2025届新疆木垒县中学高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

2025届新疆木垒县中学高二物理第一学期期中教学质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、实验室有一盏“40V5.0A”的弧光灯，要使它接入220V的电路中能正常工作，应该()A．串联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中B．串联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中C．并联一个阻值为36Ω的电阻后接入电路中D．并联一个阻值为72Ω的电阻后接入电路中2、两球A、B在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA＝1kg，mB＝2kg，vA＝6m/s，vB＝2m/s.当A追上B并发生碰撞后，两球A、B速度的可能值是()A．vA′＝5m/s，vB′＝2.5m/sB．vA′＝2m/s，vB′＝4m/sC．vA′＝－4m/s，vB′＝7m/sD．vA′＝7m/s，vB′＝1.5m/s3、图示装置可以模拟避雷针作用,其中c为恒定直流电源,当闭合开关时,恰好看不到放电现象．保持开关闭合,为了能看到放电现象(板间电场超过某一临界值),下列做法可行的是A．仅将M板下移,但不与A或B接触B．仅将M板上移C．仅将M板向右移动D．仅将两板间抽成真空4、一条粗细均匀的电阻丝电阻为R，其横截面直径为d，若将它拉制成直径为d/10的均匀细电阻丝，其电阻变为（）A．10000R B．1000R C．100R D．R/1005、如图所示，在冰壶世锦赛上中国队以8：6战胜瑞典队，收获了第一

个世锦赛冠军，队长王冰玉在最后一投中，将质量为19kg的冰壶推出，运动一段时间后以0.4m/s的速度正碰静止的瑞典冰壶，然后中国队冰壶以0.1m/s的速度继续向前滑向大本营中心．若两冰壶质量相等，则下列判断正确的是（）A．瑞典队冰壶的速度为0.3m/s，两冰壶之间的碰撞是弹性碰撞B．瑞典队冰壶的速度为0.3m/s，两冰壶之间的碰撞是非弹性碰撞C．瑞典队冰壶的速度为0.5m/s，两冰壶之间的碰撞是弹性碰撞D．瑞典队冰壶的速度为0.5m/s，两冰壶之间的碰撞是非弹性碰撞6、关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是：（）A．电场强度大的地方，电势一定高 B．电场强度不变，电势也不变C．电场强度为零处，电势一定为零 D．电场强度的方向是电势降低最快的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻r＝2Ω，一个可变电阻R与一个固定电阻R0＝2Ω组成一个电路，对于这个电路下列说法中正确的是（）A．R＝4Ω时，电源的输出功率最大，而R0＝0时，R上的功率最大B．R＝4Ω时，电源的输出功率最大，R上的功率也最大C．R＝0时，电源输出功率最大，而R＝4Ω时，R上的功率最大D．当R＝0时，r上的功率最大，R0上的功率也最大8、2018年我国即将发射“嫦娥四号”登月探测器，将首次造访月球背面，首次实现对地对月球中继通信，若“嫦娥四号”从距月面高度为100km的环月圆轨道I上的P点实施变轨，进入近月点为15km的椭圆轨道II，由近月点Q登月，如图所示，关于“嫦娥四号”，下列说法正确的是：（）A．沿轨道I运动至P时，需制动减速才能进入轨道IIB．沿轨道II运行的周期大于沿轨道I运行的周期C．在轨道I，II上的P点的加速度相等D．沿轨道II运行时，在P点的速度大于在Q点的速度9、如图所示，一个可视为质点的物体从高为h=0.8m的光滑斜面顶端由静止开始下滑,物体经过A点时速率变化可忽略不计，滑上传送带A端的瞬时速度为vA,到达B端的瞬时速度设为vB,水平传送带A、B两端相距x=6m,物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1,取g=10m/s2,下列说法中正确的是()A．物体滑上传送带A端的瞬时速度vA=4m/sB．若传送带不动，物体到达B端的瞬时速度vB=2m/sC．若传送带逆时针匀速转动,vB一定小于2m/sD．若传送带顺时针匀速转动,vB一定大于2m/s10、如图所示，平行直线表示电场线，但没有标明方向，带电量为＋1×10－2C的微粒在电场中只受电场力的作用，由A点移到B点，动能损失0.1J，若A点的电势为－10V，则()A．B点电势为10VB．电场线的方向从右向左C．微粒的运动轨迹可能是轨迹1D．微粒的运动轨迹可能是轨迹2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“研究感应电流产生的条件”实验中：（1）在右图中用笔画线代替导线将实验电路补充完整______；（2）电路连接完成后，如果闭合电键时发现电流表指针向右偏转，则在闭合电键情况下向左移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针会向______选填“左”或“右”偏转．12．（12分）某同学用螺旋测微器测量某工件的厚度时，示数如图甲所示，读数为________mm.他改用游标卡尺测量该工件的长度时，示数如图乙所示，读数为________mm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在以坐标原点O为圆心的圆形区域内，存在方向垂直于纸面向里的匀强磁场．一个不计重力的带电粒子从磁场边界与x轴的交点A处沿－x方向射入磁场，它恰好从磁场边界与y轴的交点C处沿＋y方向飞出．已知粒子在磁场里的运动时间为t，磁感应强度大小为B，求：（1）请判断该粒子带何种电荷，并求出其比荷．（2）若磁场的方向和所在空间范围不变，而磁感应强度的大小变为B′，该粒子仍从A处以相同的速度射入磁场，但飞出磁场时的速度方向相对于入射方向改变了120°角，求磁感应强度B′多大？14．（16分）如图所示，在与水平方向成45°角的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m的平行导轨上放一重为2N的金属棒ab，棒上通过2A的电流，磁场方向竖直向上，这时棒恰好静止，求：（1）匀强磁场的磁感应强度多大；（2）导轨对ab棒的支持力多大。15．（12分）如图所示，在空间有一坐标系xOy，直线OP与x轴正方向的夹角为30°，第一象限内有两个大小不同、方向都垂直纸面向外的匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，直线OP是它们的边界，OP上方区域Ⅰ中磁场的磁感应强度为B。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子(不计重力)以速度v从O点沿与OP成30°角的方向垂直于磁场进入区域Ⅰ，质子先后通过磁场区域Ⅰ和Ⅱ后，恰好垂直打在x轴上的Q点(图中未画出)，试求：（1）区域Ⅱ中磁场的磁感应强度大小；（2）Q点的坐标。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

弧光灯正常工作时，它两端的电压应是40V，所以，就需要串联一个电阻分担电压，利用欧姆定律，代入数值，即可求得。【详解】电阻需要分担的电压为：U=220V-40V=180V。由串联电路的特点，各处电流相等，则有：故选：A。【点睛】本题考查了欧姆定律的应用和串联电阻分压的知识点。要注意明确串联电路中电流相等，由额定值可求得电路中的电流。2、B【解析】

AD.考虑实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，故AD错误．BC.两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量守恒，根据能量守恒定律，碰撞后的系统总动能应该小于或等于碰撞前的系统总动能，碰撞前总动能为同理算出B选项碰撞后总动能为18J，C选项碰撞后总动能为57J，故C错误B正确；3、A【解析】

尖端电荷比较密集，形成的电场强度越大，容易击穿空气．则仅将M板下移，但不与A或B接触，则场强变大，容易放电，选项A正确；仅将M板上移，则场强变小，不容易放电，选项B错误；仅将M板向右移动，场强不变，则也看不到放电，选项C错误；仅将两板间抽成真空，场强不变，则也看不到放电，选项D错误；故选A；4、A【解析】

横截面直径为d电阻丝拉制成直径为d/10的均匀细电阻丝，根据可知，横截面积变为原来的，而电阻丝的体积不变，则长度变为原来的100倍，由电阻定律可知，电阻变为原来的10000倍，所以电阻变为10000R。A.10000R与分析相符，故A正确。B.1000R与分析不符，故B错误。C.100R与分析不符，故C错误。D.R/100与分析不符，故D错误。5、B【解析】两冰壶碰撞的过程中动量守恒，规定向前运动方向为正方向，根据动量守恒定律有：mv1=mv2+mv3代入数据得：m×0.4=m×0.1+mv3解得：v3=0.3m/s.动能减小量：故动能减小，是非弹性碰撞；故选B．【名师点睛】两冰壶在碰撞的过程中动量守恒，根据动量守恒定律求出碰后中国队冰壶获得的速度，通过计算动能改变量来判断是否为弹性碰撞．6、D【解析】

电场线密处，电场强度大，而电场线方向不确定，故无法判断电势高低，电势就不一定高，故A错误；在匀强电场中，电场强度不变，沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故C错误；沿着电场方向电势降低最快，故D正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】当电源的输出功率最大时，外电路电阻等于内阻，即当R＝0时，电源输出功率最大；将R0等效为电源的内阻，则当R=R0+r，即当R＝4Ω时，R上的功率最大，选项C正确，AB错误；当R＝0时，电路中的总电流最大，根据P=I2R可知，此时r上的功率最大，R0上的功率也最大，选项D正确；故选CD.点睛：此题关键是知道，但外电路电阻变化时，当内外电阻相等时，外电路的功率最大；当电流最大时内阻上的功率最大.8、AC【解析】卫星在轨道I上做圆周运动，只有通过减速使圆周运动所需向心力减小，做近心运动来减小轨道高度，A错误；根据开普勒行星运动定律知，在轨道I上运动时的半长轴大于在轨道II上运行时的半长轴，故在轨道I上运行的周期要大，B错误；由图可知，P点为远地点，离地球远，其受到的向心力小，故沿轨道Ⅱ运行时，在P点的加速度小于在Q点的加速度，C错误；在轨道Ⅱ上由P点运行到Q点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重力势能减小，由于只有重力做功，故机械能不变，D正确．【点睛】本题要注意：①由高轨道变轨到低轨道需要减速，而由低轨道变轨到高轨道需要加速，这一点在解决变轨问题时要经常用到，一定要注意掌握．②卫星运行时只有万有引力做功，机械能守恒．9、AB【解析】试题分析：物块滑上传送带，若传送到不动，物块做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出到达B点的速度．若传送带顺时针匀速转动，根据物块的速度与传送带的速度大小判断物体的运动情况．若传送带逆时针转动，物块滑上传送带做匀减速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律进行求解．由动能定理得，解得m/s，A正确；若传送带不动，则物体做匀减速直线运动，根据牛顿第二定律得，匀减速直线运动的加速度大小m/s2，根据，解得m/s，B正确；若传送带逆时针转动，物体滑上传送带做匀减速直线运动，到达B点的速度大小一定等于2m/s，C错误；若传送带顺时针匀速运动，若传送带的速度小于2m/s，在物体到达B时，传送带给物体恒定的水平向左的滑动摩擦力，物体在摩擦力作用下全程做匀减速运动到达B点的速度等于2m/s，D错误．10、BC【解析】

A．AB两点的电势差：V则：10V解得：0V故A错误；B．由动能定理可知：J可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B正确；C．.若粒子沿轨迹1运动，A点速度沿切线方向向右，受力向左，故粒子将向上偏转，故C正确；D．若粒子沿轨迹2运动，A点速度沿切线方向向右上，而受力向左，故粒子将向左上偏转，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）（2）左【解析】

（1）将电源、电键、变阻器、线圈B串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与线圈A串联成另一个回路，电路图如图所示。

（2）闭合电键时，穿过线圈的磁通量增加，电流表指针向右偏，说明穿过线圈的磁通量增加时电流表指针向右偏转；由电路图可知，在闭合电键情况下向左移动滑动变阻器的滑片，通过线圈B的电流较小，穿过线圈A的磁通量减小，则电流表的指针会向左偏转。【点睛】本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同，应用楞次定律即可正确解题。12、1.195（1.1941.196均可）23.7【解析】

[1]螺旋测微器的可动尺一共50格，转一圈，固定尺显示0.5mm，所以每个表示0.01，所以图示的读数为（1+19.5×0.01）mm=1.195mm[2]图示游标卡尺主尺的刻度为23mm，游标尺为10分度，且7刻度与主尺对齐，所以图示的读数为（23+7×0.1）mm=23.7mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】

(1)由粒子的飞行轨迹，利用左手定则可知，该粒子带负电荷；粒子由

A点射入，由

C点飞出，其速