（详解详析）2022年河南省定心卷·物理

物理试卷第页（共页）2022年河南省定心卷·物理详解详析一、填空题(本题共6小题，每空1分，共14分)1.J/kgW＝Pt2.凝华放热【解析】霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶；“水缸出汗”其中“汗”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，是液化现象，液化放热．3.负带电体能吸引轻小物体4.照相机变长当铅笔在一倍焦距以内时，得到正立、放大的虚像(或铅笔在一倍焦距以外时，得到倒立的实像)【解析】装满水的玻璃杯相当于一个凸透镜，发现铅笔的笔尖指向右侧，说明成倒立的像，并且比实际的短，说明成缩小的实像，是照相机原理；铅笔由远处慢慢靠近玻璃杯的过程中，当铅笔处于一倍焦距和二倍焦距之间时，此时成倒立放大的实像，所以透过玻璃杯会看到铅笔尖逐渐变长；移动到某一位置时，铅笔尖会突然改变方向的原因是当物距在一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像或物体在一倍焦距以外时，得到倒立的实像．5.6601.8【解析】当开关S1闭合，S2和S3断开时，R1和R2串联接入电路，电流表测通过电路的电流，串联电路总电阻等于各分电阻之和，根据欧姆定律可得电源电压U＝I(R1＋R2)＝0.1

A×(20

Ω＋40

Ω)＝6

V；当开关都闭合时，R1和R3并联接入电路，电流表测干路电流，并联电路各支路两端电压相等，则通过电阻R1的电流

I1＝UR1＝6V20Ω＝0.3

A，并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过电阻R3的电流I3＝I′－I1＝0.4

A－0.3

A＝0.1

A，根据欧姆定律可得电阻R3的阻值R3＝UI3＝6V0.1A＝60

Ω；此时R1消耗的6.减小返回舱的质量、速度不变，动能不变，高度不断减小，重力势能不断减小，故机械能减小二、选择题(本题共8小题，每小题2分，共16分．第7～12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13～14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分)7.A【解析】不同长度的竹管内空气柱长短不一样，因而空气柱的振动频率也不同，发出声音的音调也会不同，所以竹管参差不齐，目的是为了改变声音的音调，A正确，BCD错误．故选A.8.C【解析】食物被加热的过程中，下层的发热包温度高，将热量传递给水再传递给了食物，热传递过程中，传递的是热量，不是温度，A错误；任何物体在任何温度下都有内能，B错误；发热包是通过热传递改变食物的内能，C正确；闻到食物的香味是因为分子在不停地做无规则运动，D错误．故选C.9.D【解析】由题图中可知，汽车2

s内通过的路程约为汽车长度的4倍，即s＝4L＝4×4.5

m＝18

m，汽车的平均速度约为v＝st＝18m2s＝10.B【解析】冰壶推出后，运动员对冰壶没有力的作用，手对冰壶不做功，A错误；因为摩擦力阻碍物体的相对运动，当冰壶水平向前运动时，冰壶受到水平向后的摩擦力作用，B正确；冰壶运动员掷出去的冰壶继续向前滑行过程中，质量不变，惯性不变，C错误；冰壶对冰面的压力和冰壶的重力作用在不同的物体上，方向相同，不是一对平衡力，D错误．故选B.11.D【解析】由题图可知，该装置中无电源，工作原理是电磁感应，A错误；磁感线是沿竖直方向的，闭合开关后，导体ab水平向左移动，灵敏电流计指针向右摆动，若磁体水平向左移动，相当于导体向右运动，灵敏电流计指针会向左摆动，B错误；若导体ab竖直向下移动，导体没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会摆动，C错误；若将灵敏电流计换成电池，是电动机的原理图，用来研究通电导体在磁场中受到力的作用，D正确．故选D.12.A【解析】物块A在甲液体中漂浮，所以A的密度小于甲液体的密度，物块B在乙液体中悬浮，所以B的密度与乙液体的密度相等，即ρA＜ρ甲，ρB＝ρ乙，由A、B两实心正方体材料相同，则ρA＝ρB，所以ρ乙＜ρ甲，A正确；由图可知，V甲＞V乙，由ρ＝mV得，甲液体质量大于乙液体质量，B错误；由A、B两实心正方体材料相同，A的体积小于B，则A的质量小于B，物块A、B在甲、乙两种液体中分别漂浮和悬浮，则FA浮＝GA，FB浮＝GB，故FA浮＜FB浮，C错误；因为ρ乙＜ρ甲，h乙＝h甲，由p＝ρgh知，p乙＜p甲，D错误．故选13.BC【解析】火箭燃料具有较高的热值，完全燃烧相同质量的火箭燃料和其他燃料，火箭燃料可以释放更多的热量，所以不是利用火箭燃料比热容大的特点，A错误；返回舱返回地面过程中与大气层摩擦会产生大量热量，故返回舱表面要包裹厚厚的一层防热材料，B正确；航天员在空间站利用电磁波向地球传递信息，C正确；太阳能可以源源不断地从自然界中获得，是可再生能源，D错误．故选BC.14.BD【解析】由图像可知，R2的阻值随酒精气体浓度的升高而减小，A错误；酒精气体浓度越高，电路中的电阻越小，根据欧姆定律I＝UR，电路中的电流越大，由U＝IR可知，电压表的示数越大，B正确，C错误；由P＝UI可知，电路消耗的功率越大，D正确．故选三、作图题(本题共2小题，每小题2分，共4分)15.如答图所示【解析】人看到水中的物体，是由于物体上反射的光线从水进入空气射入人的眼中，而光从水中斜射入空气要发生折射，折射角大于入射角，具体如答图所示．16.如答图所示【解析】由题意知，小车静止时，小车在竖直方向上受力平衡，小车受到重力和桌面对小车的支持力，两个力大小相等，方向相反，具体如答图所示．四、实验探究题(本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题9分，共19分)17.(1)竖直(或垂直)使光束贴着纸板射到O点(2)NOF(3)反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内【解析】(1)探究“光的反射定律”实验时，纸板应垂直于水平放置在桌面上的平面镜；此实验为了使光线能在纸板上显示出来，应该采取的操作是使激光紧贴纸板面入射；(2)为了探究反射角和入射角的大小关系，应该先测出入射角的大小，再测出反射角的大小，其中反射光线与法线的夹角为反射角，即∠NOF；(3)以ON为轴旋转纸板B，观察纸板B上是否能出现反射光线，这是为了探究反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内．18.(1)水平位置(2)0.11.0(3)动力和阻力的大小F1l1＝F2l2(动力×动力臂＝阻力×阻力臂)(4)杠杆受到的动力和阻力的方向【解析】(1)实验前应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在水平位置平衡时，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(2)因为左侧钩码对杠杆的拉力为动力F1，动力臂为支点O到动力作用线的距离，杠杆每格长为5

cm，动力臂等于2个小格的长度，即动力臂l1＝0.05

m×2＝0.1

m；又因为每个钩码的重力为0.5

N，所以阻力F2＝2×0.5

N＝1.0

N；(3)分别改变支点两侧钩码的个数是为了改变动力和阻力的大小；根据表格中数据，可知：2.0

N×0.1

m＝1.0

N×0.2

m，2.5

N×0.05

m＝0.5

N×0.25

m，故可得杠杆平衡的条件为：F1l1＝F2l2；(4)小组成员在对实验过程进行交流时，小明认为虽然进行了多次实验，但是得出的实验结论仍不可靠，因为每次实验中杠杆受到的动力和阻力的方向都竖直向下均未改变．19.(1)如答图所示(2)移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光(3)右0.485.2(4)同一个小灯泡两端的电压越高电阻越大(或灯丝电阻随温度的升高而增大)(5)②B③（【解析】(1)因为小灯泡的额定电压为2.5

V，所以电压表量程选用0～3

V量程，电流表与小灯泡串联，电压表并联在小灯泡两端，如答图所示；(2)闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表和电压表均有示数，说明电路为通路，则可能是电流过小，小灯泡的实际功率过小，故接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光；(3)小灯泡在额定电压下正常发光，第2次实验时电压表的示数如图乙所示，图中电压表选用小量程，分度值为0.1

V，示数为1.5

V，小于小灯泡的额定电压2.5

V，应增大小灯泡两端的电压，根据串联电路电压的规律，应减小滑动变阻器两端的电压，由分压原理，应减小滑动变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向右端移动，直到电压表示数为额定电压；第3次实验时电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，示数为0.48

A，由欧姆定律I＝UR，则小灯泡正常发光时的电阻是R＝UI＝2.5V0.48A≈5.2

Ω；(4)由表格中的三组数据可得出的结论是同一个小灯泡两端的电压越高电阻越大(或灯丝电阻随温度的升高而增大)；(5)①调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U额；②接着保持滑片位置不变，根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表B点的接线改接到C点，观察并记录电压表示数U；③因为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的电压规律，定值电阻两端的电压为U0＝U－U额，由欧姆定律，通过定值电阻的电流I0＝U0R0＝U－U额R0，根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额五、综合应用题(本题共2小题，第20题8分，第21题9分，共17分)20.(1)机械定滑轮(2)由于包装箱底部能承受的最大压强为15

000

Pa

包装箱的受力面积为S＝0.4

m×0.4

m＝0.16

m2

根据p＝FS可得，F＝pS＝15

000

Pa×0.16

m2＝

一箱货物的重力为

G＝mg＝50

kg×10

N/kg＝500

N

摞起箱子的个数n＝2400N500N＝4.8，故在保证安全的情况下最多可以摞起4

此时摞起箱子的高度为0.4

m×4＝1.6

m(3)将第二箱货物摞到第一箱上克服货物的重力做功

W＝Gh＝500

N×0.4

m＝200

J

克服重力做功的功率为

P＝Wt＝200J(4)可以增大摩擦力、承压能力强、降低重心增加稳定性(合理即可)21.(1)电流的热效应(2)当开关S、S1闭合后，只有电阻R1工作，由P＝U2R可得，此时功率最大，处

R1的阻值

R1＝U2P加热＝

当开关S闭合、S1断开时，养生壶处于保温挡

电路总电阻

R总＝U2P保温＝

R2的阻值

R2＝R总－R1＝110

Ω－44

Ω＝66

Ω(3)由ρ＝mV可得水的质

m＝ρ水V＝1.0×103

kg/m3×1×10－3

m3＝1

kg

水吸收的热量

Q吸＝c水mΔt＝4.2×103

J/(kg·℃)×1

kg×(100

℃－2