湖南省明德中学2024届高考模拟（4月）物理试题

湖南省明德中学2024届高考模拟（4月）物理试题

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、中澳美“科瓦里・2019”特种兵联合演练于8月28日至9月4日在澳大利亚举行，中国空军空降兵部队首次派员参加,

演习中一名特种兵从空中静止的直升飞机上，抓住一根竖直悬绳由静止开始下滑，运动的速度随时间变化的规律如图

所示，与时刻特种兵着地，下列说法正确的是（）

A.在乙〜时间内，平均速度于＜丝以

2

B.特种兵在0〜4时间内处于超重状态，6〜右时间内处于失重状态

C.在乙〜间内特种兵所受阻力越来越大

D.若第一个特种兵开始减速时第二个特种兵立即以同样的方式下滑，则他们在悬绳上的距离先减小后增大

2、吴菊萍徒手勇救小妞妞，被誉为“最美妈妈”。若两岁的妞妞质量约为12kg,从十楼坠落，下落高度为28.8m,吴

菊萍的手臂与妞妞的接触时间约为0.1s,已知重力加速度对lOm/s?,则她受到的冲击力约为

A.3000NB.2880NC.1440ND.3220N

3、如图所示，在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为加的带电小球由MN上方的A点以一定

初速度水平抛出，从3点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且电场力为3〃取。

重力加速度为g，由此可知（）

A.AB=3HC

B.小球从A到3与从3到。的运动时间相等

C.小球从4到8与从B到C的动量变化量相同

D.小球从A到C的过程中重力对小球做的功与电场力对小球做的功的绝对值相等

4、两个完全相同的波源在介质中形成的波相互叠加的示意图如图所示，实线表示波峰，虚线表示波谷，则以下说法正

B.5点为振动减弱点，经过半个周期后，3点振动加强

C.。点为振动加强点，经过四分之一周期后，C点振动仍加强

D.。点为振动减弱点，经过四分之一周期后，。点振动加强

5、如图，理想变压器的原线圈接在输出电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈的中间有一抽头将副线圈分为匝数

分别为m和〃2的两部分，抽头上接有定值电阻开关S接通“1”、“2”时电流表的示数分别为八、12,则:为（）

D.

6、来自太阳的带电粒子会在地球的两极引起极光.带电粒子与地球大气层中的原子相遇，原子吸收带电粒子的一部分

能量后，立即将能量释放出来就会产生奇异的光芒，形成极光.极光的光谐线波长范围约为3I0nm〜670nm.据此推

断以下说法不正确的是

A.极光光谐线频率的数量级约为1014Hz

B.极光出现在极地附近与带电粒子受到洛伦兹力有关

C.原子在从高能级向低能级跃迁时辐射出极光

D.对极光进行光谱分析可以鉴别太阳物质的组成成分

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图甲所示，固定光滑斜面AC长为L,B为斜面中点.一物块在恒定拉力F作用下，从最低点A由静止开始沿斜

面向卜拉到B点撤夫拉力F,物块继续卜滑至最高点C,设物块由A运动到C的时间为to.下列描述该过程中物块的

速度v随时间t、物块的动能Ek随位移X、加速度a随位移x、机械能E随位移x变化规律的图象中，可能正确的是（）

8、质量均为〃?的相同物块P、Q静止于同一水平面上，它们与水平面间的动摩擦因数均为0.5。现分别给两物块施加

等大的作用力尸，方向如图所示。设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g,下列说法正确的是（）

A.若产=0.2〃吆，则P受到的摩擦力比Q受到的摩擦力小

B.若产=0.2〃7g,则P受到的摩擦力与Q受到的摩擦力大小相等

（1）已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz,选取A至G的7个点为计数点，且各计数点间均有4个点没有画

出，测得B、C、。、E、F、G各点到A点的距离依次是5.29cm、11.05cm、17.30cm、24.01cm、3L22cm、38.92cm。

由此可知滑块下滑的加速度。=m/s?（结果保留三位有效数字）。

（2）为了测量动摩擦因数，还应测量的物理量有o

A.木板的长度LB.木板的末端被垫起的高度〃C.木板的质量叫D.滑块的质量加2E.滑块运动

的时间/

（3）滑块与木板间的动摩擦因数（用题中各物理量的字母代号及重力加速度g表示）。由于该测量装置存

在系统误差测量的动摩擦因数会____________（填“偏大”或“偏小

12.（12分）某学校在为准备学生实验“测量电阻丝的电阻率实验”时购进了多卷表面有很薄绝缘层的合金丝，一研究

性学习小组同学想通过自己设计的实验来测算金属合金丝的电阻率和长度。

（1）小组某同学先截取了一小段合金丝，然后通过实验测定合金丝的电阻率，根据老师给提供的器材，他连成了如图甲

所示的实验实物图：该实验连接图中电流表采用的是_______（填“内接”或“外接滑动变阻器采用的是______（填“分

压式”或“限流式”）；实验时测得合金丝的长度为0.300m,在测金属合金丝直径时，螺旋测微器的测量结果如图乙所示,

则金属合金丝的直径为mm。

⑵实验过程中电压表V与电流表A的测量结果已经在图丙中的U-/图像中描出，由U-/图像可得，合金丝的电阻

为由电阻定律可计算出合金丝的电阻率为（保留三位有效数字）。

丙

（3）小组另一同学用多用电表测整卷金属合金丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：

①将红黑表笔分别插入多用电表的“，插孔：选择电阻挡“xlOO”；

②然后将两表笔短接，调整“欧姆调零旋钮''进行欧姆调零；

③把红黑表笔分别与合金丝的两端相接，多用电表的示数如图」所示，该合金丝的电阻约为

(4)根据多用电表测得的合金丝电阻值，不计合金丝绝缘层的厚度，可估算出合金丝的长度约nio(结果保留整数)

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，长0・32m的不可伸长的轻绳一端固定于。点，另一端拴一质量为0.3kg的小球B静止在水平

面上，绳恰好处于伸直状态。一质量为0.2kg的小球A以某一速度沿水平面向右运动，与小球B发生弹性正碰，碰撞

后小球B恰好能在竖直平面内完成完整的圆周运动，不计空气阻力，重力加速度取lOmM,求：

(1)碰撞后小球B的速度大小；

⑵碰撞前小球A的速度大小。

O

14.(16分)如图所示，四边形A8CO是一块玻璃砖的横截面示意图，NO=90。，垂直于43,垂足为。.一束单色

光从。点射入玻璃砖，人射角为i,调节i的大小，当i=45。时，4。面和。。面都恰好没有光线射出.求：

①玻璃砖对该单色光的折射率.

②四边形ABCD中N4的大小.

15.(12分)一质量为的滑块能在倾角为〃=37。的足够长的斜面上以a=2m/s2匀加速下滑。若给滑块施加一水

平向右的恒力R使之由静止开始在U2s的时间内沿斜面运动2m。求：

(1)滑块和斜面之间的动摩擦因数〃；

(2)推力，'的大小。

m

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

A.在有心时间内，若特种兵做匀减速直线运动，由也减速到外，则平均速度为二巨，根据图线与时间轴围成的面

积表示位移可知，特种兵的位移大于匀减速直线运动的位移，则平均速度立土以，故A错误；

2

B.0%时间内，由图线可知，图线的斜率大于零，则加速度方向竖直向下，发生失重；在小f2时间内，图线的切线的

斜率小于零，则加速度方向竖直向上，发生超重；故B错误；

C.在人七时间内，根据牛顿第二定律可知

f-mg=ma

解得

f=mg+ma

因为曲线的斜率变大，则加速度。增大，则特种兵所受悬绳的阻力增大，故C正确；

D.若第一个特种兵开始减速时，第二个特种兵立即以同样的方式下滑，由于第一个特种兵的速度先大于第二个特种

兵的速度，然后又小于第二个特种兵的速度，所以空中的距离先增大后减小，故D错误；

故选C。

2、A

【解题分析】

对妞妞下降过程有

v2=2gh

得

v=24m/s

规定向上为正向，由动量定理得

(歹一〃?g)/=0—(-/nv)

代入数据求得

F=3000N

A.3000N与分析相符，故A正确;

B.2880N与分析不符，故B错误;

C.1440N与分析不符，故C错误;

D.3220N与分析不符，故D错误;

故选：Ao

3、D

【解题分析】

AB.小球从A到3的时间为

在5点的竖直方向速度为

VyB=gf=j^

小球在电场中的加速度大小为

迎匕”=2g

m

小球从6到。的时间为

则两段所用的时间之比为4：1,据题意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做匀速直线运动，则

AB=4BC

故AB错误；

C.由动量定理可知，动量变化等于合力的冲量，由于A5段合力冲量方向向下，由于小球在4c段竖直方向做减速运

动，则合力方向向上，所以小球在段合力冲量向上，故C错误；

D.据题意，知小球在水平方向不受力，故水平方向做匀速直线运动，从A到C由动能定理可知，小球从4到。的过

程中重力对小球做的功与电场力对小球做的功的绝对值相等，故D正确。

故选D。

4、C

【解题分析】

A.A点是波峰和波峰叠加，为振动加强点，且始终振动加强，A错误；

B.8点是波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，B错误；

C.。点处于振动加强区，振动始终加强，C正确；

D.。点为波峰与波谷叠加，为振动减弱点，且始终振动减弱，D错误。

故选C。

5、C

【解题分析】

设变压器原线圈两端的电压为U。、匝数为〃0,根据变压器原理可知副线圈小和〃2的电压分别为

uTu。，火也。

根据能量守恒

利。*—与

整理得

故ABD错误，C正确。

故选C。

6、I)

【解题分析】

z.3x108

l4

A.极光光谐线频率的最大值工皿=in3//z«9.7xl()//z；极光光谐线频率的最小值

43.1x1Ux10

s

c3x10

,2ICTU87=4.5x10”正则极光光谐线频率的数量级约为lO^Hz,故A正确•

%6.7x10xlO

B.来自太阳的带电粒子到达地球附近，地球磁场迫使其中一部分沿着磁场线集中到南北两极.当他们进入极地的高

层大气时，与大气中的原子和分子碰撞并激发，产生光芒，形成极光.极光出现在极地附近与带电粒子受到洛伦兹力

有关，故B正确；

C.地球大气层中的原子吸收来自太阳带电粒子的一部分能量后，从高能级向低能级跃迁时辐射出极光故C项正确；

D.地球大气层中的原子吸收来自太阳的带电粒子的一部分能量后，从高能级向低能级跃迁时辐射出极光.对极光进

行光谱分析可以鉴别地球大气层的组成成分，故D错误。

本题选不正确的，答案为D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BD

【解题分析】

AB.合力先做正功再做负功，根据动能随x的表达式知，动能先均匀增加，然后均匀减小，则知物块先做匀加速直线

运动，然后做匀减速直线运动，匀加速直线运动的位移和匀减速直线运动的位移大小相等，匀减速直线运动的平均速

度大于匀加速直线运动的平均速度，则匀减速运动的时间小于匀加速直线运动的时间，故A错误，B正确。

C.物体先向上匀加速后向上匀减速运动，速度方向不变，故过程中加速度改变方向，故C错误。

D.根据除重力以外其它力做功等于机械能的增量，知前半段恒力尸做正功，可知机械能随X均匀增加，后半段只有

重力做功，机械能守恒，故D正确。

8、BD

【解题分析】

施加作用力产后,、在水平方向上分力相等，由于P与地面间的最大静摩擦力小于Q与地面间的最大静摩擦力，所以,

若P静止，Q一定静止。P静止时满足关系式

Fcos300<〃(mg-Fsin30)

解得

口4\/3—2门4<

F<—————mgx0.45/〃g

因0.2〃7g和0.4〃?g均小于0.45叫，故当F=02〃g和b=OAmg时，P、Q均静止，P、Q受到的摩擦力均为静摩

擦力，且大小都等于Acos30,，BD正确。

故选BD.

9、BD

【解题分析】

A.匀加速上升过程有

v2=2ah

解得

v=,2x30x100x1()3nq/s«2.45x1O'm/s

A错误;

B.匀加速上升过程有

F-mg=ma

解得

b=+a)=2x1x(9.8+30)N=7.96x103N

B正确；

C.匀加速上升过程除地球引力做功外，还有发动机推力做功，则机械能不守恒，C错误;

D.匀速圆周运动过程有

解得

GM

又有

-M，n

G-^r=mg

K

解得

9.8x(6400xlO3)2

m/s«7.86x103zs

6400x10'+100x10’m

D正确。

故选BD.

10、ACE

【解题分析】

A.双缝干涉条纹间距

Ax=­A

d

同一实验装置其L、4相同，©越大则丸越长，则甲光的波长大，A正确；

B.甲光的波长大于乙光，由

c=2v

知甲光的频率小于乙光的频率，B错误；

C.频率》越小，介质对它的折射率〃越小，则玻璃对甲光的折射率小，C正确;

D.根据

v

可知甲光在玻璃中的速度大，D错误;

E.根据全发射的特点

sinC=一

n

可知光在玻璃中的折射率〃越小，则全反射临界角C越大，则甲光临界角大，E正确。

故选ACEo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

gh-aL

11、0.48。ABa/、偏大

【解题分析】

(1)[1]打点计时器使用的交流电频率为50Hz,可知打点周期为0.02N,由干各计数点之间均有4个点没有画出.故相

邻两个计数点之间的时间间隔为7=5x0.02s=0.10s。根据8、C、D、E、F、G各点到A点的距离可以计算出相邻

计数点之间的距离，利用逐差法可得滑块下滑的加速度

Q=480mzs2

(3r『

(2)[2]网滑块沿木板下滑，设木板与水平面间的夹角为。，由牛顿第二定律有

〃7gsin6-7gcos0=ma

根据几何关系得

sin^=—

L

gh-aL

联立解得〃=,因此为了测量动摩擦因数，应该测量木板的长度L和木板末端被垫起的高度〃，故AB符合

题意，CDE不符合题意;

故选AB.

gh-aL

(3)⑷由(2)问可知，〃=,由于实验没有考虑滑块拖着纸带运动过程中纸带受到的阻力，所以测量的动

gjLW

摩擦因数会偏大。

12、外接限流式0.6803.003.63x10-61400140

【解题分析】

根据实物连接图分析可知该实验连接图中电流表采用的是内接，［2］滑动变阻器采用的是限流式，［3］螺旋测微罂

的固定刻度读数0.5mm,可动刻度读数为0.01x18.0=0.180mm,所以最终读数为0.5+0.180mm=0.680mm；

⑵［4］由U-/图像，据欧姆定律可得该小段金属合金丝的电阻为

„\U2.70—0八…八

K=-----=-------------£2=3AXK2

A/0.90-0

⑸金属合金丝的横截面积

5=畔）2

根据电阻定律R弋可计算出金属合金丝的电阻率为

4x0.300

⑶③⑹欧姆表选择X100挡，由图甲所示可知多用电表的表盘读数为14,该合金丝的电阻约为

14x100(1=14000

(4)⑺根据电阻定律R二华可知长度之比等于电阻之比，即有

1400_L!

3XX)-0.300

所以金属合金丝的长度

Lz=140m

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)4m/s；(2)5m/s

【解题分析】

(1)小球B通过最高点时，由牛顿第二定律得

对小球B从最低点到最高点由动能定理得

c/1212

-2”/二万5一铲

解得