2024届安徽定远启明中学高考全国统考预测密卷物理试卷含解析

2024届安徽定远启明中学高考全国统考预测密卷物理试卷

请考生注意：

1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0.5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答

案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。

2.答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、自空中的A点静止释放一个小球，经过一段时间后与斜面体的5点发生碰撞，碰后速度大小不变，方向变为水平,

并经过相等的时间最终落在水平地面的。点，如图所示，水平面上的。点在b点正下方，不计空气阻力，下列说法正

确的是

2

A.A、B两点的高度差和5、。两点的高度差之比为1：3

B./U6两点的高度差和C、。两点的间距之比为1：3

C.A.B两点的高度差和"、。两点的高度差之比为1：2

D.4、3两点的高度差和C、。两点的间距之比为1：2

2、如图甲，理想变压器的原、副线圈匝数比m：ii2=10：1,副线圈电路接有滑动变阻器R和额定电压为12V、线圈

电阻为2。的电动机M.原线圈输入的交流电压如图乙.闭合开关S,电动机正常工作，电流表示数为IA.下列判断

A.副线圈两端的电压有效值为22/V

B.滑动变阻器R的接入电阻为10。

C.电动机输出的机械功率为12W

D.若电动机突然卡住，原线圈输入功率将变小

3、如图所示为单摆的振动图像，根据此振动图像不能确定的物理量是（）

A.摆长B.回复力C.频率D.振幅

4、如图所示,将两个质量均为m,带电量分别为+q、-q的小球a、b用绝缘细线悬挂于O点，置于水平方向的匀强

a,使整个装置处于平衡状态，且悬线Oa与竖直方向的夹角为30。.则F的大小可能为（）

5、电梯在U0时由静止开始上升，运动的。一，图像如图所示，电梯总质量机=2.0xl（）3kg。电梯内乘客的质量〃?o=5Okg,

忽略一切阻力，重力加速度g=10m/s2。下列说法正确的是（）

A.第1s内乘客处于超重状态，第9s内乘客处于失重状态

B.第2s内乘客对电梯的压力大小为450N

C.第2s内钢索对电梯的拉力大小为2.2X104N

D.第2s内电梯对乘客的冲量大小为550N-S

6、2018年12月12日，嫦娥四号开始实施近月制动，为下一步月面软着陆做准备，首先进入月圆轨道I,其次进入

椭圆着陆轨道H,如图所示，B为近月点，4为远月点，关于嫦娥四号卫星，下列说法正确的是（）

A.卫星在轨道n上A点的加速度小于在B点的加速度

B.卫星沿轨道I运动的过程中，卫星中的科考仪器处于超重状态

C.卫星从轨道i变轨到轨道n,机械能增大

D.卫星在轨道II经过A点时的动能大于在轨道II经过B点时的动能

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，用等长的绝缘线分别悬挂两个质量、电量都相同的带电小球A和B,两线上端固定于O点，B球固定

在O点正下方。当A球静止时，两悬线的夹角为0.下列方法中能保持两悬线的夹角不变的是()

A.同时使两悬线长度减半

B.同时使两球的质量和电量都减半

C.同时使A球的质量和电量都减半

D.同时使两悬线长度减半和两球的电量都减半

8、如图所示，两块长方体滑块A和B叠放在倾角为。的斜面体C上。已知A、B质量分别为〃〃和/川，A与C的动

摩擦因数为小，B与A的动摩擦因数为川.两滑块AB在斜面体上以相同加速度自由下滑，斜面体C在水平地面上始

终保持静止，则下列说法正确的是()

A.斜面C受到地面的岸摩擦力方向水平向左

B.滑块A与斜面间的动摩擦因数w=tan0

C.滑块A受到斜面对其摩擦力的大小为川(mi+mi)gcos^

D.滑块B所受的摩擦力大小为川加igcosO

9、如图所示，光滑的水平杆上套有一质量为1kg、可沿杆自由滑动的滑块，滑块下方通过一根长为1m的轻绳悬挂需

质量为0.99kg的木块。开始时滑块和木块均静止。现有质量为10g的子弹以500m/s的水平出度击中木块并留在其中,

子弹与木块间的作用时间极短，取g=10m/s2。下列说法正确的是()

日11"一

•□

A.滑块的最大速度为5m/s

B.子弹和木块摆到最高点时速度为零

C.子弹和木块摆起的最大高度为0・625m

D.当子弹和木块摆起高度为0.4m时，滑块的速度为lm/s

10、2019年11月我国首颗亚米级高分辨率光学传输型立体测绘卫星高分七号成功发射，七号在距地约600km的圆轨

道运行，先期发射的高分四号在距地约36000km的地球同步轨道运行，关于两颗卫星下列说法正确的是（）

A.高分七号比高分四号运行速率大

B.高分七号比高分四号运行周期大

C.高分七号比高分四号向心加速度小

D.相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四号小

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学在《探究弹力和弹簧伸长关系》的实验中，用完全相同的弹簧A和B并联后上端固定，下端与长

木板相连，长木板带挂钩和指针总重2N,右边有一米尺，零刻度与弹簧上端对齐，现在在挂钩上挂不同个数的够吗，

测得数据如下表：

钩码重力ONIN2N3、

指针对齐刻度11cm12cm□cm14cm

（1）每根弹簧的原长为cm,每根弹簧的劲度系数为N/m；

（2）若将A、B弹簧串联起来使用，它们整体的劲度系数为o

A.25N/mB.10（）N/mC.50N/mD.200N/m

12.（12分）如图，物体质量为"7=2kg,静置于水平面上，它与水平面间的动摩擦因数〃=0.4,用大小为F-10后N、

方向与水平方向夹角0=45的拉力尸拉动物体，拉动4s后，撤去拉力尸，物体最终停下来.（取g=10〃z//）试求：

（1）物体前4s运动的加速度是多大？

（2）?物体从开始出发到停下来，物体的总位移是多大？

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图，两根形状相同、足够长的光滑金属导轨固定，相互平行，间距为L,两连接点。、力连线垂直于所

有导轨，左底端接有阻值为A的电阻。倾斜导轨所在平面与水平面夹角为。，平面内有磁感应强度为用、方向垂直于

平面向上的匀强磁场；水平导轨在同一水平面，所在区域有磁感应强度为生、方向竖直向上的匀强磁场。阻值为上

质量为机的相同导体杆A、B,A在倾斜导轨上，〃在水平导轨上，都垂直于导轨。开始时，A以初速度％开始沿倾

斜导轨向上滑行，B在外力作用下保持静止；A上滑通过距离工到达最高点时（此时A仍在倾斜导轨上），B瞬间获得

一个水平初速度并在外力作用下以此速度做匀速直线运动（B始终在水平导轨上并保持与导轨垂直），A恰能静止在倾

斜导轨上。求：

（1）在A上滑的过程中，电阻R上产生的热量；

（2）5做匀速运动速度的方向、大小；

⑶使B做匀速运动的外力的功率。

14.（16分）在光滑绝缘水平面上，存在着有界匀强磁场，边界为PO、MN,磁感应强度大小为瓦，方向垂直水平南

2____9

向下，磁场的宽度为一二/^丽，俯视图如图所示。在磁场的上方固定半径足=干廊^的四分之一光滑绝缘圆

qB°qB。

弧细杆，杆两端恰好落在磁场边缘的A、〃两点。现有带孔的小球a、b（视为质点）被强力绝^装置固定穿在杆上同

一点A,球a质量为2/心电量为一g；球b质量为机、电量为q；某瞬时绝缘袋置解锁，a、b被弹开，装置释放出3£）

的能量全部转为球•和球b的动能，a、b沿环的切线方向运动。求：（解锁前后小球质量、电量、电性均不变，不计

带电小球间的相互作用）

（1）解锁后两球速度的大小儿、町分别为多少；

⑵球。在磁场中运动的时间；

⑶若另一侧有平行于水平面的匀强电场，球a进人电场后做直线运动，球b进入电场后与a相遇；求电场强度E

的大小和方向。

4P・■■■■.■■■■■工・彳/■■■■■■■^■0・■―一・—・・・・・“0

xx版ixxx4xx

I

XXX|XXXXX

d•

xxx{xxxxx

XXx!XXXX2*

15.（12分）如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的U形管相连，U形管左测上端封闭一段长

度为15cm的空气柱，U形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体.开始时U形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止

状态，此时U形管右侧用活塞封闭的气体体积为490mL,若用力F缓慢向左推动活塞，使活塞从A位置移动到B位

置,此时U形管两臂中的液面高度差为10cm,己知外界大气压强为75cmHg,不计活塞与气缸内壁间的摩擦，求活塞

移动到B位置时U形管右侧用活塞封闭的气体体积.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

AC、48段小球自由下落，8C段小球做平抛运动，两段时间相同，根据可知A、8两点间距离与8、D

两点间距离相等，A、B两点的高度差和5、O两点的高度差之比为1：1,故AC错误；

BD.设3两点的高度差为h,根据速度位移公式可得5c段平抛初速度u=J丽，持续的时间”右，所以CO

两点间距离X=Vt=2h,所以A3两点的高度差和CD两点的间距之比为1：2,故B错误，D正确；

故选D.

2、B

【解析】

A.变压器初级电压有效值为220V,则副线圈两端的电压有效值为

U、="U\=22V

小

选项A错误；

B.滑动变阻器接入电阻为

/?=^A-^=22-12Q=10Q

1

选项B正确;

C.电动机输出的机械功率为

22

/>,=/(/VJ-Zr=lxl2-lx2=10W

选项C错误；

D.若电动机突然卡住，次级电流将变大，次级消耗的功率变大，则原线圈输入功率将变大，选项D错误；

故选B.

点睛：此题要注意电动机问题的能量转化关系：输出功率等于总功率与内阻上的热功率的差值；电动机被卡住后相当

于纯电阻，则电路的电流会变大，电动机很快被烧毁.

3、B

【解析】

由图可直接看出的物理量有：周期7=2$,振幅A=3cm；由单摆的周期公式：

T=2/r

则频率：

/=1=O.5H

可求出摆长为：

由于不知道摆球的质量，所以无法知道回复力。B正确，ACD错误。

故选B。

4、A

【解析】

以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出F在三个方向时的受力图如图，根据平衡条件得知：F与T的

合力与重力2mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子oa垂直时，F有最小值，即图中2位置,

F的最小值为：二二二二2二二二二二二二二二所以F的大小可能为mg,其他值不可能，故A正确，B、C、D错误；

故选A。

3

T

【点睛】

2mg

关键是运用图解法确定出F的最小值，以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件，分

析F的最小值，从而分析F的可能值。

5、D

【解析】

A.第1s内和第9s内加速度均竖直向上，乘客处于超重状态，故A错误；

B.第2s内研究乘客，根据牛顿第二定律

代入数值解得电梯对乘客的支持力为550N,由牛顿第三定律可知，乘客对电梯的压力为550N,故B错误；

C.第2s内研究乘客和电梯整体，根据牛顿第二定律

T一(/叫)+/??)g=(%)+m)a

代入数值解得钢索对电梯的拉力为22550N,故C错误；

D.。-/图像的面积表示速度变化，得第2s内速度的变化量为

Av=1m/s

第2s内研究乘客，根据动量定理

/-w0(gr=w()Av

代入数值解得电梯对乘客的冲量为55ONs故D正确。

故选D。

6、A

【解析】

A.卫星在轨道II上运动，A为远月点，3为近月点，卫星运动的加速度由万有引力产生

GMm

——--=ma

即

GM

a=^~

r

所以可知卫星在〃点运行加速度大，故A正确；

B.卫星在轨道I上运动，万有引力完全提供圆周运动向心力，故卫星中仪器处于完全失重状态，故B错误；

C.卫星从轨道I变轨到轨道n,需要点火减速，所以从轨道I变轨到轨道n,外力做负功，机械能减小，故C错误;

D.卫星从A点到3点，万有引力做正功，动能增大，故卫星在轨道n经过A点时的动能小于在轨道n经过5点时的

动能，故D错误。

故选A„

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、CD

【解析】

同时使两悬线长度减半，若角度〃不变，球间距减半，根据公式二二二净，静电斥力增加为4倍，故重力和静电斥力

的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故A错误；同时使两球的质量和电荷量减半，4球的重力减小为一半，静

电力都减小为四分之一，故重力和静电斥力的合力方向一定改变，不能在原位置平衡，故B错误；同时使4球的质量

和电荷量减半，A球的重力和静电力都减小为一半，故重力和静电斥力的合力方向不变，球能保持平衡，故C正确；

同时使两悬线长度和两球的电荷量减半，球间距减为一半，根据公式二二二台，静电力不变，故重力和静电斥力的合

力方向不变，球能保持平衡，故D正确。所以CD正确，AB错误。

8、AC

【解析】

A.把A8看成一个整体，A3对C的压力在水平方向的分力为

M=(zz/i+mi)gcosO-sinO

方向水平向右，对C的摩擦力在水平方向的分力为4=小。§0,方向水平向左。因为AB一起加速下滑，所以(，川+加1)

gsin0>f贝ijNx",所以斜面C有向右的运动趋势，则斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左.故A正确；

B.因为A3一起加速下滑，所以

(/川+/Hi)gcosO<(mi+mi)gsin。

则〃iVtaiW,故B错误；

C.把A/e看成一个整体，滑块A与斜面之间的摩擦力为

/="(wi+mi)gcosO

故C正确；

D.滑块AB一起加速下滑，其加速度为

«=gsinO-/zigcosO

3与A之间的摩擦力是静摩擦，则A〃之间的摩擦力为

f=inia=mg（sinO-//icosO）

故D错误。

故选AC.

9、AC

【解析】

A.设子弹质量为孙），木块质量为〃小滑块质量为，〃2,只要轻绳与杆之间的夹角为锐角，轻绳拉力对滑块做正功，

滑块就会加速，所以当轻绳再次竖直时滑块速度最大，设此时滑块速度为垢，子弹和木块速度为心系统在水平方向

动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得

%）%=（%+班）匕=（恤+办）v'+nt1ym

由机械能守恒定律

1（%+叫）孑=|。叫）+班）户+；吗4

乙乙乙

代入数据解得

L=°或匕=5m/s

即滑块的最大速度为5m/s,故A正确；

B.设子弹质量为如），木块质量为〃八，滑块质量为帆2,由子弹、木块、滑块组成的系统在水平方向上动量守恒，故

当子弹和木块摆到最高点时三者具有相同的速度，且速度方向水平，故R错误；

C.当子弹和木块摆到最高点时三者具有相同的速度打在水平方向，由动量守恒定律得

〃%%=（w0+见）匕=+m]+m2）v

代入数据解得

v=2.5m/s

由子弹进入木块后系统机械能守恒可得

2

；（〃%+叫）v；=；（/%+叫+/W2）V++见）gh

代入数据解得

h=0.625m

故C正确；

D.当子弹和木块摆起高度为0.4m时，系统在水平方向动量守恒，由动量守恒定律得

%）%=（%+g）W=（〃%+町）匕+'〃26

代入数据解得

匕=4m/s

而此时木块和子弹竖直方向速度一定不为零，故由子弹进入木块后系统机械能守恒可得

1（"%+叫）U；=!（"%+町）（匕+匕f+!叫《+（〃石+町）gh

222

解得

h<0.4m

故D错误。

故选AC,

10、AD

【解析】

A.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

运行轨道半径越大，运行的速度越小，高分七号比高分四号向心速率大，故A正确;

B.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

G_-Mm=m^4/rr

解得

丁.P"

T=-----

XGM

运行轨道半径越大，运行的周期越大，所以高分七号比高分四号运行周期小，故B错误;

C.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

-Mm

G——=ma

r~

解得

GM

a=

运行轨道半径越大，运行的加速度越小，所以高分七号比高分四号向心加速度大，故c错误;

D.卫星与地心连线扫过的面积为

S=—r20=—rvt=—4GMr

222

相同时间内，运行轨道半径越大，与地心连线扫过的面积越大，相同时间内高分七号与地心连线扫过的面积比高分四

号小，故D正确；

故选AD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、9cm50N/mA

【解析】

根据力的平衡，有

G=2ML-LQ）

把G=2N时，L=llcm与G=3N时，L=12cm代入解得

h）=9cm

4=50N/m

⑵⑶将A、B弹簧串联起来使用，当拉力为尸时，每个弹簧的形变量为x,整体形变量为2x,由尸二4占可得整体的劲

度系数

,Fk

k=—=-=25N/m

2x2

故填A。

12、（2）3m/s2（）42m

【解析】

（1）由牛顿第二定律运用正交分解法求解加速度；

（2）根据运动公式求解撤去外力之前时的位移；根据牛顿第二定律求解撤去外力后的加速度和位移，最后求解总位移.

【详解】

（1）受力分析：正交分解：由牛顿第二定律得：

Fcos45-f=ma；

Fsin45+N-mg=01

联立解得：a=3/7?/.v2

(2)前4s内的位移为内=-at2=-x3x42m=24m,

22

4s末的速度为：v=at=]21nls,

撤去外力后根据牛顿第二定律可知：-卬〃g=ma',

2

解得：a'==-4m/s1

0-v20-122

减速阶段的位移为：x=—=m=18/77,

22a2x(-4)

通过的总位移为：x=xi+x2=42m.

【点睛】

此题是牛顿第二定律的应用问题；关键是知道加速度是联系运动和力的桥梁，运用正交分解法求解加速度是解题的重

点.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.⑴°=遮43；⑵八嚅=，方向向右；⑶p=6叱”*

12DXD2LL

【解析】

(1)当A上滑到最高点时，速度减为零，设电路中产生的总热为。总，由能量守恒

/〃?片=mgxsin®+Q总

由于B与R并联后与A串联，设电阻R上产生的热量为。，则

。=如

解得

zwv*-2"yxsin0

Q=

⑵要使4静止在倾斜导轨上，受到的安培力沿倾斜导轨向上，根据右手定则、左手定则，B做匀速运动速度的方向向

右。

设8杆匀速运动的速度大小为外其中的感应电动势为E,流过A杆的电流为人，流