统考版2025届高考物理二轮复习30分钟许提分练8+2实验四含解析

PAGE7-30分钟小卷提分练(8＋2试验)(四)一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．下列说法正确的是()A．光电效应和康普顿效应揭示了光具有波粒二象性B．牛顿第肯定律是利用逻辑推理对试验事实进行分析的产物，能够用试验干脆验证C．英国物理学家汤姆孙发觉了电子，否定了“原子不行再分”的观点D．爱因斯坦首先把能量子的概念引入物理学，否定了“能量连续改变”的观点15．如图所示，木块A、B置于光滑水平桌面上，木块A沿水平方向向左运动与B相碰，碰后粘连在一起，将弹簧压缩到最短．则木块A、B组成的系统，从A、B相遇到弹簧压缩至最短的整个过程中()A．动量不守恒、机械能守恒B．动量不守恒、机械能不守恒C．动量守恒、机械能守恒D．动量守恒、机械能不守恒16．通过一志向变压器，经同一线路输送相同电功率P，原线圈的电压U保持不变，输电线路的总电阻为R.当副线圈与原线圈的匝数比为k时，线路损耗的电功率为P1，若将副线圈与原线圈的匝数比提高到nk，线路损耗电功率为P2，则P1和eq\f(P2,P1)分别为()A.eq\f(PR,kU)，eq\f(1,n)B.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，eq\f(1,n)C.eq\f(PR,kU)，eq\f(1,n2)D.eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，eq\f(1,n2)17．如图所示，在点电荷Q产生的静电场中，一带电粒子仅在电场力的作用下依次通过a、b、c三个位置，其中b点距点电荷Q最近，c点距点电荷Q最远．下列说法中正确的是()A．该粒子肯定带正电B．b点的电势肯定比a、c两点的电势高C．粒子通过c点时的动能小于通过b点时的动能D．粒子通过b点时的加速度大于通过a点时的加速度18．[2024·河北百校联盟联考]如图所示，在等腰直角三角形OPQ区域内存在着垂直于纸面对外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，边长OP＝L.O处有一个粒子源，将质量为m、电荷量为q的带正电粒子以大小和方向不同的速度射入磁场，不计粒子的重力．则在磁场中运动时间最长的粒子中，速度的最大值是()A.eq\f(qBL,2m)B.eq\f(\r(2)qBL,2m)C.eq\f(qBL,m)D.eq\f(2qBL,m)19．[2024·湖南省衡阳市第三次联考]世界上没有永不谢幕的传奇，NASA的“卡西尼”号探测器进入土星探测任务的最终篇章．据NASA报道，“卡西尼”2017年4月26日首次到达土星和土星内环(碎冰块、岩石块、尘埃等组成)之间，之后，卫星将在土星的近圆轨道做圆周运动，如图所示．在极其淡薄的大气阻力作用下，卫星最终将坠向土星的怀抱，这一阶段持续到九月中旬．若“卡西尼”只受土星引力和淡薄气体阻力的作用，则()A．4月26日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的角速度大于它在内环上绕土星的角速度B．4月28日，“卡西尼”在近圆轨道上绕土星的速率小于它在内环上绕土星的速率C．5月到6月间，“卡西尼”的动能越来越大D．6月到8月间，“卡西尼”的动能、以及它与火星的引力势能之和增大20．[2024·河南安阳高三二模]如图1所示，光滑水平面上静置一个薄长木板，长木板上表面粗糙，其质量为M，t＝0时刻质量为m的物块以水平速度v滑上长木板，此后木板与物块运动的v­t图象如图2所示，重力加速度g＝10m/s2，则下列说法正确的是()A．M＝mB．M＝2C．木板的长度为8mD．木板与物块间的动摩擦因数为0.121．如图所示，AB是竖直的光滑墙壁，高度为h，现将一质量为m的小球从距水平面AD高为h，离A点水平距离为2h的C点以初速度v0水平向左抛出，由于存在水平向右的风力(该风力为恒力，其他方向空气的作用力不计)，小球恰好能沿着光滑墙壁从A点运动到B点，已知重力加速度为g，下列分析正确的是()A．小球到达A点时的速度方向竖直向下，大小为v0B．小球受到的风力的大小为F＝2mgC．小球由C点运动到B点所用的时间为2eq\r(\f(h,g))D．小球运动到B点时的速度大小为eq\r(v\o\al(2,0)＋4gh)二、非选择题：第22～23题为必考题，共15分．每个试题考生都必需作答．22．(5分)某同学利用如图甲所示装置探究平抛运动中物体机械能是否守恒．在斜槽轨道的末端安装一个光电门B，调整激光束与球心等高，斜槽末端水平．地面上依次铺有白纸、复写纸，让小球从斜槽上固定位置A点无初速度释放，通过光电门后落在地面的复写纸上，在白纸上留下打击印．重复试验多次，测得小球通过光电门的平均时间为3.30ms(当地重力加速度g＝9.8m/s2)．(1)用游标卡尺测得小球直径如图乙所示，则小球直径为d＝________mm，由此可知小球通过光电门的速度vB＝________m/s.(2)试验测得轨道末端离地面的高度h＝0.784m，小球的平均落点P到轨道末端正下方O点的距离x＝0.600m，则由平抛运动规律解得小球平抛的初速度v0＝________m/s.(结果保留3位有效数字)(3)在误差允许范围内，试验结果中小球通过光电门的速度vB与由平抛运动规律求解的平抛初速度v0相等，就可以认为平抛运动过程中机械能是守恒的．23．(10分)做“测定铜导线的电阻率”试验中可供运用的器材有：A．横截面积为1.0mm2、长度为100m的一捆铜导线(电阻Rx约2Ω)；B．电流表G(内阻Rg＝100Ω，满偏电流Ig＝3mA)；C．电流表A(量程0～0.6A，内阻约1Ω)；D．滑动变阻器R(最大阻值5Ω)；E．定值电阻(R0＝3Ω，R1＝900Ω，R2＝1000Ω)；F．电源(电动势6V，内阻不计)；G．开关、导线若干．请完成下列试验内容：(1)把电流表G与定值电阻串联改装成量程为0～3V的电压表，则定值电阻应选________(填“R1”或“R2(2)为了尽可能获得多组数据，试验电路图应选下列四幅中的________，电路中R0的作用是______________________．(3)依据正确的电路图，完成实物图的连接(已正确连接了部分导线)．(4)某次测量中，电流表G的读数为2.40mA时，电流表A的读数为0.50A，由此求得铜导线的电阻率为________Ω·m(保留两位有效数字)．30分钟小卷提分练(8＋2试验)(四)14．答案：C解析：光电效应和康普顿效应揭示了光具有粒子性，A错误；牛顿第肯定律是利用逻辑推理对试验事实进行分析的产物，不能够用试验干脆验证，B错误；英国物理学家汤姆孙发觉了电子，否定了“原子不行再分”的观点，C正确；普朗克在1900年把能量子引入物理学，破除了“能量连续改变”的传统观念，D错误．15．答案：B解析：A、B组成的系统，从相遇到弹簧压缩至最短的过程中，由于弹力的存在，合外力不为零，故系统动量不守恒，由于非弹性碰撞，弹簧弹力做功，机械能不守恒，B正确．16．答案：D解析：依据变压器的变压比，当副线圈与原线圈的匝数比为k时，有k＝eq\f(U1,U)，副线圈与原线圈的匝数比提高到nk时，有nk＝eq\f(U2,U)，由于线路的输送功率不变，则有P＝U1I1＝U2I2.依据焦耳定律，线路损耗有：P1＝Ieq\o\al(2,1)R＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,U1)))2R＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(P,kU)))2R，P2＝Ieq\o\al(2,2)R，eq\f(P2,P1)＝eq\f(I\o\al(2,2),I\o\al(2,1))＝eq\f(U\o\al(2,1),U\o\al(2,2))＝eq\f(1,n2).17．答案：D解析：点电荷Q的电性未知，故粒子的电性无法确定，A错误；点电荷四周的电场线方向不能确定，故a、b、c三点的电势凹凸无法确定，B错误；由运动轨迹可知，从a到b再到c，电场力对粒子先做负功，再做正功，故粒子在b点时动能最小，C错误；b点离点电荷最近，电场强度最大，故粒子通过b点时所受的电场力最大，粒子通过b点时加速度最大，D正确．18．答案：C解析：同种粒子在磁场中做匀速圆周运动，这些粒子的周期相同，要在磁场中运动时间最长，则粒子在匀强磁场中的轨迹对应的圆心角应为最大，必需从OQ边离开磁场，又因为要求在磁场中运动速度最大，由几何关系可得粒子沿OP方向射入，轨迹与PQ相切(切点为Q)时，符合条件，此时粒子轨道半径为L，可求得速度最大值v＝eq\f(qBL,m)，C正确，A、B、D错误．19．答案：AC解析：由万有引力供应向心力得：Geq\f(Mm,r2)＝mrω2，解得ω＝eq\r(\f(GM,r3))，则轨道半径小的角速度大，则A正确；由万有引力供应向心力得：Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\r(\f(GM,r))，则轨道半径小的速率大，则B错误；5到6月间，因有淡薄气体阻力做负功，探测器的速度减小，做向心运动，万有引力做正功，动能增加，则C正确；6月到8月间，因淡薄气体阻力做负功，机械能减小，则D错误．20．答案：BC解析：由题图可知，水平向右为正方向，物块在木板上运动过程中，在水平方向上只受到木板给的水平向左的滑动摩擦力，故－μmg＝ma1，而v­t图象的斜率表示加速度，故a1＝eq\f(3－7,2)m/s2＝－2m/s2.解得μ＝0.2，D错误；对木板受力分析可知μmg＝Ma2，a2＝eq\f(2－0,2)m/s2＝1m/s2，解得M＝2m，A错误，B正确；从图中可知物块和木板最终分别，从起先到分别时两者v­t图象与t轴围成的面积之差等于木板的长度，故L＝eq\f(1,2)×(7＋3)×2m－eq\f(1,2)×2×2m＝8m，C正确．21．答案：BC解析：依据题意可知小球到达A点时水平速度减为零，只有竖直向下的速度vA，设小球从C点运动到A点所用的时间为t1，则有t1＝eq\f(vA,g)，h＝eq\f(vA,2)t1,2h＝eq\f(v0,2)t1，解得t1＝eq\f(v0,2g)，vA＝eq\f(v0,2)，A错误；依据加速度定义式得小球在水平方向上的加速度大小为ax＝eq\f(v0,t1)＝2g，小球受到的风力的大小为F＝2mg，B正确；小球由C点运动到B点的过程中，在竖直方向做加速度为g的匀加速直线运动，所以2h＝eq\f(1,2)gt2，解得t＝2eq\r(\f(h,g))，C正确；小球到达B点时的水平速度为0，只有竖直方向的速度，依据竖直方向运动的独立性可知veq\o\al(2,B)＝2g·2h，解得vB＝2eq\r(gh)，D错误．22．答案：(1)5.00(1分)1.52(2分)(2)1.50(2分)解析：(1)主尺读数为5mm5mm＋0×0.05mm＝5.00mm；利用小球通过光电门的平均速度代替瞬时速度，有vB＝eq\f(d,t)＝eq\f(0.005,0.0033)m/s＝1.52m/s.(2)依据平抛运动规律有h＝eq\f(1,2)gt2、x＝v0t，联立解得v0＝1.50m/s.23．答案：(1)R1(2分)(2)甲(2分)减慢电表示数的改变，爱护电表(2分)(3)如图所示(2分)(4)1.8×10－8(2分)解析：(1)要把电流表G改装成量程为0～3V的电压表，串联的定值电阻阻值为eq\f(3V,3mA)－100Ω＝900Ω，则定