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文档简介
2025届广西人教版高二物理第一学期期末达标检测试题考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图,平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度,两极板与一直流电源相连.若一带电粒子恰能沿图中所示水平直线通过电容器,则在此过程中,该粒子()A.所受重力与电场力平衡B.电势能逐渐减小C.动能逐渐增加D.做匀变速直线运动2、在如图所示的闭合电路中,当滑片P向左移动时,则()A.电流表示数变大,电压表示数变大B.电流表示数变小,电压表示数变大C.电流表示数变大,电压表示数变小D.电流表示数变小,电压表示数变小3、某人在高h处抛出一个质量为m
的物体,不计空气阻力,物体落地时速度为v,该人对物体所做的功为A.mgh B.C. D.4、如图所示的电路中,在开关S闭合的状态下,有一带电油滴静止在电容器两极板中间,下列有关判断正确的是()A.保持开关闭合,增大电容器两极板间的距离的过程中,油滴仍将保持静止B.保持开关闭合,将滑动变阻器的滑动触片向下移动,油滴将向下运动C.断开开关S后,油滴仍将保持静止D.断开开关S后,电阻R2上始终没有电流通过5、下图为质谱仪的工作原理示意图,一束带电粒子以一定的速度进入速度选择器,速度选择器内是相互垂直的匀强磁场和匀强电场,磁感应强度和电场强度的大小分别为和,粒子通过速度选择器的狭缝后,进入磁感应强度为的偏转磁场,最后打在底片上两处,测得,不计粒子重力。由此可知A.粒子带负电,磁感应强度垂直纸面向外 B.打在两处的粒子的比荷之比为1:2C.打在两处的粒子的速度之比为1:2 D.打在两处的粒子在磁场中的运动时间之比为1:16、最早发现电流的磁效应的科学家是()A奥斯特 B.罗兰C.安培 D.法拉第二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,平行板电容器上、下极板M、N分别带等量异种电荷,板间正对区域形成竖直方向的匀强电场。同时在两极板间还存在着水平方向的匀强磁场(图中未画出)。紧贴着极板的右侧有一挡板,上端P与上极板M等高,下端Q与下极板N等高。已知平行板电容器的极板长度与板间距离相同均为L,匀强电场的场强大小为E,匀强磁场的磁感应强度大小为B。一电子从极板左侧中央位置O,以平行于极板方向的初速度v0飞入平行板内,刚好沿直线运动到与入射点等高的挡板的中点O′。若将板间的磁场撤去,电子仅在电场力作用下将刚好打在极板右上方的P点。不计重力。下列说法正确的是A.上极板M带正电B.匀强磁场方向垂直纸面向外C.该电子的初速度D.若使电容器两极板不带电,并恢复原有的磁场,电子仍以原有的初速度从原位置飞入,则电子将打在下极板距右端Q为处8、在下列各种现象中,静摩擦力起作用的有()A.物块在粗糙斜面上下滑 B.握在手中的瓶子不会滑落C.汽车在水平路面上转弯 D.消防员手握绳索向上爬9、如图所示,在绝缘的斜面上方存在着沿水平向右的匀强电场,斜面上的带电金属块沿斜面滑下,已知在金属块滑下的过程中动能增加了12J,金属块克服摩擦力做功8J,重力做功24J,则以下判断正确的是()A金属块带正电荷B.金属块克服电场力做功8JC.金属块的机械能减少12JD.金属块的电势能减少4J10、如图所示的电路中,电源电动势E和内阻r恒定不变,滑片P从左端向右端移动,则A.电流表的示数变大 B.电压表的示数变大C.电阻消耗的功率变小 D.电灯L消耗的功率变小三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)下图是改装并校准电流表的电路图,已知微安表头的量程为Ig=600µA,内阻为Rg=198Ω,要求把表头改装成量程为I=60mA的电流表,则图中需要并联分流电阻Rp的阻值为______Ω,改装后的电流表测量电流时,指针指在表盘上原来100µA处,则被测电流的大小是____________mA12.(12分)在练习使用多用电表的实验中,请完成下列问题:(1)用多用电表测量某元件的电阻,选用“×100”倍率的电阻挡测量,发现多用电表指针偏转角度过小,换相邻的倍率的电阻挡,并欧姆调零后,再次进行测量,多用电表的指针如图甲所示,测量结果为______Ω;(2)某同学找发光二极管的负极的具体操作为:将多用电表选择开关旋到电阻挡的“×1”挡,经过欧姆调零之后,他把红表笔接在二极管的短管脚上,把黑表笔接在二极管的长管脚上,发现二极管导通发光,然后他将两表笔的位置互换以后,发现二极管不发光,这说明二极管的负极是________(填“长管脚”或“短管脚”)所连接的一极;(3)多用电表中大量程的电流表和电压表是由表头改装而来的,现将满偏电流为100的表头改装为大量程的电流表后,再改装为两个量程的电压表,如图乙所示,已知表头上标记的内阻为900Ω,图中虚线框内是电压表的改装电路,利用和表头构成1mA量程的电流表,则定值电阻的阻值=_______,然后再将其改装为两个量程的电压表,若则使用两个接线柱时,电压表的量程为_______V;使用两个接线柱时,电压表的量程为_______V.四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,已知电源电动势E=15V,内阻r=1Ω,当接入固定电阻R=2Ω时,电路中标有“3V,6W”的灯泡L和内阻RD=0.5Ω的小型直流电动机D都恰能正常工作.试求:(1)电动机的额定电压;(2)电动机的输出功率14.(16分)如图所示,在水平方向的匀强电场中(电场线未画出),一根长为L,不可伸长的绝缘细线的一端连着一个质量为m的带电小球,另一端固定于O点,将小球拉起直至细线与场强平行的A点,然后无初速释放,已知小球最多摆到最低点另一侧的B点,BO连线与竖直方向的夹角为,求:(结果可用根式表示)(1)小球经过最低点时细线对小球的拉力;(2)小球由A到B过程中的最大速度。15.(12分)已知30℃时水的饱和汽压为4.242×103Pa,20℃时水的饱和汽压为2.333×103Pa.白天的气温是30℃,空气的相对湿度是60%,空气的绝对湿度为_________.天气预报说夜里的气温要降到20℃,那么,空气中的水蒸气_______(填“会”或“不会”)成为饱和汽
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】带电粒子在匀强电场中的运动。【详解】A.带电粒子沿水平方向做直线运动,则电场力与重力的合力一定沿水平方向,受力分析如图:合力与速度方向反向,即重力与电场力不平衡,A错误;B.如图,电场力方向与运动方向夹角大于90°,电场力做负功,电势能增加,B错误;C.合力与速度方向反向,做负功,由动能定理可知,动能减小,C错误;D.整个过程处于匀强电场中,电场力与重力都不变,即合外力不变,加速度不变,做匀变速直线运动,D正确。故选D。2、C【解析】当滑片P向左滑动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,则电路的总电流变大,即电流表的示数变大;总电流变大,则电源内阻和所占电压变大,由闭合电路欧姆定律知,滑动变阻器R两端的电压变小,即电压表的示数变小,故C正确,ABD错误考点:闭合电路的欧姆定律【名师点睛】本题是电路动态变化分析问题.要注意因滑动变阻器电阻和电流同时发生了变化,无法直接由欧姆定律求得两端的电压,故先求得与之串联定值电阻两端的电压,再根据总电压不变,得出滑动变阻器两端的电压3、D【解析】人对小球做的功等于小球获得的初动能,根据对抛出到落地的过程运用动能定理得:mgh=mv2−mv02解得:mv02=mv2−mgh;即人对小球做的功等于mv2−mgh,故选D点睛:本题考查了动能定理的直接应用,在不涉及到运动时间和运动过程以及变力做功时运用动能定理解题较为简洁、方便4、B【解析】在变化前油滴静止,油滴受到的电场力和重力是一对平衡力;A.保持开关闭合,两极板间的电势差恒定不变,若增大电容器两极板间的距离,根据可知两极板间的电场强度减小,则油滴受到的电场力减小,则重力大于电场力,合力向下,粒子将向下运动,A错误;B.保持开关闭合,将滑动变阻器的滑动触片向下移动,连入电路的电阻增大,路端总电阻增大,即路端电压增大,总电流减小,故两端电压减小,所以并联支路两端的电压增大,故通过的电流增大,而总电流减小,所以的电流减小,即两端电压减小,故滑动变阻器两极板间的电势差减小,根据可知两极板间的电场强度减小,则油滴受到的电场力减小,则重力大于电场力,合力向下,粒子将向下运动,B正确;CD.断开开关S瞬间,电容器放电,与电容器能形成闭合回路,故中的电流不为零,电容器放电,两极板间的电场强度减小,油滴向下运动,CD错误。故选B。5、B【解析】A.在偏转磁场中,由粒子偏转方向知,粒子带正电,故A错误;B.打在两处的粒子半径,由知比荷之比为1:2,故B正确;C.通过速度选择器,速度相同,故C错误;D.运动时间,则运动时间之比为2:1,故D错误。故选B。6、A【解析】最早发现电流的磁效应的科学家是奥斯特,故选A.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】A.若将板间的磁场撤去,电子仅在电场力作用下将向上偏,说明电子受到的电场力竖直向上,所以电场强度方向竖直向下,即上极板M带正电,故A正确;B.板间有磁场和电场时,电子做匀速直线运动,电子受的洛伦兹力竖直向下,由左手定则可知,匀强磁场方向垂直纸面向里,故B错误;C.板间有磁场和电场时,电子做匀速直线运动,则得故C错误;D.若将板间的磁场撤去,电子仅在电场力作用下做类平抛运动,则有板间仅有磁场时有联立解得粒子轨迹如图,由几何关系有电子将打在下极板距右端Q为故D正确。故选AD。8、BCD【解析】根据“静摩擦力”可知,本题考查了静摩擦力的理解和应用,根据静摩擦力的方向可能与物体的运动方向相反,也可能与物体的运动方向相同,但一定与物体相对运动趋势方向相反.静止物体所受静摩擦力不一定为零等相关知识进行判断即可【详解】A、物体在粗糙的斜面上下滑,受到的是滑动摩擦力,而不是静摩擦力,故A错误;B、握在手中的瓶子不会滑落,也是在静摩擦力作用下,使其与重力相平衡.故B正确C、汽车在水平路面上转弯,是静摩擦力提供向心力,故C正确;D、消防员手握绳索向上爬,受与绳索没有相对运动,受到的是静摩擦力,故D正确【点睛】静摩擦力的方向可以根据静摩擦力总是阻碍物体的间相对运动趋势来理解其方向9、AC【解析】AB.在金属块滑下的过程中动能增加了12J,金属块克服摩擦力做功8J,重力做功24J,根据动能定理得W总=WG+W电+Wf=△Ek解得:W电=-4J即金属块克服电场力做功4J,由于金属块下滑,电场力做负功,所以电场力应该水平向右,所以金属块带正电荷;故A正确,B错误;C.在金属块滑下的过程中重力做功24J,重力势能减小24J,动能增加了12J,所以金属块的机械能减少12J,故C正确;D.金属块克服电场力做功4J,金属块的电势能增加4J.故D错误。10、AD【解析】在滑动变阻器的滑片向右端滑动过程,变阻器接入电路的电阻变小,外电路总电阻减小,由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化,来判断电表示数的变化.根据功率公式判断功率的变化情况【详解】滑动变阻器的滑片向右端滑动过程,变阻器接入电路的电阻减小,所以外电路总R减小,由欧姆定律得知总电流I增大,所以电流表示数变大;路端电压减小.电灯L的电压等于路端电压,所以电灯L的电流减小,而,所以电灯L消耗的功率变小;而总电流增大,所以通过滑动变阻器及的电流增大,根据可知电阻消耗的功率增大;的电压增大,所以R的电压减小,所以电压表的示数减小,故AD正确,BC错误【点睛】本题是简单的电路动态分析问题.对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.2;②.10;【解析】分流电阻阻值为:,原来电流表量程为,改装后电流表量程为60mA,电流表量程扩大了100倍,分度值扩大100倍,指针指在表盘上原来处,则被测电流的大小为:.【点睛】根据并联电路特点与欧姆定律可以求出分流电阻阻值;根据电流表的量程确定其分度值,然后读出其示数12、①.7000②.短管脚③.100④.1⑤.3【解析】由题图可知,考查了用多用电表测电阻,根据多用电表的电表结构以及测量原理进行分析:(1)欧姆表的读数要乘以倍率(2)欧姆表电流由黑表笔流出进入二极管正极则导通发光,据此分析(3)电表的改装由串并联电路的原理进行求解各值【详解】(1)多用电表指针偏转角度过小,则阻值大要用大量程,即选“×1000“档,则读数为:7×1000=7000Ω(2)二极管正向导通,反向截止,欧姆表电流由黑表笔流出进入二极管正极则导通发光,即红表笔接短管脚(3)并联电阻改装成电流表,并联阻值:R1100Ω接ab接线柱时:U=I(R2)=1×10﹣31V接ac接线柱时:U′
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