实验探究题（四）（解析版）

2023浙江中考科学复习专练——实验探究题（四）建议时间：40min1．某科学兴趣小组的同学，利用唾液（含唾液淀粉酶）、淀粉液等材料探究温度对酶活性的影响，为此设计了四组探究活动。提示：斐林试剂在一定条件下遇淀粉的消化产物（麦芽糖）会产生砖红色沉淀。实验操作步骤如下：步骤一：取四只同样的试管，编号甲、乙、丙、丁。均依次加入淀粉液2毫升，唾液1毫升步骤二：将甲、乙、丙、丁四支试管分别在20℃、40℃、60℃、100℃的水浴中放置10分钟步骤三：分别向各试管加入1毫升斐林试剂，并置于50﹣60℃水浴中1分钟，观察现象。实验结果：四组试管均出现了明显的砖红色沉淀。（1）加入1毫升斐林试剂后，将试管置于50﹣60℃水浴中一段时间的理由是使斐林试剂与麦芽糖充分反应（2）本实验没有取得成功的原因是在步骤一中，将唾液与淀粉溶液一起加入试管内，在常温下，四支试管中都会有部分淀粉分解为麦芽糖。（3）在合理的实验方案下，出现如下实验结果：甲、乙、丙三组都出现了砖红色沉淀，且乙组比甲组和丙组的颜色更明显，丁组无砖红色沉淀出现。分析以上实验结果，可以得出的结论是温度对酶活性有影响，40℃时，酶的活性最强【解答】解：（1）斐林试剂与麦芽糖产生砖红色沉淀需要一定的温度条件，只有在在50﹣60℃的条件下才能产生砖红色沉淀；因此，要将试管置于50﹣60℃水浴中一段时间。（2）本实验没有取得成功的原因是在步骤一中，将唾液与淀粉溶液一起加入试管内，在常温下，四支试管中都会有部分淀粉分解为麦芽糖；因此四组试管均出现了明显的砖红色沉淀。（3）由题干可知：在实验方案和操作合理的情况下，实验结果是：甲、乙、丙三组都出现了砖红色沉淀，且乙组比甲组和丙组的颜色更明显，丁组无砖红色沉淀出现，说明：酶的活性受温度的影响，乙组的温度是酶活性最强的温度，即40℃时，酶的活性最强；100℃时，酶失活。故答案为：（1）使斐林试剂与麦芽糖充分反应。（2）在步骤一中，将唾液与淀粉溶液一起加入试管内，在常温下，四支试管中都会有部分淀粉分解为麦芽糖。（3）温度对酶活性有影响，40℃时，酶的活性最强。2．小乐通过图示实验装置（夹持部分已略去）及药品，按如下实验步骤，验证了可燃物燃烧的条件，其中实验装置气密性良好。药品均足量（已知红磷的着火点为240℃，白磷的着火点为40℃）。步骤一：向大烧杯中注入足量的冷水，打开K1、关闭K2，向下压左侧注射器活塞，使生成的氧气持续通入U形管，并观察U形管中现象；步骤二：关闭K1、打开K2，向下压右侧注射器活塞，使生成的二氧化碳将U形管内的氧气排尽，然后将烧杯中的冷水换成等量的80℃的热水，并观察U形管中现象；步骤三：……，并观察U形管中现象。（1）根据图示信息，写出生成氧气的化学方程式2H2O2MnO2¯2H2O+O（2）简述步骤二中判断U形管内氧气已经排尽的方法把燃烧的木条放在U型管出气口处，如果燃烧的木条熄灭，则U形管内氧气已经排尽。（3）补充完整步骤三的操作，并写出U形管中应观察到的现象实验操作：打开K1、关闭K2，向下压左侧注射器活塞，使生成的氧气持续通入U形管；实验现象：裹入红磷的棉花不能燃烧，裹入白磷的棉花燃烧。【解答】解：（1）根据图示信息可知，无色液体是过氧化氢溶液，黑色固体是二氧化锰，过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气，反应的化学方程式为：2H2O2MnO2¯2H2故填：2H2O2MnO2¯2H2O+O（2）步骤二中判断U形管内氧气已经排尽的方法：把燃烧的木条放在U型管出气口处，如果燃烧的木条熄灭，则U形管内氧气已经排尽。故填：把燃烧的木条放在U型管出气口处，如果燃烧的木条熄灭，则U形管内氧气已经排尽。（3）步骤三的操作、现象：实验操作：打开K1、关闭K2，向下压左侧注射器活塞，使生成的氧气持续通入U形管；实验现象：裹入红磷的棉花不能燃烧，裹入白磷的棉花燃烧。故填：实验操作：打开K1、关闭K2，向下压左侧注射器活塞，使生成的氧气持续通入U形管；实验现象：裹入红磷的棉花不能燃烧，裹入白磷的棉花燃烧。3．小刚等四人组成的兴趣小组对锌与酸的反应进行了实验与探究：（1）该兴趣小组在实验中通过仔细观察发现纯锌粒和硫酸的反应明显比粗锌粒慢。通过查阅资料了解其元素组成得知粗锌中含有一些不活泼金属，他们猜想可能是粗锌粒中不活泼金属促进了锌和硫酸的反应。为了验证该猜想，你认为应该在盛有纯锌粒和稀硫酸的试管中，加入少量的B（填序号）。A.黄沙（主要成分SiO2）B.氯化铜C.氯化钠D.氯化钙（2）实验中小刚发现加入上述第（1）问选项中后三种物质，纯锌粒和稀硫酸的反应都有不同程度的加快，请你分析可能的原因是溶液中的Cl﹣对反应可能起了促进作用。（3）小刚想通过如图日常用品制作的装置和托盘天平，用m1克的粗锌粒和足量的稀盐酸（m2克）反应，测量粗锌粒样品中锌的纯度。实验步骤如下：步骤操作现象1称量m1克的粗锌粒和m2克的稀盐酸（足量），称量实验所用实验器材质量m3克2将粗锌粒放在铜网中，按图示装置组装后，称得仪器和药品的总质量为m4克3将铜网插入足量的稀盐酸中，充分反应有大量气泡4反应完全后，称得整个装置总质量为m5克若要计算出粗锌的纯度，最少需要上述实验数据中的m1、m4、m5（填m1、m2、m3、m4、m5）；（4）若去掉碱石灰，则所测定的粗锌纯度偏大（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。【解答】解：（1）黄沙中不含金属元素，由金属活动性顺序可知：钠、钙都比锌活泼，铜不如锌活泼，为了验证猜想，应该在盛有纯锌粒和稀硫酸的试管中，加入少量的氯化铜；故答案为：B；（2）氯化铜、氯化钠和氯化钙溶液中都含有氯离子，所以可能是溶液中的Cl﹣对反应可能起了促进作用；故答案为：溶液中的Cl﹣对反应可能起了促进作用；（3）若要计算出粗锌的纯度，可通过反应前后容器内减少质量确定出产生氢气质量，再利用氢气质量计算出锌的质量，所以需要知道粗锌的质量和反应前后容器内的总质量，即m1、m4、m5；故答案为：m1、m4、m5；（4）若去掉碱石灰，则氢气中会含有水蒸气，使测定的锌的质量偏大，粗锌纯度偏大；故答案为：偏大；4．小明同学对影响滑动摩擦力大小的因素进行探究。【实验器材】氢气充气机（氢气球可充气）、台式测力计、弹簧测力计、白纸、金属盒、细线若干。【提出猜想】猜想一：接触面的粗糙程度相同时，重力越大，滑动摩擦力越大猜想二：接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大【实验装置】【操作步骤】步骤①：金属盒放在质量不计的白纸上（如图1），读出台式测力计示数；拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。步骤②：将质量不计的氢气球系在金属盒上（如图2），读出台式测力计示数；拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。步骤③：再往金属盒注入适量的沙子，用氢气充气机往氢气球中充气，使台式测力计示数与步骤①中的示数相等，拉动白纸的过程中，读出弹簧测力计的示数。【实验数据】实验次数金属盒总重力G/N台式测力计示数F1/N弹簧测力计示数F2/N14.84.81.824.83.21.236.44.81.8（1）实验步骤②使用氢气球是为了改变压力（选填“压力”或“重力”）。（2）实验中不需要（选填“需要”或“不需要”）匀速拉动白纸。（3）实验中是通过注入沙子来改变金属盒总重力的。（4）整个实验证明猜想二正确。【解答】解：（1）由表格中实验次数1、2可知，将氢气球系在金属盒上前后，金属盒的重力没有发生改变，只有台式测力计的示数发生改变，则说明只有金属盒对白纸的压力发生了改变，所以使用氢气球是为了改变压力。（2）物体间滑动摩擦力的大小只与物体间压力和接触面的粗糙程度有关，与相对速度无关，所以不论是否匀速拉动白纸，都可以准确测出金属盒所受的摩擦力。（3）本实验是通过往金属盒中注入沙子来改变金属盒的总重力的。（4）由表格中实验次数1、2可知，两次实验中，金属盒的重力相同，但是对白纸的压力不同，两次实验中金属盒所受的滑动摩擦力大小不同；由表格中实验次数1、3可知，两次实验中，金属盒的重力不同，但是对白纸的压力相同，两次实验中金属盒所受的滑动摩擦力大小相同。总结可以，我们可以得出结论：在接触面粗糙程度相同的情况下，物体所受滑动摩擦力的大小与物体的重力无关，与物体间的压力有关，压力越大，滑动摩擦力越大。故答案为：（1）压力；（2）不需要；（3）注入沙子；（4）二。5．实施“双减”以后，在校就餐的同学们发现食堂配送餐盒的泡沫箱保温效果不是很好。某项目化学习小组开展了“在泡沫箱中添加蓄热材料是否会增强保温效果”的探究。已知该蓄热材料熔点是79℃。实验步骤如下：①取大小外观相同的夹层泡沫保温箱A和B，B箱夹层中加入蓄热材料，A箱不做处理。②将A、B箱体均加热至80℃，箱内放入含等量水的相同烧杯，如图所示：③将A、B箱置于相同环境下，利用传感器实时记录水温如下表。请回答下列问题：时间（分钟）0306090120150180210A箱温度（℃）8070615447413530B箱温度（℃）8079797668605345（1）除温度传感器外，本实验还需要的测量工具有秒表。（2）该小组通过实验得出“在泡沫箱中添加蓄热材料可以增强保温效果”的结论，请结合表中的信息，说明能得出该结论的证据是：在时间相同时，A箱温度下降的快，B箱温度下降的慢。（3）请运用所学科学知识解释“泡沫箱添加这种蓄热材料后能增强保温效果”的原因是：蓄热材料凝固时放出热量且蓄热材料起到了更好的阻止热传递的作用，降低了热辐射。【解答】解：（1）实验中，需要测量不同时间下保温装置A、B中的温度，故还需要用到秒表；（2）根据表格中的数据可知，在相同的时间内，A箱的温度低于B箱的温度，A箱温度下降的快，B箱温度下降的慢，所以在泡沫箱中添加蓄热材料可以增强保温效果；（3）根据题意可知，蓄热材料熔点是79℃，当B箱中的温度下降到79℃时，蓄热材料会凝固，凝固时放出热量，且蓄热材料起到了更好的阻止热传递的作用，降低了热辐射，增强保温效果。故答案为：（1）秒表；（2）在时间相同时，A箱温度下降的快，B箱温度下降的慢；（3）蓄热材料凝固时放出热量且蓄热材料起到了更好的阻止热传递的作用，降低了热辐射。6．小明用图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率，已知电源电压为3V恒定不变，小灯泡的额定电压为2.5V。（1）请用笔画线代替导线将图甲中滑动变阻器连入电路，要求滑片向左滑动时，灯泡亮度变大；（2）连接电路时，开关应该断开。（3）实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，两电表指针始终处于图乙所示位置，则③⑥⑦接线柱间（填接线柱的数字编号）出现了断路（选填“短路”或“断路”）；（4）故障排除后，小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U﹣I图像如图丙所示，则小灯泡的额定功率是0.75W，小明所用到的滑动变阻器的规格是下列四个选项中的C（选填选项前字母）；A.“5Ω2A”B.“15Ω2A”C.“25Ω2A”D.“30Ω2A”（5）小明在每次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了ΔR1，小灯泡的阻值变化了ΔR2，则ΔR1大于ΔR2，（选填“大于”、“小于”或“等于”）。（6）在实验过程中测出小灯泡额定功率P额，随后该同学又把灯泡两端的电压调为额定电压的0.5倍，测得的实际功率为P，则P与额定功率P额的大小关系可能为P额＝3P（选填“P额＝3P”、“P额＝4P”或“P额＝5P”）。【解答】解：（1）当滑动变阻器的滑动滑片向左滑动时，小灯泡的亮度变大，说明滑动变阻器和灯泡串联，且滑动变阻器电阻减小，电路电流变大，因此应将左下接线柱连入电路，如图所示：（2）在连接电路时，开关应该断开；（3）经分析，闭合开关，小明发现两电表指针处于图乙所示位置，即电压表示数为电源电压，电流表示数为零，说明电路为小灯泡所处的支路断路，此时灯泡不发光；（4）由图丙知，当U＝2.5V时，I＝0.3A，则灯泡的实际功率P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；灯泡正常发光时，变阻器两端的电压U滑＝3V﹣2.5V＝0.5V；由图像知，当灯泡两端电压最小时，变阻器的阻值最大，可知此时U滑＝3V﹣0.5V＝2.5V；此时电路中的电流为0.1A，则滑动变阻器的阻值R滑=U滑I=2.5V（5）当滑动变阻器电阻R滑变小时，根据分压原理，变阻器的电压变小，由串联电路电压的规律，灯泡两端电压增大；由图丙知，通过灯的电流也增大，根据P＝UI可知，灯的实际功率增大，灯丝温度升高，灯泡电阻R灯变大；因通过灯的电流即电路中电流变大，说明电路中的总电流变大，故总电阻R变小；根据R＝R滑+R灯可知，只有当R滑的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，即ΔR1＞ΔR2；（6）若灯的电阻不变，根据P=U2R，灯泡两端电压为额定电压的一半，实际功率为额定功率的14，而实际中，当灯泡两端的电压调为额定电压的一半时，通过灯的电流也减小了，根据P＝UI可知，灯的实际功率减小，灯丝的温度降低，因灯的电阻随温度的降低而减小，即灯的实际电阻R实小于灯正常发光时的电阻RL，根据P=U故答案为：（1）见解析；（2）断开；（3）③⑥⑦；断路；（4）0.75；C；（5）大于；（6）P额＝3P。7．小龙查阅资料发现：氢气还原氧化铜的实验中，若反应过程通入氢气时间不够，得到的固体产物是铜和氧化亚铜（Cu2O）组成的混合物。于是他对反应产物的生成情况进行了如下探究：利用图甲所示实验装置，称取若干份质量均为0.6克的氧化铜，在相同条件下分别用氢气还原不同时间并检测固体中氧化亚铜的质量，结果如图乙。（1）利用图甲装置进行氢气还原氧化铜的实验时，正确实验操作顺序为③①②④。①加热②停止加热③通纯净的氢气④停止通氢气（2）为解释实验结果，小龙对氢气还原氧化铜的反应过程提出如下假设：反应经历2CuO+H2△¯Cu2O+H2O，H2+Cu2O△¯2Cu+H2O两个反应，且在同一条件下两个反应同时进行。根据图乙所示的探究结果分析，假设成立的依据是（3）已知碳的氧化物有CO和CO2，它们之间的反应有：C+O2点燃¯CO2，C+CO2△¯2CO，根据碳及氧化物间的转化关系，推测Cu2O在上述实验中生成的过程可能是氢气和氧化铜反应生成铜和水，铜和氧化铜反应生成氧化亚铜（或H2+CuO△¯Cu+H2O，Cu+CuO△¯【解答】解：（1）氢气有可燃性，加热氢气与氧气的混合物容易发生爆炸，在加热氧化铜前，需要先通一段时间的氢气，故正确实验操作顺序为③①②④；（2）设分步进行，0.6g的CuO和氢气反应生成氧化亚铜质量为x，2CuO+H2△¯Cu2O+H21601440.6gx160144解得：x＝0.54g，结合图乙所示的探究结果计算分析，假设中“在同一条件下两个反应能同时进行”合理的依据是：如果分步进行，氧化亚铜最大质量应该是0.54g，而不是0.32g；（3）Cu2O在上述实验中生成的过程可能是氢气和氧化铜反应生成铜和水，铜和氧化铜反应生成氧化亚铜（或H2+CuO△¯Cu+H2O，Cu+CuO△¯Cu故答案为：（1）③①②④；（2）如果分步进行，氧化亚铜最大质量应该是0.54g，而不是0.32g；（3）氢气和氧化铜反应生成铜和水，铜和氧化铜反应生成氧化亚铜（或H2+CuO△¯Cu+H2O，Cu+CuO△¯Cu8．小龙根据伏安法利用图甲所示的电路来测量定值电阻R1的阻值。电源电压恒定为3伏，滑动变阻器的规格为（10欧2安）。实验序号电压/V电流/A12.00.2022.40.2532.80.27（1）小龙在表中记录了三组被测电阻两端的电压和通过电阻的电流值，为获得被测电阻的阻值，小龙将如何处理实验数据？根据R=UI（2）为了更准确地测量待测电阻的阻值，老师要求电压表的指针偏转要在满刻度的13到23之间。当待测电阻的阻值约为20欧时，小龙发现用现有的器材无法顺利完成实验，其原因是（3）小龙用小灯泡替换定值电阻测定小灯泡灯丝的电阻，发现灯丝电阻不是固定不变的。老师告知小龙，灯丝电阻会随温度的变化而变化。小龙将额定电压为2.5V的小灯泡L，以及其他相关器材按图甲连接电路，进行实验，测得小灯泡在温度恒定的环境中电流和电压的几组数据。再换用常温环境重复实验。将实验获取的数据画成图乙中的曲线a和b。请结合图像分析，灯丝电阻在常温环境下变化趋势及变化的原因。灯丝的电阻先不变后变大，灯丝电阻受温度影响很大。【解答】解：（1）根据R=U（2）串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得URR=滑动变阻器接入电路最大阻值时，UR串联电路总电压等于各部分电压之和，电源电压为3V，当滑动变阻器接入电路最大阻值时定值电阻两端电压：UR=2根据串联分压原理可知此时滑动变阻器两端的电压最大，根据串联电路电压规律可知此时定值电阻两端的电压最小，所以定值电阻两端的电压大于等于2V，无法达到要求的电压表的指针偏转要在满刻度的13×3V＝1V到（3）分析图像可知温度恒定时，灯泡的电阻是不变的，常温下灯泡的电阻是变化的，所以灯泡电阻变化的原因是灯泡电阻受温度影响很大；根据电路的热效应可知实验开始时，电流的热效应未使灯丝温度明显升高，灯丝电阻没有明显变化，当电流通过灯丝产生的热量大于其向空气中散失的热量时，灯丝温度持续升高，灯丝的电阻随温度的升高而增大。故答案为：（1）根据R=U9．板栗是人们比较喜爱的零食，但生板栗有坚硬密封的外壳，给食用带来不便（如图1）。为了使板栗方便爆壳。现查阅一些资料。资料1：板栗加热爆壳，但如果温度过高同时局部加热，容易导致板粟脱水从而碳化而变焦，导致无法食用。资料2：板栗爆壳通常利用壳内外短时间出现很大的气压差。使外壳迅速爆裂实现去壳。资料3：板栗爆壳通常选用含有适量水分的鲜板栗。资料4：板栗爆壳后个别壳片容易飞溅。（1）根据上述资料，请你设计出使板栗快速去壳的爆壳装置（要求：①写出设计原理；②画出简单的设计图：③附上必要的文字说明）。（2）街头一些小摊上还经常用一些小沙粒混着板栗炒，使板栗更容易熟。请你推测小沙粒在这种炒制过程中的作用。使板栗均匀受热、增大板栗受热面积、沙粒比热容较小吸热散热较快等。【解答】解：（1）①实验设计原理：根据温度计和气压计的监测，自动恒压抽气机随时调节爆壳箱内的气压；②实验设计图如下：③说明：板栗爆壳装置需密封且装置能承受较大压强，爆壳箱内有：温度计、气压计、加热装置，搅拌装置、自动恒压抽气机等，爆壳箱密闭防止壳片飞溅，自动恒压抽气机根据监测能随时调节爆壳箱内的气压，实现爆壳的条件；（2）街头的小沙粒炒板栗，使板栗更容易熟。小沙粒在这种炒制过程中的作用：使板栗均匀受热、增大板栗受热面积、沙粒比热容较小吸热散热较快等。故答案为：（1）见解析；（2）使板栗均匀受热、增大板栗受热面积、沙粒比热容较小吸热散热较快等。10．夏天到了，又到了吃瓜的季节。针对“吃了冰箱里的隔夜西瓜然后住院”的传言，某食品检验检测中心微生物实验室进行了如下实验。实验人员模拟了家庭日常切瓜冷藏的步骤，然后分成四组：室温不盖保鲜膜、室温盖保鲜膜、冷藏不盖保鲜膜、★，分别测试4、8、16、24和48小时之后的细菌情况。西瓜保存细菌总数结果模拟室温30℃不盖保鲜膜模拟室温30℃盖保鲜膜冰箱冷藏4℃不盖保鲜膜★4小时（CFU/克）＜10＜10＜10＜108小时（CFU/克）1118＜10＜1016小时（CFU/克）1.3×1042.4×104＜10＜1024小时（CFU/克）7.0×1069.2×108＜10＜1048小时（CFU/克）6.9×1095.3×10912＜10备注：目前我们国家并没有对新鲜水果蔬菜菌落总数进行规定水果制品的规定为不得超过1000CFU/克。CFU：菌落总数单位，数值越高越“脏”。[实验结论与反思]（1）实验过程中“★”处应填：冰箱冷藏4℃盖保鲜膜。（2）根据实验结果，切开的吃不完的西瓜应冷藏4℃盖保鲜膜保存。（3）小科在报纸上看到了科研人员做的这个实验后，提出一个问题“工作人员在切西瓜时需不需要无菌操作？”你的想法呢？并请说出理由不需要，家庭日常切瓜没有进行无菌操作。【解答】解：（1）根据对照实验要求，实验人员模拟了家庭日常切瓜冷藏的步骤，然后分成四组：室温不盖保鲜膜、室温盖保鲜膜、冷藏不盖保鲜膜、冰箱冷藏4℃盖保鲜膜。（2）分析表中数据可知：冰箱冷藏4℃盖保鲜膜48小时后CFU数值最低，说明切开的吃不完的西瓜应保冷藏4℃盖保鲜膜存。（3）根据实验人员模拟了家庭日常切瓜冷藏的步骤，家庭日常切瓜没有进行无菌操作，因此工作人员在切西瓜时不需要无菌操作。故答案为：（1）冰箱冷藏4℃盖保鲜膜（2）冷藏4℃盖保鲜膜（3）不需要，家庭日常切瓜没有进行无菌操作11．为研究小物块在足够长斜面上的运动规律，小科每次将小物块从斜面上A点由静止释放，沿斜面向下运动，利用秒表和刻度尺测出其运动时间和通过的路程，记录的数据如下表所示：从A点开始计时的时间t/s012345从A点开始运动的路程s/m00.31.22.74.8（1）求出物块自A点开始计时的5s时间内通过的路程为7.5m。（2）分析表中数据可知：物体通过的路程与时间的平方成正比。（3）小科通过查找资料知道，满足上述路程与时间关系的运动是一种由静止开始的匀加速运动（即在相同的时间内速度的增加量总是相同的运动），而且正比例关系中的系数是一个恒量，这个恒量在不同情况下是不同的。在上面实验中，你可以通过改变实验装置的哪个方面的因素来增大这个系数？可以让斜面的倾角变大。（只需填出一种方法即可）【解答】解：（1）（2）由表格数据可知，t＝1s时，路程是0.3m；t＝2s时，路程是1.2m；t＝3s时，路程是2.7m；t＝4s时，路程是4.8m；所以，时间增大为原来的2倍，路程增大为原来的4倍，时间增大为原来的3倍，路程增大为原来的9倍…，即物块通过的路程与所用时间成正比，可以得到s＝kt2，将表格中的数据1s和0.3m代入得：k=st2=0.3m则物块自A点开始计时的5s时间内通过的路程s＝0.3m/s2×（5s）2＝7.5m；（3）根据s＝0.3t2可知，物体由静止开始做匀加速运动，即在相同时间内速度的增加量总是相同的运动，该系数反映了相同时间内速度的增加量，若要增大这个系数，应让物体下滑得更快一些，可以让斜面的倾角变大或减小斜面的粗糙程度。故答案为：（1）7.5m；（2）时间的平方；（3）可以让斜面的倾角变大。12．自煮火锅加热包的成分有生石灰、活性炭、铝粉、铁粉碳酸钠、氯化钙、硫酸镁，向加热包中注入冷水即可使用。老师取适量加热包中的固体样品进行如图2的实验：一定量稀盐酸加入锥形瓶中，剧烈反应，生成大量气体。科学兴趣小组同学对气体成分和锥形瓶内溶液进行探究。Ⅰ.对气体成分进行探究。[作出假设]假设一：只有H2；假设二；只有CO2；假设三：含有CO2和H2。[实验探究]小科同学设计如图乙的实验，对气体成分进行探究。当气体通过装置后，出现甲中澄清石灰水无明显现象，而丁中有红色固体出现现象时，证明假设一成立。Ⅱ.对锥形瓶内的溶液进行探究。[实验探究]小甬同学取少量实验后锥形瓶内的溶液于试管中，向其中滴加NaOH溶液，开始一段时间无沉淀生成，其原因是锥形瓶内的溶液中存在过量的盐酸。[实验反思]通过探究和所学的知识，小真同学的归纳中你认为正确的是AB（可多选）。A.加热包应密封防湖保存B.向用过的加热包内的固体中，加入过量稀盐酸后过滤，可以回收活性炭C.能与水混合放出热量的物质均可用作加热包中的发热材料【解答】解：Ⅰ.[作出假设]铝粉、铁粉和稀盐酸生成氢气，碳酸钠和稀盐酸生成二氧化碳，生成气体可能含氢气，可能含二氧化碳，可能含二氧化碳和氢气，故答案为：含有CO2和H2。[实验探究]若证明假设一成立，则气体中只含有H2，则当气体通过装置后，出现甲中澄清石灰水无明显现象，而丁中有红色固体出现，可以证明假设一成立。故答案为：甲中澄清石灰水无明显现象，而丁中有红色固体出现；Ⅱ、[实验探究]实验后，取少量锥形瓶内的溶液于试管中，向其中滴加NaOH溶液，开始一段时间无沉淀生成，其原因是锥形瓶内的溶液中存在过量的盐酸，故答案为：过量的盐酸。[实验反思]A．加热包应密封防潮保存，防止吸收空气中的水变质，故A正确；B．氢氧化钙和盐酸反应生成易溶于水的氯化钙和水，向用过的加热包内的固体中，加入过量稀盐酸后，所得是氯化钙和盐酸的混合溶液和活性炭的混合物，过滤，可以回收不溶性固体活性炭，故B正确；C．不是所有能与水混合放出热量的物质均可用作加热包中的发热材料，如浓硫酸具有强腐蚀性，不能用作发热材料，故C错误；故答案为：AB。13．某科学兴趣小组利用图甲电路研究“通过导体的电流与电阻的关系”，电源电压恒为3V。（1）小科通过实验得到了I与R的关系如图乙所示，由图像可以得出的结论是在电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比。（2）当定值电阻为10Ω时，移动滑片P，使电流表的示数为0.2A，记录实验数据。若将定值电阻换成20Ω进行实验，正确操作后读数。小雨想要求此时滑动变阻器的功率，他的答案是0.2W，他的过程如下：UR＝IR＝10Ω×0.2A＝2V；U滑＝U总﹣UR＝3V﹣2V＝1V；R滑=U滑I=1V0.2A你认为小雨做得对吗？若不对，请指出小雨错在哪里并给出正确答案：小雨做得不对，她的错误是：她利用更换定值电阻前电路中的电流来计算更换定值电阻后滑动变阻器的电功率；正确做法为：定值电阻两端的电压为UR＝IR＝10Ω×0.2A＝2V；滑动变阻器两端的电压为U滑＝U总﹣UR＝3V﹣2V＝1V；若将定值电阻换成20Ω进行实验，要调节滑动变阻器，使定值电阻两端的电压保持2V不变，此时电路中的电流I′=URR'=2V20Ω（3）小真将电路中的定值电阻换成了小灯泡，来测量小灯泡的电功率。正确连接好电路，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，在保证各元件均安全的情况下，这段时间内，若小灯泡电阻变化量的绝对值是ΔR1，滑动变阻器接入电路的电阻变化量的绝对值是ΔR2。则ΔR1和ΔR2大小关系正确的是C。A.ΔR1＞ΔR2B.ΔR1＝ΔR2C.ΔR1＜ΔR2【解答】解：（1）分析图乙中的实验数据知，电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻的乘积是相等的，由此可以得出结论：在电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比；（2）当定值电阻为10Ω时，移动滑片P，使电流表的示数为0.2A，则定值电阻两端的电压为UR＝IR＝10Ω×0.2A＝2V；滑动变阻器两端的电压为U滑＝U总﹣UR＝3V﹣2V＝1V；若将定值电阻换成20Ω进行实验，要调节滑动变阻器，使定值电阻两端的电压保持2V不变，此时电路中的电流I′=U滑动变阻器的电功率为：P滑＝U滑I′＝1V×0.1A＝0.1W；因此，小雨做得不对，她的错误是：她利用更换定值电阻前电路中的电流来计算更换定值电阻后滑动变阻器的电功率；（3）原来的电流为I1，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡变暗，让小灯泡两端的电压逐渐降低，通过灯泡的电流也减小，所以I1＞I2，所以：UI2＞UI1，根据欧姆定律可得：R总2＞R故答案为：（1）在电压一定时，通过导体的电流和导体的电阻成反比；（2）小雨做得不对，她的错误是：她利用更换定值电阻前电路中的电流来计算更换定值电阻后滑动变阻器的电功率；正确做法为：定值电阻两端的电压为UR＝IR＝10Ω×0.2A＝2V；滑动变阻器两端的电压为U滑＝U总﹣UR＝3V﹣2V＝1V；若将定值电阻换成20Ω进行实验，要调节滑动变阻器，使定值电阻两端的电压保持2V不变，此时电路中的电流I′=URR'=2V（3）C。14．小文为探究压力的作用效果与哪些因素有关，用铜块、大小注射器、塑料软管、直玻璃管进行了如下实验：①取一支活塞横截面积为2.5cm2小注射器，用塑料软管将其与直玻璃导管相连，构成一个U形管装置。在装置中倒入适量的水（染成红色），此时U形管两边液面相平。②将一个重为G的铜块放在小注射器活塞上，活塞下降直至静止（如图所示），测出此时U形管两边液面的高度差。③分别将重为2G、3G的铜块放在小注射器活塞上，重复上述实验，测出U形管两边液面的高度差④换活塞横截面积为7.5cm2的大注射器按照上述方法再做3次实验，并将实验数据记录在表内。实验次数受力面积/cm2压力U形