江苏省泰州市兴化市2023-2024学年高三年级上册期末适应性考试物理试题（含答案解析）

江苏省泰州市兴化市2023-2024学年高三上学期期末适应性考

试物理试题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.在“用双缝干涉测光的波长”实验中，一同学通过测量头的目镜观察单色光的干涉图样时,

发现里面的亮条纹与分划板竖线未对齐，如图乙所示，若要使两者对齐，该同学应如何调节

（）

D.仅旋转测量头

2.静止在匀强磁场中的碳14原子核，某时刻放射的某种粒子与反冲核的初速度方向均与磁

场方向垂直，且经过一定时间后形成的轨迹如图所示。那么碳14的核反应方程可能是（

B.^4C^e+；4B

C.^C^e+^ND.fC-＞；H+；2B

3.下列说法正确的是（）

A.查德威克通过a粒子散射实验否定了汤姆逊的模型

B.某激光器能发射波长为九的激光，发射功率为P,真空中光速为c,普朗克常量为肌

0p

则该激光器每秒发射的光子数为好

he

C.第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第一定律

试卷第1页，共8页

D.肉眼可以观察到悬浮微粒的布朗运动

4.一定质量的理想气体从状态/缓慢经过状态8、C、。再回到状态/,其体积厂与热力

学温度T的关系图像如图所示，其中2C的延长线过。点，气体在状态/时的压强为P。。

A.过程中气体的压强增大了4区

B.过程中气体对外界放出的热量小于外界对气体做的功

C.C-D过程中气体的压强变小，气体从外界吸收热量

D.AA过程中气体分子在单位时间内对单位面积容器的碰撞次数减少

5.如图所示，图甲为包含两种不同频率光的一细束光从空气射向平行玻璃砖的上表面，光

束经两次折射和一次反射后的情形，图乙为研究某种金属光电效应的电路图。分别用a、b

两种光照射如图乙所示的实验装置，都能发生光电效应。下列说法正确的是（）

光束

乙

A.图乙中滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数一定增大

B.图甲中a光的频率小于6光的频率

C.用。光照射图乙的装置时逸出光电子的最大初动能较大

D.用同一装置研究双缝干涉现象，光。的条纹间距更大

6.根据海水中的盐分高低可将海水分成不同密度的区域，当潜艇从海水高密度区域驶入低

密度区域，浮力顿减，称之为“掉深”。如图甲所示，我国南海舰队某潜艇在高密度海水区域

沿水平方向缓慢航行.，=0时，该潜艇“掉深”，随后采取措施自救脱险，在0〜50s内潜艇竖

直方向的V—图像如图乙所示（设竖直向下为正方向）。不计水的粘滞阻力，则（）

试卷第2页，共8页

A.潜艇在f=20s时下沉到最低点

B.潜艇竖直向下的最大位移为750m

C.潜艇在“掉深”和自救时的加速度大小之比为5:2

D.潜艇在0〜20s内处于超重状态

7.我国发射的“嫦娥四号”登月探测器，首次造访月球背面，成功实现对地对月中继通信。

如图所示，“嫦娥四号”从距月面高度为100km的环月圆轨道I上的P点实施变轨，进入近月

点为15km的椭圆轨道H,由近月点。落月。关于“嫦娥四号”下列说法不正确的是（）

A.沿轨道n运行的周期大于沿轨道I运行的周期

B.沿轨道n运行时，在P点的加速度小于在。点的加速度

c.沿轨道I运动至尸时，需制动减速才能进入轨道II

D.在轨道n上由尸点运行到。点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重

力势能减小，机械能不变

8.近年来无线充电技术得到了广泛应用，其简化的充电原理图如图所示。发射线圈的输入

电压为220V,电流为正弦式交流电，接收线圈的输出电压为8.8V。若工作状态下，穿过接

收线圈的磁通量约为发射线圈的80%,忽略其他损耗，下列说法正确的是（）

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直流电

整流

接收线圈后电池

电路

A.接收线圈与发射线圈中匝数比为1:20

B.接收线圈与发射线圈中电流之比等于20:1

C.发射线圈与接收线圈中交变电流的频率不相同

D.当发射线圈的正弦式交流电处于峰值时，受电线圈的磁通量为0

9.如图所示，一强磁性圆轨道固定在竖直平面内，轨道半径为R,/、8两点分别为轨道的

最高点与最低点，质量为根的小球沿轨道外侧做完整的圆周运动，球始终受大小恒为R

方向始终指向圆心。的磁性引力，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g。则（）

A.球在/点的最小速度为顺

B.运动过程中球的机械能不守恒

C.球从/运动到8过程中，受到的弹力逐渐增大

D.F的最小值为5mg

10.如图所示，在直角坐标系xOy平面内存在一点电荷，带电荷量为一。，坐标轴上有/、

B、C三点，OA=OB=BC=a,其中/点和3点的电势相等，。点和。点的电场强度大

小相等。己知静电力常量为公则（）

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y八

A-

~d]BC_?

A.点电荷位于B点处

B.。点电势比N点电势高

C.。点处的电场强度大小为芈

a

D.将正的试探电荷从/点沿直线移动到C点，电势能先增大后减小

11.如图是一边长为£的正方形金属框放在光滑水平面上的俯视图，虚线右侧存在竖直向上

的匀强磁场.金属矿电阻为尺，，=0时刻，金属框在水平拉力尸作用下从图示位置由静止

开始，以垂直于磁场边界的恒定加速度进入磁场，4时刻线框全部进入磁场。贝IJ0-4时间内

金属框中电流i、电量外运动速度v和拉力F随位移X或时间t变化关系可能正确的是（）

二•**

口•儿

：•••

二、实验题

12.某学习小组的同学们想利用电压表和电阻箱测量一电池组的电动势和内阻，他们找到了

如下的实验器材：电池组（电动势约为6.0V,内阻约为1。）、灵敏电流计G（满偏电流

/g=100〃A,内阻q=200。，定值电阻用（凡=1。），定值电阻与（与阻值可求），变阻

试卷第5页，共8页

箱R（阻值范围可调），开关，导线若干。同学们研究器材，思考讨论后确定了如下的实验

方案，请你将该方案补充完整。

（1）若想灵敏电流计G改装成量程为6V的电压表，需要一个定值电阻比（选填“串

联”或“并联”），该定值电阻的阻值_____Qo

（2）为了准确测出电池组的电动势和内阻，在图中虚线框中设计电路图，请把该电路图补

充完整______O

甲

（3）采集灵敏电流计G和变阻箱R的读数,作出了图像如图乙所示，已知图线的斜率为公

纵截距为6,则所测得电池组的内阻片。（用题目中所给的字母表示，已知电源中的

电流远大于电流计G中的电流）

（4）组长还组织大家进一步研讨，图丙所示为他们测得的某型号小灯泡的伏安特性曲线，

如果把两个该型号的灯泡并联后再与&=9Q的定值电阻串联起来接在上述电池组上（若测

得电池组的电动势£=6.0V,内阻，（「=1.0。），如图丁，则每只灯泡消耗的实际功率为

pH8r

丙T

三、解答题

13.如图甲所示，质量为优的物体B放在水平面上，通过轻弹簧与质量为2加的物体A连

接，现在竖直方向给物体A—初速度，当物体A运动到最高点时，物体B与水平面间的作

试卷第6页，共8页

用力刚好为零。从某时刻开始计时，物体A的位移随时间的变化规律如图乙所示，已知重

力加速度为g,求：

(1)物体A的振动方程；

(2)物体B对地面的最大压力大小。

14.电磁感应现象的发现，给电磁的应用开辟了广阔的道路，其中发电机就是电磁感应最重

要的应用成果之一。某种直流发电机的工作原理可以简化为如图甲所示的情景。在竖直向下、

磁感应强度B=1.0T的匀强磁场中，两根光滑平行金属导轨和尸。固定在水平面上，导

轨间距Z=0.5m,导轨左端接有电阻R=0.8Q,电阻R两端接有电压传感器。质量加=0.5kg,

电阻尸0.2。的金属杆仍置于导轨上，与导轨垂直，其余电阻不计。现用水平向右的拉力厂

拉成杆，使其由静止开始运动。电压传感器将R两端的电压。即时收集并输入计算机，得

到U随时间，变化的关系如图乙所示。求：

(1)杆的加速度大小；

15.如图所示，竖直光滑半圆弧轨道的下端2点固定在高力=3.2m的竖直墙壁上端，。为

半圆的圆心，8c为竖直直径，一质量“2=4kg的小球6静置在8点。现将一质量町=2kg的

小球。从水平地面上的N点以初速度%斜向上抛出，抛射角8=53。。小球a刚好能沿水平

方向击中小球6,两小球碰撞过程时间极短且没有能量损失，碰撞结束后小球b在半圆弧轨

道上运动的过程不脱离轨道(小球6从圆弧轨道最高点C和最低点8离开不算脱离轨道)。

已知sin53。=0.8,cos53°=0.6,重力加速度g=lOm/s2,空气阻力不计，求:

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(1)小球。从N点抛出时的初速度%;

(2)碰撞结束瞬间小球b的速度为；

(3)半圆弧轨道的半径R的取值范围。

16.如图所示，在三维坐标系Oxyz中，z>0的空间内充满沿z轴负方向的匀强电场(电场

强度大小E未知)，z<0的空间内充满沿y轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小为瓦甲、

乙两离子从坐标为(0,0,刀)的/点以相同速率％分别沿x轴正方向、y轴正方向出射，甲

离子第一次到达x轴时速度方向与x轴正方向夹角为归37。。已知甲、乙离子的质量均为小

带电量均为+q,不计离子重力以及离子间的相互作用，已知sin37o=0.6,cos37o=0.8。求：

(1)电场强度的大小心

(2)甲离子运动过程中的最低点到xOy面的距离与乙离子运动过程中的最低点到xOy面的

距离之比k；

(3)甲离子第n次进入磁场时的x坐标与乙离子第n次进入磁场时的x坐标之差M。

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参考答案:

题号12345678910

答案DCBDCBAADB

题号11

答案D

1.D

【详解】发现里面的亮条纹与分划板竖线未对齐，若要使两者对齐，应旋转测量头。左右转

动透镜、旋转单缝、旋转双缝均无法使亮条纹与分划板竖线对齐。

故选D。

2.C

【详解】由于两个轨迹为内切圆，放出的粒子和反冲核的速度方向相反，由左手定则可知，

它们一个正电荷一个负电荷。

故选C。

3.B

【详解】A.卢瑟福通过a粒子散射实验否定了汤姆逊的模型，故A错误；

B.每个光子的能量

E=hv=h—

2

设每秒激光器发出的光子数是"，则

Pt=nE

即

P=nh—

2

则该激光器每秒发射的光子数为

PA

n=----

he

故B正确；

C.第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，故C错误；

D.布朗运动需在显微镜下观察，肉眼无法观察到悬浮微粒的布朗运动，故D错误。

故选B。

4.D

【详解】A.过程为等容过程，根据查理定律有

答案第1页，共13页

PoZPB

解得

PB=4Po

可知，/-B过程中气体的压强增大了30，故A错误；

B.由于8c的延长线过。点，根据盖吕萨克定律可知，该过程为等压过程，压强不变，B-C

过程，温度降低，气体内能减小，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律

\U=W+Q

可知，气体对外界放出的热量大于外界对气体做的功，故B错误；

C.C-D过程中为等容过程，温度降低，根据查理定律可知，气体的压强变小，温度降低，

气体内能减小，体积一定，气体与外界之间做功为0,根据热力学第一定律，气体向外界释

放热量，故C错误；

D.过程为等温过程，根据玻意耳定律可知，体积增大，压强减小，由于温度一定，

则分子运动的平均速率一定，一个分子与器壁撞击的平均作用力一定，而压强减小，则气体

分子在单位时间内对单位面积容器的碰撞次数减少，故D正确。

故选D。

5.C

【详解】A.图乙中滑动变阻器的滑片向右移动，AK两极板的电压增大，如果已经达到饱

和灌电流，则电流表示数不再增大，故A错误；

B.作出光路图如图所示，可知光从空气射入玻璃时。光的偏折程度较大，则。光的折射率

较大，频率较大，故B错误；

反射层

C.根据光电效应方程

纥＞”=济-叫。光的频率较大，所以用。光照射图乙的装置时逸出光电子的最大初动能较大,

故C正确；

答案第2页，共13页

D.根据

[=。光的频率较大，则。光的波长小，条纹间距更小，故D错误。

a

故选C。

6.B

【详解】A.在50s内先向下加速后向下减速，贝卜=50s潜艇向下到达最大深度，故A错误;

B.由图像可知潜艇竖直向下的最大位移为

〃=Jx30x50m=750m

2

故B正确；

C.潜艇在“掉深”时向下加速，则由图像可知加速度大小为

(7=—m/s2=1.5m/s2

20

在自救时加速度大小为

f30.21/2

a=——m/s=lm/s

30

所以加速度大小之比为

。_3

2

故C错误；

D.潜艇在0〜20s内向下加速，加速度向下，处于失重状态，故D错误。

故选B。

7.A

P

A.如图所示，设月球半径为厂，轨道I半径为R,根据开普勒第三定律知

答案第3页，共13页

R+r3

2R'

不T；

分析知，Ti>Tu，故A错误;

B.探测器只受万有引力作用，则

G——=ma

谢

代入得

U—(J—z-

谢

则距离越远，加速度越小，距离越近，加速度越大。所以P点的加速度小于在。点的加速

度。B正确；

C.当探测器的速度突然减小时，即万有引力大于所需要的向心力，探测器将做近心运动,

脱离原来的圆轨道，轨道半径变小，所以沿轨道I运动至P时，需制动减速才能进入轨道

IioC正确；

D.从远月点P到近月点0,万有引力对卫星做正功，动能昂增大，引力势能减小。只有

万有引力做功机械能守恒。故D正确；

故选Ao

8.A

【详解】A.根据理想变压器原副线圈电压与线圈匝数的关系

5=2

U2n2

其中

TTU8.85

U,=220V,a=一=----V=11V

27/80%

接收线圈与发射线圈中匝数比为

%:々=1:20

故A正确；

B.由于存在漏磁现象，接收线圈与发射线圈中电流之比不等于原、副线圈匝数比的倒数，

故B错误；

C.变压器不改变交变电流的频率，发射线圈与接收线圈中交变电流的频率相同，故C错误;

D.当发射线圈的正弦式交流电处于峰值时，产生的磁感应强度达到最大，受电线圈内磁通

答案第4页，共13页

量达到最大，磁通量变化率为零，受电线圈的感应电动势为0,故D错误。

故选Ao

9.D

【详解】A小球沿轨道外侧运动，则过最高点N点时，最小速度可为零，此时支持力等于

重力与引力之和，故A不符合题意；

B运动过程中，引力方向始终与速度方向垂直，则引力不做功，仅有重力做功，则球的机械

能守恒，故B不符合题意；

C球从/运动到8过程中，速度逐渐增大，所需向心力逐渐增大，弹力沿圆心与球的连线

向外，则可知弹力逐渐减小，故C不符合题意;

D当球过A点速度为零时，做完整圆周运动/最小，则由/到3有

mg*2R=~^mvB

F-mg=-

mmK

解得

故D符合题意。

故选D。

10.B

【详解】A.4点和3点的电势相等，点电荷必位于4点和3点连线的垂直平分线上；。点

和C点的电场强度大小相等，点电荷位于。点和C点连线的垂直平分线上，故带负电的点

电荷位于坐标（见。）处，故A错误;

B.根据点电荷周围电场分布可知，。点电势比/点电势高，故B正确;

C.C点的电场强度大小

cr22a2

故C错误;

D.将带正电的试探电荷从/点沿直线移动到C点，电场力先做正功后做负功，电势能先减

小后增大，故D错误。

故选Bo

11.D

答案第5页，共13页

【详解】A.导线的速度和位移关系为

v2=lax

则感应电流为

,BLv

i=-----

R

解得

,BLy/2ax

i=-----------

R

A错误;

B.某一微小时段

...BLQx

♦q=1刎=

R

因此

BLx

q=-----

R

故B错误;

C.根据运动学公式

v=at

C错误;

D.根据牛顿第二定律

F—BiL=ma

金属框电流

.BLvBLat

i=-----=-------

RR

解得

.B2I：at

r=maH------------

R

D正确。

故选Do

[

12.串联59800j

H|—_I_J—।

Ri

0.27/0.28/0.29/0.30/0.31

答案第6页，共13页

【详解】（1）口］［2］若想灵敏电流计G改装成量程为6V的电压表，需要串联一个定值电阻

R2,该定值电阻的阻值

凡=土-凡=——-~。-200Q=59800Q

g

-Ig100x10-6

（2）［3］电路如图，其中R/为保护电阻；

/（凡+凡）

£=（/+1）（｛+厂）+/（4+4）

因已知电源中的电流远大于电流计G中的电流，则可写成

（+凡）

E=^IR^（&+r）+/（Rg+&）

K

即

1=—）（招+r）\（4+凡）

1~ER—E

则

（R+RM+r）

K-g

E

R+R,

b—―-

E

解得

r=--R

b1x

（4）［5］由电路可知

E=U+2I(R0+r)

即

U=6-20I

将此关系图像画在灯泡的U-/图像中，如图;

答案第7页，共13页

则交点为电路的工作点，则/=0.24A,U=1.2V,则每只灯泡消耗的功率

P=/U=0.29W

13.(1)y=lOsin12Tlcm；(2)6mg

【详解】(1)图乙可知振幅为

4=10cm

周期为

r=i.Os

圆频率为

2%

co=—=2〃rad/s

T

规定向上为正方向，片0时刻位移为0.05m,表示振子由平衡位置上方0.05m处开始运动，

所以初相为

71

O

则振子的振动方程为

y=4sin(d+%)=lOsin(2加+fem

(2)物体A在最高点时，物体B与水平面间的作用力刚好为零，此时弹簧的拉力为

F=mg

对于物体A有

2mg+F=2ma

解得

a=1.5g

当物体A运动到最低点时，物体B对水平面的压力最大，由简谐运动的对称性可知，物体

A在最低点时加速度向上，且大小等于1.5g,由牛顿第二定律得

F-2mg=2ma

答案第8页，共13页

解得

Ff=5mg

由物体B的受力可知，物体B受水平面的最大支持力为

FN=F'+mg=6mg

由牛顿第三定律

F&=FN=（＞mg

14.(1)5m/s2；(2)45J

【详解】(1)令金属杆的速度为v,则产生的感应电动势为

E=BLv

根据闭合电路欧姆定律，感应电流为

/=—^―

R+r

R两端的电压

U=IR

根据图乙可知

U=kt

其中斜率

40

左二—V/s=2.0V/s

2.0

结合上述有

BLR

可知，加速度为

k（R+r）「

a=--------=5m/s2

BLR

(2)根据上述可知，在拉力作用下，金属杆向右做匀加速直线运动，3.0s末撤去拉力厂时

的速度为

v0=atQ=15m/s

撤去拉力后，根据能量守恒定律有

12

Q总=/冽%

则此后电阻R上产生的焦耳热

答案第9页，共13页

。王

解得

Q=45J

15.(1)IOm/s；(2)4m/s(3)火40.32m或者R2O.8m

【详解】（1）设水平方向上向右为正方向，小球a从/点抛出，在竖直方向上做匀减速直

线运动，水平方向做匀速直线运动，刚好能沿水平方向击中小球6,则有

2〃

2g

。=%sin0

联立解得

Vy=8m/s

v0=10m/s

（2）小球a刚好能沿水平方向击中小球b时，其速度为

vx=v0cos6=10x0.6=6m/s

根据动量守恒定律可得

加止、=加产“+加2%

根据能量守恒定律可得

^miVl=^miVa+^m2Vt

联立解得

vb=4m/s

（3）假设小球6恰好能运动至。点，则在。点满足

m炉

K

又根据动能定理可得

11

mv2mv2

^2c-^2b=-2m2gR

联立解得

R=0.32m

答案第10页，共13页

故半圆弧轨道的半径R取值范围是R40.32m。

如果小球恰好运动到和圆心等高的位置，此时的最小速度为零，则有

12c

mR

3m2Vb=2g

解得

R=0.8m

故半圆弧轨道的半径R取值范围是氏<0.32m或者R>0.8m

16.(1)E-...—；(2)乂：％=1：3；(3)Ax=(2n—l]—h,n=L2,3L

32hq3

【详解】(1)离子甲在电场中做类平抛运动，有

qE

a=—

m

tan37。=生

%

712

/z——at