安徽省淮南五中2025届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

安徽省淮南五中2025届高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b和c表示电场中的三个等势面，a和c的电势分别为5V和1V，a、b的电势差等于b、c的电势差。一带电粒子从等势面a上某处以速度v释放后，仅受电场力作用而运动，经过等势面c时的速率为6v，则它经过等势面bA．2vB．C．102v2、如图所示，接地的空心金属球壳B右侧有一原来不带电的枕形导体C，现将带正电的小球A，置于空心金属球壳B的内部，则下列说法中正确的是（）A．球壳B带负电，枕形导体C的左端带负电B．球壳B带负电，枕形导体C的左端带正电C．球壳B带负电，枕形导体C的左端不带电D．球壳B不带电，枕形导体C的左端不带电3、在国际单位制中，下列物理量的单位与等价的是()A．冲力 B．动能 C．动量 D．动量的变化率4、质量和电荷量都相等的带电粒子M、N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，带电粒子仅受洛伦兹力的作用，运行的半圆轨迹如图中虚线所示，下列表述正确的是（）A．M带正电，N带负电B．M的速率小于N的速率C．M的运行时间等于N的运行时间D．M的运行时间大于N的运行时间5、下列各种说法中正确的是（）A．电流的定义式I=qtB．电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时,静电力所做的功C．电动势为1.5V的干电池,表明干电池可以使2C的电量具有3J的电能D．电动势公式E=Wq中W与电势差U=W6、连接电路中的一条导线长为L,线路上的电流为I,若要求线路上的电压降不超过U,已知输电导线的电阻率为ρ,那么该输电导线的横截面积最小值是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图为静电除尘器除尘机理的示意图．尘埃在电场中通过某种机制带电，在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的．下列表述正确的是A．到达集尘极的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大8、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示，小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点，小球抛出时的动能为8J，在M点的动能为6J，不计空气的阻力，则下列判断正确的是（）A．小球水平位移x2与x1的比值为4：1B．小球水平位移x2与x1的比值为3：1C．小球落到B点时的动能为32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能6J9、在如图所示的倾角为的光滑斜面上，存在着两个磁感应强度大小均为B的匀强磁场区域，区域I的磁场方向垂直斜面向上，区域II的磁场方向垂直斜面向下，磁场的宽度均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，t1时刻ab边刚从GH进入磁场I区域，此时导线框恰好以速度v1做匀速直线运动；t2时刻ab边下滑到JP与MN的中间位置，此时导线框又恰好以速度v2做匀速直线运动．重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．t2时刻，导线框具有的速度B．线框两次匀速直线运动的速度v1v2=41C．从t1到t2的过程中，导线框克服安培力做的功等于重力势能的减少量D．从t1到t2的过程中，有机械能转化为电能10、带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹．图是在有匀强磁场云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电量不变，而动能逐渐减少，下列说法正确的是A．粒子先经过a点，再经过b点B．粒子先经过b点，再经过a点C．粒子带负电D．粒子带正电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示为多用电表示意图．其中A、B、C为三个可调节的部件．某同学在实验室中用它测量一阻值约为1～3kΩ的电阻．他测量的操作步骤如下：（1）调节可调部件________，使电表指针指向左边零刻度处。（2）调节可调部件B，使它的尖端指向________位置。（3）将红黑表笔分别插入正负插孔中，两笔尖相互接触，调节可动部件________，使电表指针指向欧姆零刻度位置。（4）将两只表笔分别与待测电阻两端相接，进行测量读数。（5）换测另一阻值为20～25kΩ的电阻时，选择“×1k”档，此时还必须重复步骤（3）才能进行测量，若电表读数如图所示，则该待测电阻的阻值是________．12．（12分）如图所示为某同学测量电源的电动势和内阻的电路图．其中包括电源E，开关S1和S2，电阻箱R，电流表A，保护电阻Rx．该同学进行了如下实验步骤：(1)将电阻箱的阻值调到合适的数值，闭合S1、S2，读出电流表示数为I，电阻箱读数为9.5Ω，断开S2，调节电阻箱的阻值，使电流表示数仍为I，此时电阻箱读数为4.5Ω．则保护电阻的阻值Rx＝________Ω．（结果保留两位有效数字）(2)S2断开，S1闭合，调节R，得到多组R和I的数值，并画出图象，如图所示，由图象可得，电源电动势E＝________V，内阻r＝________Ω．（结果保留两位有效数字）(3)本实验中，内阻的测量值________（填“大于”或“小于”）真实值，原因是_____________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两光滑金属导轨，间距d＝0.2m，在桌面上的部分是水平的，处在磁感应强度B＝0.1T、方向竖直向下的有界磁场中，电阻R＝3Ω，桌面高H＝0.8m，金属杆ab的质量m＝0.2kg，电阻r＝1Ω，在导轨上距桌面h＝0.2m的高处由静止释放，落地点距桌面左边缘的水平距离s＝0.4m，g＝10m/s2.求：(1)金属杆进入磁场时，R上的电流大小；(2)整个过程中R上产生的热量．(3)整个过程中通过R的电荷量.14．（16分）我国的航天事业取得了巨大成就，发射了不同用途的人造地球卫星，它们在不同的轨道上绕地球运行．若一颗质量为m的卫星绕地球做匀速圆周运动，卫星到地面的距离为h，已知引力常量G、地球质量M和地球半径R．（1）求地球对卫星万有引力的大小F；（2）根据开普勒第三定律可知，不同的卫星绕地球做匀速圆周运动时，它们的轨道半径r的立方和运动周期T的平方之比（）等于一个常量，求此常量的大小.15．（12分）如图所示，斜面AB倾角为37°，在B左边竖直平面内固定半径R=0.45m的光滑半圆形轨道BCD，与斜面在B点处圆滑连接，A、D两点等高，质量m=0.2kg的小物块（可看作质点）从斜面上的A点以4m/s的初速度下滑，斜面的动摩擦因数μ=0.5，小物块最后通过半圆形轨道从D点水平飞出，求：（1）小物块到达B点时的速度大小；（2）小物块在D点时对轨道的作用力；（结果保留两位有效数字）（3）小物块从D点飞出后落在斜面上离B点的距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由动能定理知从a到c：qUac＝12m[(6v)2−v2]=2.5mv2=4q，设在等势面b时的速率为v′，则：qUab＝12m(v′2−v2)=2q，联立可得：v′=142【点睛】解答此题关键是知道沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，动能增加；电场力做负功，电势能增加，动能减小．此题还可以用电势能和动能之和守恒来求解.2、C【解析】A置于球心后，球内部感应出负电荷，由于接地，球外部不带电，故枕形导体C的左端不带电，C正确．3、C【解析】

由基本单位制的换算可知：，冲力还是力，因此单位为：，由动能的表达式可知动能的单位为：，动量的单位为：，动量的变化率的单位：，故C正确，ABD错误．4、C【解析】

A、由左手定则可知：M带负电荷，N带正电荷。故A错误B、带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=mv2r，解得：r=mvqB，由图可右N的半径小于M的半径，所以CD、粒子在磁场中运动半周，即时间为其周期的一半，而周期为T=2πmqB，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故C正确。5、C【解析】

电流的定义式I＝q/t，适用于任何自由电荷的定向移动形成的电流，故A错误；电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功，故B错误；电动势为1.5V的干电池，由E=W/q得W=qE=2×1.5J=3J，则知干电池可以使2C的电量具有3J的电能，故C正确；电动势公式E=Wq中W是非静电力做功，而电势差U=Wq中的W6、B【解析】

根据欧姆定律得根据电阻定律解得A.与计算结果不符，故A错误。B.与计算结果相符，故B正确。C.与计算结果不符，故C错误。D.与计算结果不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

本题考查运用分析实际问题工作原理的能力，解题时，抓住尘埃的运动方向是突破口，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．【详解】AB．由图示可知，集尘机电势高，放电极电势低，放电极与集尘极间电场方向向左，即电场方向由集尘极指向放电极，尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知尘埃所受的电场力向右，故到达集尘极的尘埃带负电荷，故A错误，B正确．C．电场方向向左，带电尘埃所受电场力方向向右，带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相反，故C错误；D．由F=Eq可知，同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大，故D正确．8、BC【解析】

将小球的运动沿水平和竖直方向正交分解，水平分运动为初速度为零的匀加速直线运动，竖直分运动为匀变速直线运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内位移之比为1：3，则小球水平位移x2与x1的比值为3：1，故A错误，B正确；设物体在B动能为EkB，水平分速度为VBx，竖直分速度为VBy，由竖直方向运动对称性知：mvBy2=8J，对于水平分运动运用动能定理得：Fx1=mvMx2﹣mvAX2，F（x1+x2）=mvBx2﹣mvAX2，由A可知：x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F（x1+x2）=24J，故EkB=m（vBy2+vBx2）=32J，故C正确；由于合运动与分运动具有等时性，设小球所受的电场力为F，重力为G，则有：Fx1=6J，，Gh=8J，，所以：，由右图可得：tanθ=，解得：sinθ=，则小球从A运动到B的过程中速度最小时速度一定与等效G’垂直，即图中的P点，故EKmin=mvmin2=m（v0sinθ）2=J，故D错误。故选BC。【点睛】本题关键将合运动分解为水平方向的匀加速直线运动和竖直方向的匀变速直线运动，然后对水平分运动运用动能定律求解。9、BD【解析】

由题意可知考查电磁感应中的能量问题、平衡问题，根据功能关系、受力平衡分析可得．【详解】A.t2时刻，导线框做匀速运动，则有：由平衡条件有：解得，故A错误；B.t1时刻，导线框做匀速运动，根据平衡条件有：解得，线框两次匀速直线运动的速度v1v2=41，故B正确．C.从t1到t2过程中，导线框克服安培力做功的大小等于回路中产生的焦耳热，此过程中，线框的重力势能和动能均减小，根据功能关系得知，线圈克服安培力做功的大小等于重力势能的减少量与动能减小量之和．故C错误．D.从t1到t2的过程中，设导线框克服安培力做的功为W，由动能定理可得解得：所以有机械能转化为电能，故D正确．10、AC【解析】试题分析：粒子在云室中运动时，速度逐渐减小，根据可知其运动轨迹的半径逐渐减小，故粒子运动方向为由a到b，故A正确，B错误；运动方向由a到b，磁场垂直纸面向里，所受洛伦兹力方向指向运动轨迹内侧，故由左手定则可知该电荷带负电，故C正确，D错误．故选AC．考点：左手定则三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A“×100”的倍率挡C22.0kΩ【解析】（1）多用电表的使用首先进行机械调零:调节可调部件A,使电表指针停在表盘左边的零刻度的位置;

（2）选择合适的档位:因电阻,为使指针指在中央刻度附近选择的倍率挡即可.

（3）选档后进行欧姆调零:将红、黑表笔分别插入“+”、“-”插孔,笔尖相互接触,调节可调部件C,使电表指针指向表盘右边的欧姆挡零刻线位置.

（5）换测另一阻值为的电阻时,应调节B,使它的尖端指向“”的位置,此时还必须重新进行欧姆调零,即重复步骤(3),图示读数为:.综上所述本题答案是：A；“×100”的倍率挡；C；22.0kΩ12、5.03.02.2大于电流表也有内阻【解析】

(1)[1]由题意可知，闭合S1和S2时只有电阻箱接入电路，闭合S1、断开S2时，电阻箱与R串联接入电路，两种情况下电路电流相等，由欧姆定律可知，两种情况下电路总电阻相等，所以保护电阻的阻值Rx＝9.5Ω-4.5Ω＝5.0Ω(2)[2][3]根据闭合电路的欧姆定律可得，E＝I(R+Rx+r)，整理可得可见图线的斜率图线的纵截距结合图象中的数据可得E＝3.0V，r＝2.2Ω．(3)[4][5]本实验中，内阻的测量值大于真实值，原因是电流表也有内阻，测量值等于电源内阻和电流表内阻之和．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.01A