2023届新高考一轮复习化学平衡状态和平衡移动作业

化学平衡状态和平衡移动一、选择题1．如图是可逆反应：X2(g)＋3Y2(g)2Z2(g)在反应过程中的反应速率(v)与时间(t)的关系曲线，下列叙述正确的是()A．t1时，反应只向正方向进行B．t2时，反应未达到限度C．t2～t3，反应已停止D．t2～t3，各物质的浓度不再发生变化解析：反应未达到平衡时，反应同时向正反应方向和逆反应方向进行，只是正反应速率大于逆反应速率，A项错误；t2时，正、逆反应速率相等，反应达到反应限度，B项错误；t2～t3，反应达到平衡状态，但反应并未停止，C项错误；反应达到平衡后，正反应速率和逆反应速率相等，各物质的浓度不再发生变化，D项正确。答案：D2．一定温度下，在三个体积均为0.5L的恒容密闭容器中发生反应：CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)，其中容器Ⅰ中反应在5min时达到平衡状态。下列说法正确的是()容器编号温度/℃起始物质的量/mol平衡物质的量/molCOCl2COCl2COCl2Ⅰ5001.01.000.8Ⅱ5001.0a00.5Ⅲ6000.50.50.50.7－1B．该反应正反应为吸热反应C．容器Ⅱ中起始时Cl2的物质的量为0.55molD．若起始时向容器Ⅰ加入CO0.8mol、Cl20.8mol，达到平衡时CO转化率大于80%解析：容器Ⅰ中前5min的平均反应速率v(COCl2)＝eq\f(\f(0.8mol,0.5L),5min)＝0.32mol·L－1·min－1，依据速率之比等于计量系数之比，则v(CO)＝v(COCl2)＝0.32mol·L－1·min－1，故A项错误；依据图中数据可知：容器Ⅱ和Ⅲ中为等效平衡，升高温度，平衡时COCl2物质的量减小，说明平衡向逆反应方向移动，则逆向为吸热反应，正向为放热反应，故B项错误；依据方程式：CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)可知：CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)起始浓度/(mol·L－1)220转化浓度/(mol·L－1)1.61.61.6平衡浓度/(mol·L－1)0.40.41.6反应平衡常数K＝eq\f(1.6,0.4×0.4)＝10，平衡时CO转化率：eq\f(1.6mol·L－1,2mol·L－1)×100%＝80%；依据容器Ⅱ中数据，结合方程式可知：CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)起始浓度/(mol·L－1)22a0转化浓度/(mol·L－1)111平衡浓度/(mol·L－1)12a－11容器Ⅰ和Ⅱ中温度相同则平衡常数相同，则K＝eq\f(1,1×（2a－1）)＝10，解得：a＝0.55，故C项正确；CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)为气mol，相当于给体系减压，减压平衡向系数大的方向移动，平衡转化率降低，小于80%，故D项错误。答案：C3．一定温度下，在5L的恒容密闭容器中发生反应：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)。反应过程中的部分数据如下表所示。下列说法正确的是()t/minn(N2)/moln(H2)/moln(NH3)/mol0a24051361012158A．N2的初始浓度为16mol·L－1B．0～5min用H2表示的平均反应速率为0.24mol·L－1·min－1C．平衡状态时，c(N2)＝2.6mol·L－1D．N2的平衡转化率为25%解析：反应：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)，在10min时达到平衡，将表中数据补充完整：t/minn(N2)/moln(H2)/moln(NH3)/mol01624051315610121281512128N2的初始浓度为eq\f(16,5)mol·L－1，故A项错误；0～5min用H2表示的平均反应速率为eq\f(9mol,\f(5L,5min))＝0.36mol·L－1·min－1，故B项错误；平衡状态时，c(N2)＝eq\f(12mol,5L)＝2.4mol·L－1，故C项错误；N2的平衡转化率为eq\f(16mol－12mol,16mol)×100%＝25%，故D项正确。答案：D4．温度为T时，向2.0L恒容密闭容器中充入1.0molPCl5，反应：PCl5(g)PCl3(g)＋Cl2(g)经过一段时间后达到平衡。反应过程中测定的部分数据见下表，下列说法正确的是()t/s050150250350n(PCl3)/mol00.160.190.200.20A．体系平衡时与反应起始时的压强之比为5∶6B．反应在前50s的平均速率v(PCl3)＝0.0032mol·L－1·s－1C．相同温度下，起始时向容器中充入0.6molPCl5、0.20molPCl3和0.20molCl2，反应达到平衡前v(正)>v(逆)D．相同温度下，若起始时向容器中充入2.0molPCl3和2.0molCl2，达到平衡时，PCl3的质量分数比上述平衡体系小解析：由题中表格数据可知，平衡时n(PCl3)＝0.2mol，则PCl5(g)PCl3(g)＋Cl2(g)起始量/mol1.000变化量/mol0.20.20.2平衡量/mol0.80.20.2＝1.0∶1.2＝5∶6，故A项错误；根据化学反应速率的数学表达式，v(PCl3)＝eq\f(0.16mol,\f(2L,50s))＝0.0016mol·L－1·s－1，故B项错误；根据选项A的分析，此温度下化学平衡常数K＝eq\f(0.1×0.1,0.4)＝0.025，相同温度下，起始时向容器中充入0.6molPCl5、0.20molPCl3和0.20molCl2，此时的浓度商Q＝eq\f(0.1×0.1,0.3)≈0.03>0.025，说明反应向逆反应方向移动，即v(逆)>v(正)，故C项错误；充入2.0molPCl3和2.0molCl2，可以看作先通入1.0molPCl3和1.0molCl2，达到平衡时，PCl3的质量分数与原平衡PCl3的质量分数相等，然后再通入1.0molPCl3和1.0molCl2，相当于在原来基础上增大压强，PCl3的转化率增大，PCl3的质量分数减小，故D项正确。答案：D5．对于可逆反应：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)ΔH<0，下列研究目的和示意图相符的是()选项ABCD研究目的压强对反应的影响(p2＞p1)温度对反应的影响平衡体系中增加N2的浓度对反应的影响催化剂对反应的影响示意图解析：该反应的反应前后为气体分子数减小的反应，压强增大，反应速率增大，平衡向正反应方向移动，氨气体积分数增大，p2＞p1，p2条件下的反应速率大于p1条件下的反应速率，研究目的和示意图相不相符，A项错误；该反应正反应为放热反应，温度升高，平衡向逆反应方向移动，氮气转化率减小，研究目的和示意图不相符，B项错误；增加N2的浓度，反应速率增大，平衡向正反应方向移动，研究目的和示意图相符，C项正确；加入催化剂，反应速率增大，研究目的和示意图不相符，D项错误。答案：C6．K2Cr2O7溶液中存在平衡：Cr2Oeq\o\al(2－,7)(橙色)＋H2O2CrOeq\o\al(2－,4)(黄色)＋2H＋。用K2Cr2O7溶液进行下列实验，结合实验，下列说法不正确的是()A．①中溶液橙色加深，③中溶液变黄B．②中Cr2Oeq\o\al(2－,7)被C2H5OH还原C．若向④中加入70%H2SO4溶液至过量，溶液变为橙色D．对比②和④可知K2Cr2O7酸性溶液氧化性强解析：在平衡体系中加入酸，平衡向逆反应方向移动，重铬酸根离子浓度增大，橙色加深，加入碱，平衡向正反应方向移动，溶液变黄，A项正确；②中重铬酸钾氧化乙醇，重铬酸钾被还原，B项正确；若向④溶液中加入70%的硫酸至过量，溶液为酸性，可以氧化乙醇，溶液变绿色，C项错误；②是酸性条件，④是碱性条件，酸性条件下能氧化乙醇，而碱性条件不能，说明酸性条件下氧化性强，D项正确。答案：C7．CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)ΔH＜0，当反应达到平衡时，下列措施：①升温、②加压、③增加Cl2的浓度、④加催化剂、⑤恒压通入惰性气体、⑥恒容通入惰性气体。能提高CO转化率的是()A．②③ B．③⑤C．①④ D．③⑥解析：化学反应：CO(g)＋Cl2(g)COCl2(g)ΔH<0，正反应是气体体积减小的放热反应，①升温，平衡向逆反应方向移动，CO转化率减小，①项错误；②加压，平衡向正反应方向移动，CO的转化率增大，②项正确；③增加Cl2的浓度，平衡向正反应方向移动，CO的转化率增大，③项正确；④加催化剂，改变速率不改变平衡，CO转化率不变，④项错误；⑤恒压通入惰性气体，压强增大，为保持恒压，容器体积增大压强减小，平衡向逆反应方向进行，CO的转化率减小，⑤项错误；⑥恒容通入惰性气体，各组分的浓度不变，平衡不移动，⑥项错误；综上所述，②③项正确，答案选A。答案：A8．下列实验目的能实现的是()选项实验目的操作步骤及现象A研究浓度对化学平衡的影响2mL0.001mol·L－1FeCl3溶液与2mL0.01mol·L－1KSCN溶液混合后等分到两支试管，一支加入2mL0.1mol·L－1FeCl3溶液，另一支加入2mLH2O，第一支试管中溶液颜色较深B证明MnO2是过氧化氢分解的催化剂准备两支各装有3%H2O2溶液5mL的试管，一支作对照，向另一支加入1.0gMnO2，发现加入MnO2的试管迅速产生大量气泡，证明MnO2是催化剂C比较AgCl和AgI溶度积的大小向试管中加入2mL0.1mol·L－1AgNO3溶液，滴加0.1mol·L－1NaCl溶液3mL，再滴加0.1mol·L－1KI溶液，沉淀由白色变黄色D研究浓度对反应速率的影响分别向盛有2mL0.1mol·L－1和2mL0.2mol·L－1KMnO4溶液的两支试管中加入5mL0.1mol·L－1H2C2O4，第一支试管中溶液先褪色解析：2mL0.001mol·L－1FeCl3溶液与2mL0.01mol·L－1KSCN溶液混合后等分到两支试管，由于KSCN过量，再加入FeCl3溶液，会继续反应，生成更多的Fe(SCN)3，而使溶液颜色加深，无法探究浓度对平衡移动的影响，故A项错误；准备两支各装有3%H2O2溶液5mL的试管，一支作对照，向另一支加入1.0gMnO2，发现加入MnO2的试管迅速产生大量气泡，但不能证明MnO2作催化剂，也许是反应物，因而根据催化剂的概念，要证明MnO2是该反应的催化剂，还需要增加实验来验证MnO2在化学反应前后的质量和化学性质没有改变，故B项错误；向试管中加入2mL0.1mol·L－1AgNO3溶液，滴加0.1mol·L－1NaCl溶液3mL，根据：Ag＋＋Cl－=AgCl↓，由题中给出的量，可判断Cl－过量，再加入0.1mol·L－1KI溶液，沉淀由白色变黄色，可证明沉淀由AgCl向AgI转化，说明AgI的溶解度更小，可比较AgCl和AgI溶度积的大小，故C项正确；根据反应离子方程式：2MnOeq\o\al(－,4)＋5H2C2O4＋6H＋=2Mn2＋＋10CO2↑＋8H2O，由题中给出的量计算，发现第一支试管刚好反应完，而使溶液褪色，第二支试管KMnO4过量，而不褪色，不能说明浓度对反应速率的影响，故D项错误。答案：C二、非选择题9．1，2二氯丙烷(CH2ClCHClCH3)是一种重要的化工原料，工业上可用丙烯加成法制备，主要副产物为3氯丙烯(CH2=CHCH2Cl)，反应原理为Ⅰ.CH2=CHCH3(g)＋Cl2(g)CH2ClCHClCH3(g)ΔH1＝－134kJ·mol－1；Ⅱ.CH2=CHCH3(g)＋Cl2(g)CH2=CHCH2Cl(g)＋HCl(g)ΔH2＝－102kJ·mol－1。请回答下列问题：(1)已知反应：CH2=CHCH2Cl(g)＋HCl(g)CH2ClCHClCH3(g)的活化能Ea(正)为132kJ·mol－1，则该反应的活化能Ea(逆)为________kJ·mol－1。(2)一定温度下，向恒容密闭容器中充入等物质的量的CH2=CHCH3(g)和Cl2(g)。在催化剂作用下发生反应Ⅰ、Ⅱ，容器内气体的压强随时间的变化如下表所示。时间/min060120180240300360压强/kPa8074.269.465.261.657.657.6①用单位时间内气体分压的变化来表示反应速率，即v＝eq\f(Δp,Δt)，则前120min内平均反应速率v(CH2ClCHClCH3)＝_____kPa·min－1(保留到小数点后两位)。②该温度下，若平衡时HCl的体积分数为eq\f(1,8)，则丙烯的平衡总转化率α＝____________；反应Ⅰ的平衡常数Kp＝_________kPa－1(Kp为以分压表示的平衡常数，保留到小数点后两位)。(3)某研究小组向密闭容器中充入一定量的CH2=CHCH3和Cl2，分别在A、B两种不同催化剂作用下发生反应，一段时间后测得CH2ClCHClCH3的产率与温度的关系如下图所示。①下列说法错误的是________(填字母)；a．使用催化剂A的最佳温度约为250℃b．相同条件下，改变压强不影响CH2ClCHClCH3的产率c．两种催化剂均能降低反应的活化能，但ΔH不变d．提高CH2ClCHClCH3反应选择性的关键因素是控制温度②在催化剂A作用下，温度低于200℃时，CH2ClCHClCH3的产率随温度升高变化不大，主要原因是_____________________________________________________________；③p点是否为对应温度下CH2ClCHClCH3的平衡产率，判断理由是_________________________________________________________________________。＋＝Ea(正)－Ea(逆)，则Ea(逆)＝Ea(正)－(ΔH1－ΔH2)＝132kJ·mol－1－＝0，Δp＝0，则反应Ⅰ的Δp＝80kPa－69.4kPa＝10.6kPa，则120min内平均反应速率v(CH2ClCHClCH3)＝eq\f(Δp,Δt)＝eq\f(10.6,120)(kPa·min－1)≈0.09kPa·min－1；②设起始时CH2=CHCH3(g)和Cl2(g)均为5mol，则容器内起始时总物质的量为10mol，根据恒温恒容条件下气体的物质的量与压强成正比可知，平衡时气体的总物质的量为10mol×eq\f(57.6kPa,80kPa)＝7.2mol，减小的物质的量为10mol－7.2mol＝2.8mol，根据反应Ⅰ可知反应生成的CH2ClCHClCH3(g)为2.8mol，平衡时HCl的体积分数为eq\f(1,8)，说明生成的HCl为7.2mol×eq\f(1,8)＝0.9mol，结合反应Ⅰmol，故平衡时丙烯的平衡总转化率α＝eq\f(3.7mol,5mol)×100%＝74%；另外平衡时CH2===CHCH3(g)和Cl2(g)均为1.3mol，CH2ClCHClCH3为2.8mol，则反应Ⅰ的平衡常数Kp＝eq\f(\f(2.8mol,7.2mol)×57.6kPa,\f(1.3mol,7.2mol)×57.6kPa×\f(1.3mol,7.2mol)×57.6kPa)≈0.21kPa－1。(3)①由图示可知使用催化剂A时产率最高时温度约为250℃，即使用催化剂A的最佳温度约为250℃，故a项正确；反应Ⅰ是一个气体分子数减少的反应，改变压强可以使该反应的化学平衡发生移动，故CH2ClCHClCH3的产率会随着压强的改变而改变，故b项错误；催化剂能降低反应的活化能，但不影响ΔH，故c项正确；由图中信息可知，两种不同的催化剂对CH2ClCHClCH3的产率的影响有明显的差别，且催化剂本身有相适宜的活性温度，故提高该反应的选择性的关键因素是催化剂的选择及其活性温度的控制，故d项错误；答案选bd；②催化剂的效率与温度有关，当温度较低时，催化剂的活性较低，对化学反应速率的影响小，导致CH2ClCHClCH3的产率随温度升高变化不大；③反应Ⅰ的正反应为放热反应，降低温度平衡向正反应方向移动，p点的平衡产率应高于B催化剂作用下450℃的产率，故p点不是对应温度下CH2ClCHClCH3的平衡产率。答案：(1)164(2)①0.09②74%0.21(3)①bd②温度较低，催化剂的活性较低，对化学反应速率的影响小③不是平衡产率，因为该反应的正反应为放热反应，降低温度平衡向正反应方向移动，p点的平衡产率应高于B催化剂作用下450℃的产率10．某实验小组同学对影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素进行了如下探究。请回答下列问题：[查阅资料]①Cu(OH)2(s)Cu2＋＋2OH－Ksp＝2.2×10－20；Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)Cu2＋＋4NH3K＝4.8×10－14；②Cu(NH3)4SO4·H2O是一种易溶于水、难溶于乙醇的深蓝色固体，加热分解有氨气放出。Cu(NH3)4SO4·H2O在乙醇－水混合溶剂中的溶解度如下图所示。[实验探究]实验Ⅰ：CuSO4溶液和浓氨水的反应。序号实验操作实验现象Ⅰ1向2mL0.1mol·L－1CuSO4(pH＝3.2)中逐滴加入2mL1mol·L－1氨水立即出现浅蓝色沉淀，溶液变无色；随后沉淀逐渐溶解，溶液变为蓝色；最终得到澄清透明的深蓝色溶液AⅠ2向2mL1mol·L－1氨水中逐滴加入2mL0.1mol·L－1CuSO4(pH＝3.2)始终为澄清透明的深蓝色溶液B(1)进一步实验证明，深蓝色溶液A、B中均含有Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)，相应的实验方案为_____________________________________________________________________________________________________________________________________(写出实验操作及现象)。实验Ⅱ：探究影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素。序号实验操作实验现象Ⅱ1向实验Ⅰ2所得深蓝色溶液B中继续加入2mL0.1mol·L－1CuSO4(pH＝3.2)有浅蓝色沉淀生成，溶液颜色变浅Ⅱ2向实验Ⅰ2所得深蓝色溶液B中继续加入1mol·L－1NaOH有浅蓝色沉淀生成，上层清液接近无色Ⅱ3向2mL0.1mol·L－1氨水中逐滴加入2mL0.1mol·L－1CuSO4(pH＝3.2)有浅蓝色沉淀生成，上层清液接近无色(2)依据实验Ⅱ1，甲同学认为Cu2＋浓度是影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素之一。乙同学认为实验Ⅱ1没有排除硫酸铜溶液呈酸性的干扰，并设计了如下对比实验：序号实验操作实验现象Ⅱ4向实验Ⅰ2所得深蓝色溶液B中继续加入2mL试剂a无明显现象①用化学用语表示硫酸铜溶液呈酸性的原因：___________________________________________________________________；②试剂a为____________________。(3)利用平衡移动原理对实验Ⅱ2的现象进行解释：_____________________________________________________。(4)实验Ⅱ3的目的是__________________________________________________________________________________。(5)综合上述实验可以推测，影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素有_____________________________________________________________________________________________________。解析：根据控制变量法分析影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素。(1)因为Cu(NH3)4SO4·H2O是一种易溶于水、难溶于乙醇的深蓝色固体，加热分解有氨气放出，所以检验溶液A、B中均含有Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)，相应的实验方案为向溶液中加入大量乙醇，出现深蓝色沉淀，过滤、洗涤沉淀后，将沉淀置于试管中加热，并将湿润的红色石蕊试纸放在试管口，观察到红色的石蕊试纸变蓝。(2)①硫酸铜是＋2H2OCu(OH)2＋2H＋；②根据乙同学认为实验Ⅱ1没有排除硫酸铜溶液呈酸性的干扰，根据控制变量法，应设计一个对比实验，对比在没有Cu2＋且c(SOeq\o\al(2－,4))和pH相同的条件下对反应产物的影响，所以可以加入c(SOeq\o\al(2－,4))＝0.1mol·L－1且pH＝3.2的硫酸—硫酸钠混合溶液，排除酸性溶液的干扰。(3)Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)Cu2＋＋4NH3是可逆反应，当加入氢氧化钠溶液时，铜离子与氢氧根离子反应生成氢氧化铜沉淀，使铜离子浓度减少，依据勒夏特列原理，平衡向正反应方向移动，Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)浓度降低，溶液变为无色。(4)实验Ⅱ3是对比实验，与实验Ⅰ2对比，探究其他条件相同的情况下，氨水浓度对反应产物的影响。(5)由实验Ⅱ1、Ⅱ2、Ⅱ3可以推测，影响CuSO4溶液和浓氨水反应产物的因素有铜离子的浓度、溶液的碱性、氨水的浓度(或氨水的浓度、硫酸铜和氨水的相对用量)。答案：(1)向深蓝色溶液中加入大量乙醇，出现深蓝色沉淀，过滤、洗涤沉淀后，将沉淀置于试管中加热，并将湿润的红色石蕊试纸放在试管口，观察到红色的石蕊试纸变蓝(2)①Cu2＋＋2H2OCu(OH)2＋2H＋②c(SOeq\o\al(2－,4))＝0.1mol·L－1且pH＝3.2的硫酸—硫酸钠混合溶液(3)溶液中存在：Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)Cu2＋＋4NH3，当加入氢氧化钠溶液，氢氧根离子和铜离子结合成氢氧化铜浅蓝色沉淀，使上述平衡向正反应方向移动，Cu(NH3)eq\o\al(2＋,4)浓度降低，溶液变为无色(4)与实验Ⅰ2对比，探究其他条件相同的情况下，氨水浓度对反应产物的影响(5)铜离子的浓度、溶液的碱性、氨水的浓度(或氨水的浓度、硫酸铜和氨水的相对用量)11．NiCeO2催化CO2加H2形成CH4的反应历程如图1所示(吸附在催化剂表面的物种用*标注)，含碳产物中CH4的物质的量百分数(Y)及CO2的转化率随温度的变化如图2所示。图1图2(1)下列对CO2甲烷化反应体系的说法合理的有________。A．含碳副产物的产率均低于CH4B．存在反应：CO2＋4H2CH4＋2H2OC．存在副反应：CO2＋H2CO＋H2OD．CO2转化为CH4的过程中发生了能量转化E．温度高于260℃后，升高温度，甲烷产率几乎不变(2)CO2甲烷化的过程中，保持CO2与H2的体积比为1∶4，反应气的总流量控制在40mL·min－1，320℃时测得CO2转化率为80%，则CO2反应速率为________mL·min－1。解析：(1)由题图可知，含碳产物中CH4的物质的量百分数Y≥70%，则含碳副产物的产率≤30%，故含碳副产物的产率均低于CH4，A项正确；由题意及题图可知NiCeO2催化CO2加H2形成CH4，故存在反应：CO2＋4H2CH4＋2H2O，B项正确；由图可知，存在CO2和H2反应生成CO＋和H2O，C项正确；化学反应伴随着物质变化和能量变化，D项正确；由图2可知，当温度高于260℃时，CO2的转化率还在增大，但CH4的百分含量几乎不再变化，则继续升高温度甲烷产率几乎不变，E正确，故答案为ABCDE。(2)CO2甲烷化的过程中，CO2与H2的体积比为1∶4，反应气的总流量为40mL·min－1，则1min内初始时CO2的体积为40×eq\f(1,5)mL＝8mL，－1＝6.4mL·min－1，故答案为6.4。答案：(1)ABCDE(2)6.412．金属冶炼、电镀、电路板生产等过程会产生大量的Cu2＋，Cu2＋是一种重金属离子，严重影响水生动植物的生长发育，对人体健康也有很大危害，必须经过处理达标后方可排放。某电路板生产企业的废水水质情况及国家允许污水的排放标准如下表：项目废水水质排放标准pH1.06～9Cu2＋/(mg·L－1)1470≤0.5氨氮/(mg·L－1)2632≤15Ⅰ.为研究上述废水中Cu2＋的处理方法并实现Cu的资源化回收，有研究者进行了如下实验：向一定体积的废水中加入一定量废铁屑和焦炭粉，置于搅拌器上搅拌90min、静置，经分析测得上清液中铜含量约为72mg·L－1；滤出上清液，向滤液中加入一定量FeS固体，充分搅拌后静置，经分析测得其中铜含量已经达标。请回答下列问题：(1)在pH＝1.0的废水中，氨氮的主要存在形式是___________(用化学式表示)。(2)①加入废铁屑后，废水中的铜含量明显减少，反应的离子方程式是_____________________________________________________；②加入焦炭粉可以增大反应速率，原因是_______________________________________________________________________。(3)用离子方程式解释加入FeS固体使废水达标的原因：____________________________________________________________________________________________________________。(4)在处理废水过程中使用的铁粉会因表面包覆一层铜膜而失效，因此要对失效的铁粉进行活化处理，同时回收铜。处理方法为用一定浓度的氨水浸泡包覆铜膜的铁粉，露置在空气中一段时间后，可以将表面的Cu转化为[Cu(NH3)4]2＋与铁粉分离。请写出Cu转化为[Cu(NH3)4]2＋的离子方程式：_____________________________________________________________________________________。Ⅱ.为研究废水处理的最佳pH