重庆市2023-2024学年高一上学期期末物理试卷（含答案）2

重庆市2023-2024学年高一上学期期末物理试卷姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三总分评分一、单选题：本大题共12小题，共48分。1．下列描述中，说法正确的是（）A．加速度大，速度的变化量也一定大B．位移、速度、时间都是矢量C．形状规则的物体的重心必与几何中心重合D．物体对桌面的压力是由于物体发生形变产生的2．下列物理量的单位中，属于基本单位的是（）A．kg B．N C．m/s 3．一质点自原点开始在x轴上运动，初速度v0>0，加速度A．速度不断减小，位移不断减小B．速度不断减小，位移不断增大C．速度不断增大，当a=0时，速度达到最大值，位移不断增大D．速度不断减小，当a=0时，位移达到最大值4．短跑运动员进行训练时，常常会将阻力伞绑在腰间来对抗阻力以提高核心力量。该项训练具有易操作，不易受伤，阻力大小易控制的特点。如图所示，当阻力伞全部打开时，阻力伞的中心轴线保持水平，共6根伞绳，每根伞绳均与中心轴线的夹角为30°，阻力伞所受的空气阻力为90N，该运动员做匀速直线运动，那么每根伞绳承受的拉力约为（）A．15N B．90N C．203N 5．如图所示，某物体由A点静止释放做自由落体运动，从释放到落地的轨迹AE刚好被分成长度相等的四段。下列说法正确的是（）A．物体到达各点的速率之比vB：vC：vD：vE=1：B．物体通过每一段的速度增量vC．物体从A到E的平均速度等于其经过B点的瞬时速度vD．物体从A到B的时间是从B到C的时间的两倍6．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．取重力加速度g=10m/s2.由此两图线可以求得物块的质量A．m=0.5kg，μ=0.2 B．m=0.C．m=1kg.，μ=0.2 D．m=1.57．如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态．当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为（）A．0 B．233g C．g8．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ>tanθA． B．C． D．9．如图所示，光滑水平面上，水平恒力F作用在小车上，使小车和木块一起做匀加速直线运动，小车质量为M，木块质量为m，重力加速度为g，它们的共同加速度为a，木块与小车间的动摩擦因数为μ，则在运动过程中（）A．木块受到的摩擦力大小一定为μmgB．木块受到的合力大小为(M+m)aC．小车受到的摩擦力大小为mFD．小车受到的合力大小为(m+M)a10．甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，甲在前、乙在后同向行驶。某时刻两车司机听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，两车刹车后的v—A．24s时，两车的速度为10mB．若t=24s时两车未发生碰撞，则此时两车相距最远C．若两车发生碰撞，则碰撞时间可能发生在24s之后的某时刻D．若两车并未发生碰撞，则开始刹车时两车之间的间距一定大于48m11．如图甲所示，某人通过动滑轮将质量为m的货物提升到一定高度处，动滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与竖直向上的拉力FTA．图线与纵轴的交点的绝对值为gB．图线的斜率在数值上等于物体质量的倒数C．图线的斜率在数值上等于物体质量倒数的2倍D．图线与横轴的交点N的值F12．如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A分离，下列说法正确的是（）A．B和A刚分离时，弹簧长度等于原长B．B和A刚分离时，它们的加速度为gC．弹簧的劲度系数等于mgD．在B和A分离前，它们做匀加速直线运动二、多选题：本大题共5小题，共15分。13．某质点做曲线运动时，下列说法正确的是（）A．质点运动到某一点时的速度方向是该点曲线的切线方向B．在任意时间内位移的大小总是小于路程C．在任意时刻，质点受到的合力可能为0D．速度的方向与合力的方向可能在一条直线上14．为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（）A．顾客开始受到三个力的作用，后来受到两个力作用B．顾客始终处于超重状态C．顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D．顾客对扶梯作用的方向先指向右上方，再竖直向上15．一盏电灯重力为G，悬于天花板上的B点，在电线O处系一细线OA，使电线OB与竖直方向的夹角为β=30°，OA与水平方向成α角，如图所示，现保持O点位置不变，使α角由0°缓慢增加到90°，在此过程中（）A．电线OB上的拉力逐渐增大 B．细线OA上的拉力先减小后增大C．细线OA上拉力的最小值为12G D．细线OA16．如图所示，小球甲从距离地面高度为h1=15m处以速度v0=10m/A．小球乙落地前，两小球的速度差保持恒定B．小球甲、乙运动0.C．落地前的运动过程中小球甲、乙的平均速度之比为2：1D．至小球乙落地时，甲、乙两球相距5米17．质量m=10kg的煤块在大小恒定的水平外力作用下，冲上一足够长的水平传送带，传送带从右向左以恒定速度v0=2m/s运动。从煤块冲上传送带开始计时，煤块的v−t图象如图所示，选向右为正方向。已知0～1s内水平外力与煤块运动方向相反，1～2s内水平外力仍然与煤块运动方向相反，A．煤块与传送带间的动摩擦因数为0B．煤块与传送带间的动摩擦因数为0C．0～2s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为4mD．0～2s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为6m三、实验题：本大题共2小题，共7分。18．某同学利用如图所示的装置验证力的平行四边形定则。在竖直木板上贴有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将三根足够长的细线的一头打一个结。结点为O，另一头分别挂上不同数量的钩码，每个钩码的质量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根细线的拉力F1、F2和（1）下列钩码个数，能使实验完成的是____。A．钩码的个数N1=3，N2=4，N3C．钩码的个数N1=N2=（2）在拆下钩码和细线前，需要做的步骤是____。A．标记C点的位置B．记录OA、OB、OC三根细线的方向C．量出OA、OB、OC三段细线的长度D．用天平测出钩码的质量（3）在作图时，你认为图____可能是正确的。A．甲 B．乙19．在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图甲所示的装置。（1）本实验主要应用的方法是____。A．类比法 B．假设法 C．理想实验法 D．控制变量法（2）在保持小车受力相同时，探究加速度与质量关系的实验中，以下说法正确的是____。A．平衡摩擦力时，应将装有砝码的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上B．每次改变小车的质量后，不需要重新平衡摩擦力C．实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源D．为得出加速度a与质量m的关系而作出a−1（3）图乙是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的a−F图线，其中图线不过原点的原因是____。A．补偿阻力时长木板倾角过大B．补偿阻力时长木板倾角过小C．砝码及砝码盘总质量不满足远远小于小车总质量D．砝码及砝码盘总质量不满足远远大于小车总质量（4）第三小问中，图线在末端弯曲的原因是____。A．补偿阻力时长木板倾角过大B．补偿阻力时长木板倾角过小C．砝码及砝码盘总质量不满足远远小于小车总质量D．砝码及砝码盘总质量不满足远远大于小车总质量

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、加速度是表示速度变化快慢的物理量，不表示速度变化的大小，由Δv=aΔt可知，加速度大，速度的变化量不一定大，故A错误；

B、时间不是矢量，故B错误；

C、形状规则、质量分布均匀的物体，其重心与几何重心重合，形状规则的物体，质量分布不均匀时，其重心不一定与几何中心重合，故C错误；

D、物体对桌面的压力是由物体发生形变、要恢复原状而产生的，故D正确。

故答案为：D。

【分析】加速度是表示速度变化快慢的物理量，与速度变化无直接关系。形状规则、质量分布均匀的物体，其重心与几何重心重合，形状规则的物体，质量分布不均匀时，其重心不一定与几何中心重合。弹力是由于施力物体发生弹性形变产生的。2．【答案】A【解析】【解答】基本单位有长度m、时间s、质量kg、热力学温度（开尔文温度）K、电流A、光强度cd（坎德拉）、物质的量mol。

故答案为A。

【分析】七个基本物理量：长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位。3．【答案】C【解析】【解答】ABD．由于初速度v0>0，加速度C．当加速度减小时，相同时间内速度的增加量减小，当a=0时，速度达到最大值，而位移不断增大，C符合题意。故答案为：C．

【分析】加速度是衡量物体速度变化快慢的物理量，当加速度与物体的速度同向时，物体的速度会不断增加，位移不断增加，速度和位移增加的速度变慢。4．【答案】D【解析】【解答】阻力伞受到空气阻力和6根伞绳的作用保持平衡，根据力的分解可得f=6F代入数据解得每根伞绳的拉力大小约为F=10故答案为：D。

【分析】每根伞绳所受力大小相等，再根据平衡条件及力的合成与分解进行解答即可。5．【答案】C【解析】【解答】A、依题意，根据v解得v故A错误；

BD、依题意，根据初速度为零的匀加速直线运动，在通过连续相等位移所用时间之比为t可知t根据∆v=gt可知v故BD错误；

C、根据初速度等于零的匀加速直线运动时间等分规律t物体从A到E的平均速度等于其中间时刻B点的瞬时速度vB，故C正确。

故答案为：C。

【分析】自由落体运动的物体做初速度为零的匀加速直线运动，根据匀变速直线运动规律及相关推论进行解答分析。6．【答案】B【解析】【解答】由v-t图像可知物块在4-6s内做匀速直线运动，根据F-t图像可知这个过程中F=2N，根据二力平衡可得f=F=2由v-t图像可知物块在2-4s内做匀加速直线运动，且图像的斜率表示加速度，即a=2根据F-t图像可知这个过程中F根据牛顿第二定律有：F解得m=0.5因为f=μmg解得μ=0.4综上分析可知，故ACD错误，B正确。

故答案为：B。

【分析】v-t图像的斜率表示加速度，根据v-t图像确定物块在不同时间段的运动情况，确定各运动阶段的受力情况，再根据平衡条件及牛顿第二定律进行解答。7．【答案】B【解析】【解答】解：木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图根据共点力平衡条件，有F﹣Nsin30°=0Ncos30°﹣G=0解得N=2F=3木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不变，合力等于支持力N，方向与N反向，故加速度为：a=N故选B．【分析】木板撤去前，小球处于平衡态，根据共点力平衡条件先求出各个力，撤去木板瞬间，支持力消失，弹力和重力不变，求出合力后即可求出加速度．8．【答案】C【解析】【解答】初状态时，重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得mg解得加速度为a=g当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ>tanθ知木块与传送带一起匀速下滑，图像的斜率表示加速度，可知第一段是倾斜的直线，第二段是平行时间轴的直线。

故答案为：C。

【分析】对物块受力分析，根据牛顿第二定律确定加速度的大小，v-t图像的斜率表示加速度。μ>tanθ则木块与传送带共速后，将保持相对静止，即做匀速运动。9．【答案】C【解析】【解答】A、把小车和木块看成一个整体，根据牛顿第二定律得a=木块水平方向只受静摩擦力，根据牛顿第二定律得f=ma=故A错误；

B、对木块运用牛顿第二定律得F即木块受到的合力大小为ma，故B错误；

C、根据牛顿第三定律可知，木块对小车的静摩擦力大小为f'=f=故C正确；

D、对小车运用牛顿第二定律得F故D错误；

故答案为：C。

【分析】木块和小车以共同的加速度运动，即两者保持相对静止，分别对木块和小车及两者构成的整体进行受力分析，在结合牛顿第二定律进行解答。10．【答案】D【解析】【解答】A、由图可知24s时，两车的速度相同，由汽车甲的速度时间图像可得24s时，两车的速度为v=故A错误；

B、开始时，甲在前、乙在后，在0-24s内，乙车的速度比甲车的大，两车间的距离逐渐减小。24s后，乙车的速度比甲车的小，两车间的距离逐渐增大，所以t=24s时两车相距最近，故B错误；

C、若两车速度相等时没有相撞，则速度相等后，甲车的速度比乙车的大，两车不可能再相撞，所以若两车发生碰撞，则可能是在开始刹车24s以前的某时刻发生的，故C错误；

D、t=24s时甲车的位移为xt=24s时乙车的位移为x两者位移之差为∆x=若两车并未发生碰撞，则开始刹车时两车之间的间距一定大于48m，故D正确。

故答案为：D。

【分析】v-t图像与时间轴所围面积表示位移。根据v-t图像及题意确定两车的间距随时间的变化情况。前车速度大于后车速度时，两车不可能相撞。11．【答案】C【解析】【解答】ABC、根据题意，由牛顿第二定律有2整理得a=可知，图线与纵轴的交点的绝对值为g，图线的斜率在数值上等于物体质量倒数的2倍，故AB错误，C正确；

D、由上述分析可知，当a=0时，则有F即F故D错误。

故答案为：C。

【分析】对滑块进行受力分析，根据牛顿第二定律确定图像的函数表达式，再根据表达式确定图像斜率及截距的物理意义，再结合图像进行分析。12．【答案】C【解析】【解答】AB、物体B和A分离后，B受到重力mg和恒力F，B的加速度为零，做匀速直线运动；所以分离时A的加速度也为零，说明弹力对A有向上的弹力，与重力平衡，弹簧处于压缩状态，故AB错误；

C、物体B和A刚分离时，弹簧的弹力大小为mg，原来静止时弹力大小为2mg，则弹力减小量ΔF=mg两物体向上运动的距离为h，则弹簧压缩量减小Δx=h由胡克定律得k=故C正确；

D、对于在B与A分离之前，对AB整体为研究对象，重力2mg不变，拉力不变，弹力在减小，合力减小，整体做加速度减小的变加速运动，故D错误。

故答案为：C。

【分析】AB恰好分离的临界条件为AB之间的相互作用力为零，但此时AB的加速度仍相等。再分别对AB进行受力分析，根据牛顿第二定律确定此时的加速度及弹簧形变情况。根据平衡时及刚分离时弹力情况，结合形变量的变化情况及胡克定律确定劲度系数。分离前AB的加速度始终相等，用整体法及牛顿第二定律分析加速度变化情况。13．【答案】A,B【解析】【解答】A、曲线运动的速度方向与过该点的曲线的切线方向相同，故A正确；

B、位移是指从初位置到末位置的有向线段，它是直线的距离，而路程是经过的轨迹的长度，在曲线运动中，位移的大小要小于路程，故B正确；

C、曲线运动的条件是加速度与速度不共线，则一定存在合外力，故C错误；

D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，既然是曲线运动，那么速度的方向与合外力的方向一定不在一直线上，故D错误。

故答案为：AB。

【分析】曲线运动的速度方向与过该点的曲线的切线方向相同，位移是指从初位置到末位置的有向线段，路程是经过的轨迹的长度，曲线运动的条件是加速度（合外力）与速度不共线。14．【答案】A,C【解析】【解答】A、以人为研究对象，加速过程中，人受到静摩擦力、重力、支持力三个力的作用下沿电梯加速上升，匀速运动时，人受到重力和支持力作用，故A正确；

BCD、在慢慢加速的过程中，受力如图

物体加速度与速度同方向，合力斜向右上方，因而顾客受到的摩擦力与接触面平行水平向右，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，处于超重状态；由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向左下方；在匀速运动的过程中，顾客处于平衡状态，只受重力和支持力，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下，故BD错误，C正确。

故答案为：AC。

【分析】人与电梯相对静止，加速运动时，可将加速度分解成水平方向和竖直方向，再根据牛顿第二定律确定人在水平和竖直方向的受力情况。匀速时，两方向的加速度均为零。15．【答案】B,C【解析】【解答】对结点受力分析，由平衡条件可知，细线OA和电线OB的拉力的合力F'一定竖直向上，与重力平衡。当a角由0°缓慢增加到90°的过程中画出动态平行四边形，如图所示。

A.由图可知：电线OB上的拉力一直在减小，故A不符合题意；

B.由图可知：细线OA上的拉力先减小后增大，故B符合题意

CD.由图可知：当a=30°时，OA绳上拉力最小，最小值为：G2，故C符合题意，D不符合题意。

【分析】以结点O为研究对象，分析受力，作出轻绳不同位置时受力图，由图分析绳的拉力变化．16．【答案】A,B【解析】【解答】A、取竖直向上为正方向，甲球跟乙球的速度差为∆v=故A正确；

B、0.5s时甲距地面高度为h0.5s时乙距地面高度为h即小球甲、乙运动0.5s时到达空中的同一高度，故B正确；

C、落地前的运动过程中，对甲乙有-h1解得t甲=3则有v甲=则有v故C错误；

D、根据上述，乙落地历时为2s，此时间内甲的位移为h=10×2表明此时甲恰好回到出发点，即两者高度差为15m，故D错误。

故答案为：AB。

【分析】甲做竖直上抛运动，乙做自由落体运动。根据运动规律确定两者的速度和位移的关系。计算时注意位移的正负。17．【答案】A,D【解析】【解答】AB、由图乙可知0~1s内做匀减速直线运动，加速度大小为a由牛顿第二定律得F+f=m1~2s内物体做匀加速运动，加速度大小为a有牛顿第二定律得f-F=m根据f=μmg联立并代入数据解得μ=0.3故A正确，B错误；

CD、画出传送带和煤块的v-t图如图所示