

应为电解池的阴极，与电源负极相连，即a为电源的负极，故A不符合题意；

B.右边石墨电极为阳极，左边石墨电极为电解池的阴极，氢离子从阳极移向阴极，即从右室移向左室，

面子交换膜为阳离子交换膜，故B不符合题意；

C.右边石墨电极为阳极，亚硝酸根离子失电子生成硝酸根离子，其电极反应式为HNO2-2e+H2O=3H++

故（:不符合题意；

D.每2moi离子通过离子交换膜，即要转移2moi电子，由左室电极反应式2H++2e=H2个可知，产生的

H21moI,其体积为22.4L（标准状况），故D符合题意；

答案为

【分析】HN03和HN02的混合溶液，电解该混合溶液可获得较浓的硝酸，说明电解时阳极上亚硝酸根离子

失电子生成硝酸根离子，右边石墨电极为阳极，阳极上亚硝酸杈离子失电子生成硝酸根离子，其电极反

应式为HNC）2-2e-+H2O=3H++腐钠，左边石墨电极为电解池的阴极，溶液中氢离子放电生成氢气，电极反

应2H++2e=H2个，氢离子从阳极移向阴极，离子交换膜为阳离子交换膜；据此分析判断选项。

9.【答案】D

【解析】【解答】A.2N2H4⑴+2NO2（g）=3N2（g）+4H2O（l）AH=・1135.7kJmol表示2molN2H4⑴参与反应放热

1135.7kJ,则反应消耗32gN2H4⑴，即ImolN2H4⑴，应放出567.85kJ的能量,故A不符合题意;

B.该反应的AH<0,故反应物中所有化学键键能之和小于生成物中所有化学键犍能之和，故B不符合题

C.反应2N2H4⑴+2NO2（g）=3N2（e）+4H2。⑴中,N2Hd中N元素化合价从-2价升高到。价.NCh中N元素化合

价从+4价降低到0,则2molN2H4和2moiNO?反应生成4moi水时转移8moi电子，则每生成18g水，即Imol

水时，反应中应转移电子物质的量为2m。1,故C不符合题意；

D.该反应是一个放热、燧增的反应，在任何温度下均可以自发进行，故D符合题意；

故答案为：Do

【分析】A.根据热化学方程式，根据给出的质量即可计算出放出的热量

B根据反应热反应物中所有化学键键能之和-生成物中所有化学键键能之和判断

（:根据方程式找出反应物和生成物与转移电子数的关系，即可根据反应物和生成物的量计算出转移的电

子

D.根据直6=直徵进行判断

10.【答案】c

【解析】【解答】A.浓盐酸在书写离子方程式中需拆分，所以装置I中反应的离子方程式为MnO2+4H++2C「

琳/1心+。2个+2H2。，A不符合题意；

B.NaHCCh会与HCI反应，不能达到除杂目的，所以装置II洗气瓶中应该加入饱和NaCI以除去CL中的少

量HCLB不符合题意；

C.根据上述分析可知，装置川和装置IV洗气瓶中盛放的液体均为浓硫酸，其作用为吸收水蒸气，C符合

题意：

D.因为氯化铁在100℃时易升华，所以装置V的作用是防止氯化铁升华溢出，D不符合题意；

故答案为：Co

【分析】装置I为制备氯气的发生装置，装置II中盛有饱和食盐水，可除去氯气中的HCI；装置III为干燥

氯气的装置，应该盛装浓硫酸，干燥的氯气通过与铁粉共热生成氯化铁，因为氯化铁易潮解，为防止氯

化铁水解，装置iv应盛装浓硫酸，过量的氯气可利用氢氧化钠溶液进行尾气处理，又因为氯化铁100°（:时

易升华，所以装置V是为了防止氯化铁升华溢出，据此分析解答。

11.【答案】A

【蟀析】【解答】A.由该化合物的结构简式可知X分子中不存在手性碳原子，故A符合题意；

B.该化合物含有饱和碳原子，具有甲烷的结构特点，则X分子中所有原子不可能共平面，故B不符合题

意；

C.能与氢气发生加成反应的是苯环、碳碳双键、醛基，则lmoIX最多能与8m0也发生加成反应，故C不

符合题意；

D.该有机物不能与HCHO发生缩聚反应，故D不符合题意；

故答案为：Ao

【分析】A.根据手性碳原子是指连接四个不一样的原子或原子团的碳原子即可找出

B.根据结构简式即可判断该分子中含有多个饱和碳原子，因此原子不可能共面

C苯环与醛基以及碳碳双健均与氢气发生加成，找出个数即可

D.酚醛缩聚对酚的要求是酚翔基的邻对位至少有两个氢，此有机物只有1个

12.【答案】B

【解析】【解答】A.O.lmol/LNHiHCCh溶液中存在电荷平衡c(NHB+C(H)=C(HCOa+2c(COQ+C(OH).因

溶液pH约为8,呈碱性，c(H+)<c(OH),故c(NHJ)>c(HCO目，A不符合题意；

B.等物质的量的碳酸氢铁和盐酸恰好完全反应：NH4HCO3+HCENH4CI+CO2个+出0,根据物料守恒溶液

中：c(NH^+C(NH3-H2O)=C(CI),B符合题意；

C.NH4HCO3溶液与NaOH溶液反应生成氨气，应用红色石蕊试纸检验，能使湿润的红色石蕊试纸变蓝，C

不符合题意；

D.正确的离子方程式应为酷而碰尸酶北场:,+c⑪d一糅理，D不符合题意；

故答案为：Bo

【分析】A.根据电荷守恒和pH进行判断

B根据物质的量之比恰好反应，此时得到的是氯化钱，根据物料守恒即可判断

C试纸应该用的是红色的石,蕊试纸

D.SC,%是弱酸根,写离子方程式时不能拆

13.【答案】C

【裨析】【解答】A.由上述分析可知，反应II为吸热反应，故△H2>0,A不符合题意:

B.由上述分析可知,曲线b表示甲容器中野。场J随温度的变化，B不符合题意：

C.由上述分析可知，M点甲容器中试0HJ=OQ4mol,^CT=0.04mol,消耗掉氢气总物质的量为

0.C4mol+0.16mol=0.2mol,对应H2的总转化率=的型慕鲤当死】@邰％=66.7%,C符合题意；

D.由上述分析得到，5900c甲容器平衡时容器中，^COJ=0.04mol,l«C,Hj=0.3-0.2=0.1mcl,

■:◎3=0.1-0.08=0.02moL试H举=0.12mol,590。(：反应II的平衡常数

曲◎旗玛旱.率喊8»口融

口福说=W=*所以当容器中两面=2.4.此时反应达到平衡状态.

反应II的V正=丫逆，D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】反应I为放热反应，升高温度平衡向逆反应方向移动，氧。对J降低，曲线a、c表示容器中

就骁珏J随温度的变化，则曲线b、d表示容器中或03随温度的变化，由图可知，随着温度升高，

武工期增大，说明温度上升反应II平衡向正反应方向移动，反应II为吸热反应；体积为VL的两个恒容密

闭容器中，乙容器的起始量是甲容器的10倍，相当于增大压强，平衡向气体分子总数减少的方向移动，

反应I往止反应方向移动，筑。目J增大，容器中C02和W的浓度卜降，反应II平衡向逆反应方向移动，

就©。降低，综上分析可知：曲线a表示乙容器中式0区，随温度的变化，曲线c表示甲容器中延安场J

随温度的变化，曲线b表示甲容器中就©耳。随温度的变化，曲线d表示乙容器中洸C及]随温度的变

化；根据C原子守恒，甲容器中噂:双察/士哦©耳J始终为O.lmol,从M点可知5909时平衡时

甲容器中，噂潟J哪C/x噂:侬*近察》产诚£町=0.4x0.1=0.04mol,瞰心户0架为

斗时氯CH/y.4EH峭氨

应察3十试裁为H■减C：Hy=0.4x0.1=0.04mol,根据13]•飞、

◎/4口谕14m@1迎购1

国藤受：c国点斗庭嘉'城

：]]】，得到此时消耗掉氢气总物质的量为

◎64口1@1：Q,R4u谕I

0.C4mol+0.16mol=0.2mol,消耗掉二氧化碳总物质的量为0.04mol+0.04mol=0.08mol,生成水的总物质的量

为0.04mol+0.08mol=0.12mol,据此葩£答。

二、非选择题

14.【答案】(1)3d

3+3

(2)CrO3+3FeCr2O4+3OH+=3Fe+7Cr*+15H2O

(3)120℃时，铭的浸出率较高，升高温度铭的浸出率提高不大，但消耗的能量越多

(4)Fe(0H)3吸附3+造成格损失大

(5)O.igSOmolL1

【解析]【解答】⑴铁为26号元素，基态二价铁的价电子排布式为Is22s22P63s23P63d6,则基态二价铁

被氧化过程中，失去的电子所处的能级为3d能级。

(2)120℃时，向铭铁矿矿粉中加入50%的H2s。4,不断搅拌，铝铁矿溶解速率很慢。向溶液中加入一定

量的CrCh,矿粉溶解速率明显加快，得到含较多CN+和Fe3+。勺溶液，故加入CrCh后促进尖晶石溶解的

+3+3+

离子方程式为：CrO3+3FeCr2O4+30H=3Fe+7Cr+15H2Oo

⑶其它条件不变，测得不同温度卜.CN+的浸出率随酸浸时间的变化如图1所示。实际酸浸过程中选择

120℃的原因是120℃时，格的浸出率较高，升高温度铝的浸出率提而不大，但消耗的能量越多。

⑷pH=3时，若9+沉淀，则3+的最小浓度应为，海沙飞二礴触恸虹，显然

是达不到的，故此时Ce未沉淀，则此时铭损失率高达38%的原因应是Fe(0H)3具有吸附性，Fe(0H)3吸附

Cr3,造成格损失大。

⑸由题意可知，+6价Cr氧化碘离子生成碘单质，则根据得失电子守恒可得2Cr(VI)+6「玲3I2+2CB,故

可得关系式：23+~2Cr(VI广3b~6s2。/，可得CH3s2。f,则萃取所得水层溶液中CN的物质的量浓度

飞舄@久心=Q1厚窗-Qmed-L。

【分析】(1)根据铁原子的质子数即可写出铁原子的基态能级排布，即可写出亚铁离子的基态电子能级

排布，被氧化时失去电子失去的是3d能级电子

12)加入的CrO3具有很高的氧化性，亚铁离子具有还原性，因此加入后促进了铁离子的产生，促进反

应的进行

⑶根据图示，在120℃时浸出率已经很高，升高温度时,浸出率增加少，温度过高浪费能源

(4)主要考虑的是形成的氢氧化铁的吸附性

(5)六价的Cr被碘离子还原为三价的Cr,同时得到碘单质，碘单质被Na2s2O3溶液滴定，即可找出消耗

的Na2s2。3与Cr的关系，根据消耗的Na2s2。3即可计算出Cr的物质的量即可计算出物质的量浓度

15.【答案】(1)取代反应

(2)FeCb溶液

(3)3

OH

(4)

CHO

CHO

if取代了A结构中酚羟基上的H原子，故A玲B的反应类型为

【解析】【解答】(1)B可以看成是

CH£一

取代反应。

(2)B的结构中有官能团酯基，C的结构中有酮族基和酚羟基，可利用酚羟基的显色反应来区分B和C,故

鉴别B与C的常用化学试剂为FeCb溶液。

(3)F的结构简式为,苯环上的碳原子采取的是Sp2杂化，甲基上的碳原子采取的是Sp3

杂化，碳碳双键上的碳原子采取的是sp2杂化，-CN上的碳原子采取的sp杂化，-CH2-中的碳原子采取的是

sp，杂化，故F分子中碳原子的轨道杂化类型有3种。

⑷D的分子式为C10H11O2CI,D和NaCN反应得到E广］,E的结构简式相对于C来说，在

苯环上多了一个取代基-CH2-CN,通过D3E反应的条件，取代基-CH2-CN可以看成是・CN取代了(HzX上的

一个原子，结合CfE的反应条件和D的分子式，可知X原子应是C1,则D的结构简式相对于C来说，在

苯环上多了一个取代基-CH2CL所以D的结构简式为

(5)E的一种同分异构体满足分子二含苯环和碳氮双键，能发生银镜反应，说明的取代基-CHO,令'_XT

-V—1N-

结构，结合E的结构简式r।和分子式CHHUOJN,可知其不饱和度为7,同分异构体的不饱和度是

相司的，已知一个苯环中的不饱和度为4,一个醛基中的不饱和度为1,一个'、［的不饱和度也为1,

-C=N-

从结构简式可以看出分子中只有一个N原子，也就是说其同分异构体中只能有一个_&N-,根据不饱和

度数，其结构中必然含有2个醛基，另外分子中有4种不同化学环境的氢原子，醛基中有1种，若

・&=N.连接的H原子是1种'苯环上有［种’还有】种根据剩余的碳氢原子个数’说明结构中还有2个

甲基，这样苯环上就有2个醛基，2个甲基，和一个'2,故满足条件的同分异构体有

-C=N-

,通过E3F可知，要利用原料合成出和CHUCHO,通过路线B^C可知，要合成出

要合成出CH3CHO,可利用我们熟悉的乙烯制乙醇，乙醇制乙醛来合

成，故合成路线如下:

CH?=C"77"7m----T""77----7-h

,,催化削，加热、加压

【分析】对比A、B的结构简式，A1B发生了取代反应，C和B相比较，B结构上的酯基分成了两个取代

基，一个是酚羟基，一个酮谈基，C-D3E过程中，可知在C的结构上引入了一个取代基，根据反应条件

I

,OH

以及D的分子式，可推测D的结构简式是,E^F的过程中先发生了加成、后发生了消去,

FOG,酚羟基和双键相连形成环状，G1H,结构中的鼠基水解成了竣基，据此分析解答。

16.【答案】(1)抑制NH3-H2。的电离和Co2+的水解

(2)保证较快的反应速率，同时减少氨的挥发；将不易被氧化的C02+转化为具有较强还原性的

2+

[CO(NH3)6];打开分液漏斗上口塞子(或将塞子上的凹槽与瓶口上的小孔对齐)，旋开分液漏斗的旋塞，逐

2+3+

滴滴加；2[Co(NH3)6]iH2O2i2NHJ-2[Co(NH3)6]12NH3H20

(3)充分搅拌后，趁热过滤，冷却后向滤液中加入少量浓盐酸，边加边搅拌，充分静置后过滤，用无水

乙静洗涤晶体2~3次

【解析】【解答】(1)NH4cl能抑制NHTWO的电离，防止氢氧化根离子与C02+结合,同时NH4cl溶液显酸

性,能抑制CO?♦的水解。

(2)①控制三颈烧瓶中溶液温度为60°(:的原因是既能保证较快的反应速率，同时减少氨的挥发。

②根据已知①，"配合〃步骤安排在〃