安徽省庐巢六校联盟2025届高二物理第一学期期中质量检测试题含解析

安徽省庐巢六校联盟2025届高二物理第一学期期中质量检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个边长L、三边电阻相同的正三角形金属框放置在磁感应强度为B的匀强磁场中。若通以图示方向的电流(从A点流入，从C点流出)，电流为I，则金属框受到的磁场力的合力为（）A．0B．ILBC．43ILBD．22、类比是物理学中常用的思想方法。狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线星均匀辐射状分布，距离它r处的磁感应强度大小为B=k/(k为常数)。磁单极S的磁场分布如图所示，将其固定，有一带电小球在S附近做匀速圆周运动，则下列判断正确的是A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S正上方且从上往下看顺时针转动，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S正下方且从上往下看逆时针转动，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S正上方且从上往下看顺时针转动，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S正下方且从上往下看逆时针转动，如图乙所示3、一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹如图中虚线abc所示．图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面．不计重力，以下哪个说法错误()A．粒子在a点和c点的速度一定相同B．粒子在b点的电势能一定大于在a点的电势能C．粒子在b点的速度一定小于在a点的速度D．此粒子一直受到静电排斥力的作用4、把木箱放在电梯的水平地板上，则地板所受压力最大的情况是（）A．电梯以a=1.5m/s2的加速度匀加速上升B．电梯以a=2.0m/s2的加速度匀减速上升C．电梯以a=1.8m/s2的加速度匀减速下降D．电梯以v=3m/s的速度匀速上升5、一颗子弹水平射入置于光滑水平面上的木块并留在其中，、用一根弹性良好的轻质弹簧连在一起，如图所示．则在子弹打入木块及弹簧被压缩的过程中，子弹、两木块和弹簧组成的系统（）A．动量守恒，机械能守恒 B．动量不守恒，机械能守恒C．动量守恒，机械能不守恒 D．动量不守恒，机械能也不守恒6、如图所示，某小球以速度v向放置于光滑水平面的轻质弹簧运动，在小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中（）A．弹力对小球做正功，弹簧的弹性势能减少B．弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能减少C．弹力对小球做正功，弹簧的弹性势能增加D．弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B是一条电场线上的两个点,一带电的微粒仅在静电力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点,加速度增大.则此电场的电场线分布可能是(

)A． B．C． D．8、如图所示，光滑绝缘细杆AB，水平放置于被固定的带负电荷的小球的正上方，小球的电荷量为Q，可视为点电荷．a、b是水平细杆上的两点，一个质量为m、电荷量为q的带正电的小球(可视为质点)套在细杆上，由a点静止释放，在小球由a点运动到b点的过程中，下列说法中正确的是()A．小球速度先增大后减小B．小球速度一直减小C．小球速度一直增大D．小球与负电荷组成的系统电势能先减少后增加9、一重球从高处下落到b点时和弹簧接触，压缩弹簧至最低点c点后又被弹簧弹起，则重球从b至c的运动过程中A．速度逐渐减小B．加速度先减小后增大C．克服弹力做的功等于重力做的功D．重球在c点的加速度大于重力加速度g10、如图所示，平行等距的竖直虚线M、N、P、Q为某一电场的四个等势面，M、N、P、Q的电势分别为．一个不计重力带负电荷的粒子在电场中运动的轨迹是抛物线用实线表示，a、b、c是轨迹上的三点，其中b点为轨迹上最左端的点，下列说法正确的是（）A．该电场一定是匀强电场且B．根据轨迹可以判断带负电荷的粒子在电场中的运动方向是唯一的C．带负电荷的粒子在b点动能最大，在c点的电势能最小D．带负电荷的粒子在电场中各点受到的电场力相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝时，测得的结果如下图所示，则该金属丝的直径d=__mm。另一位同学用标有10等分刻度的游标卡尺测某一工件的长度，的如果如下图所示，则该工件的长度L＝_________cm。12．（12分）用DIS研究一定质量气体在温度不变时，压强与体积关系的实验装置如图Ⅰ所示，实验步骤如下：①把注射器活塞移至注射器中间位置，将注射器与压强传感器、数据采集器、计算机逐一链接；②移动活塞，记录注射器的刻度值V，同时记录对应的由计算机显示的气体压强值P；③用图像处理实验数据，得出如图2所示图线，（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是_______；（2）为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是_______和_____；（3）如果实验操作规范正确，但如图所示的图线不过原点，则代表_____．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示匀强电场水平向右，在电场中的O点固定一轻细线，细线的另一端系一质量为m带电量为q的小球，小球平衡时细线与竖直方向成角。（重力加速度g，，）(1)求电场强度；(2)将小球拉至右侧与O等高，细线水平伸直，然后将小球静止释放，求小球运动到最低点时线的张力；(3)小球从最低点继续向左运动，求小球运动到最高点时细线与竖直方向的夹角。14．（16分）如图所示，匀强电场的电场线与AC平行，把10-8C的正电荷从A点移到B点，静电力做功6×10-8J，AB长6cm，AB（1）AB两点间的电势差；（2）匀强电场的场强的大小和方向；（3）设B处电势为1V，该正电荷在A处的电势能为多少？15．（12分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电荷量为＋q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示．小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求(1)电场强度E的大小；(2)小球在圆轨道上运动时的最大速率(3)小球对圆轨道的最大压力的大小

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】解：由图示可知，电流由A流入，从C流出，则有电流从A到C直导线，与从A到B再到C两直导线，从A到B再到C两直导线，产生的安培力，可等效成从A到C直导线产生的安培力，由于总电流强度为I，因此金属框受到的磁场力BIL，故B正确，ACD错误；故选：B．考点：安培力．分析：由安培力公式F=BILsinθ分析答题，其中L是通电导线的有效长度，是导线在磁场中两端点间的距离．点评：正确理解安培力公式F=BILsinθ中各符合所表示的物理量是正确解题的关键，分析清楚图示情景，求出导线有效长度L即可正确解题．2、C【解析】

AC．要使带电小球能做匀速圆周运动，则洛仑兹力与重力的合力应能充当向心力；在甲图中，若粒子为正电荷且顺时针转动（由上向下看）则其受洛伦兹力斜向下，与重力的合力不指向圆心；而若为负电荷，但顺时针转动，同理可知，合力也可以充当向心力，故A错误，C正确；

BD．在乙图中，若小球带正电，运动轨迹平面在S正下方且从上向下看逆时针转动，则其受洛伦兹力斜向上，与重力的合力不可能指向圆心；若小球带负电，运动轨迹平面在S正下方且从上向下看逆时针转动，则其受洛伦兹力斜向下，故其与重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不会做匀速圆周运动，故BD错误；3、A【解析】

a、c两点处在相同的等势面上，则粒子在c点和在a点的速度的大小相等，但是他们的速度的方向不同，所以A错误；由轨迹的弯曲情况，电场力应指向曲线凹侧，故此粒子一直受到静电斥力作用，故D正确。粒子由a到b，电场力做负功，动能减小，电势能增加，所以b点的电势能一定大于在a点的电势能，粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，所以BC正确；此题选择错误的选项，故选A。【点睛】本题主要考查了曲线运动受力的特点，物体做曲线运动受力方向向着曲线弯曲的一侧，并且掌握住电场线和等势面的特点，即可解决本题.4、C【解析】解：A、加速上升，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、减速上升，加速度向下，根据牛顿第二定律，有mg﹣N=ma，故N=mg﹣ma=8mC、减速下降，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、匀速上升，二力平衡，有N=mg=10m根据牛顿第三定律，木箱对地板的压力等于地板对木箱的支持力，选项C中地板所受压力最大；故选：C．【点评】本题关键根据牛顿第二定律列方程求解出压力后比较．5、C【解析】

在子弹打入木块A及弹簧被压缩的过程中，子弹、两木块和弹簧组成的系统所受的合外力为零，则系统的动量守恒，在此过程中，除弹簧弹力做功外还有摩擦力对系统做功，所以系统机械能不守恒，故ABD错误，C正确。故选C。6、D【解析】

在小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，弹簧对小球的弹力方向向右，与位移方向相反，则弹力对小球做负功，弹簧的弹性势能增加，故ABC错误，D正确．故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

一带电的微粒仅在静电力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，加速度增大，那么所受电场力也越来越大，由F=qE知，场强增大，电场线越来越密。A．由图可以看出电场线越来越密。故A符合题意。B．由图可以看出电场线越来越疏。故B不符合题意。C．由图可以看出电场线越来越疏。故C不符合题意。D．由图可以看出电场线越来越密。故D符合题意。8、AD【解析】

ABC.小球沿光滑直杆运动的过程中，受到重力、支持力与库仑力，重力与支持力均不做功，仅有库仑引力做功，负电荷对小球的库仑力方向与速度方向的夹角先小于90°，后大于90°，则库仑力对小球先做正功后做负功。所以小球的动能先增大后减小，速度先增大后减小。故A正确，BC错误；D.库仑力先做正功后做负功。由于只有库仑力做功，所以小球与负电荷组成的系统电势能先减小后增大。故D正确。9、BD【解析】

AB.小球与弹簧接触,开始重力大于弹力,加速度方向向下,做加速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度减小,加速度减小到零,速度达到最大,然后弹力大于重力,加速度方向向上,做减速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度增加,所以速度先增大后减小,加速度先减小后增大.故A错误,B正确.C.重球从b至c的运动过程中,重力做正功，弹力做负功，而动能减小，根据动能定理可知：克服弹力做功大于重力做的功，故C错；D.若小球从弹簧处由静止释放,到达最低点,根据运动的对称性,知加速度等于g,方向竖直向上,若从某一高度下降,下降的更低,则加速度大于g，故D对；故选BD【点睛】根据小球的受力得出加速度的方向,根据加速度的方向与速度方向的关系,判断小球的运动情况,从而得出速度和加速度的变化10、AD【解析】

A．因表示电场中四个等势面的四条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，由图中带负电荷的粒子在电场中运动的轨迹可知受到水平向右的电场力作用，电场的方向是向左的，电场线总是从电势高的等势面指向电势低的等势面，所以M、N、P、Q的电势，A正确；B．带负电荷的粒子受到水平向右的电场力作用，粒子无论是依次沿a、b、c运动，还是依次沿c、b、a运动，都会得到如题图所示的轨迹，B错误；C．带负电荷的粒子在电场中运动时，电势能与动能之间相互转化，由题图中粒子的运动轨迹可知，a点到b点，电场力做负功（电场力方向和运动方向相反），电势能增大，动能减小，从b运动到c，电场力做正功，电势能减小，动能增大，因此c点的电势能最小，动能最大，C错误；D．因表示电场中四个等势面的四条虚线是平行且等间距的，由此可判断电场是匀强电场，所以带负电荷的粒子在电场中各点受到的电场力相等，D正确．故选AD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.4062.13【解析】螺旋测微器的固定刻度示数是3mm，可动刻度示数是40.6×0.01mm=0.406mm，螺旋测微器的示数是3mm+0.406mm=3.406mm；游标卡尺主尺示数是2.1cm，游标尺示数是3×0.1mm=0.3mm=0.03cm，则游标卡尺的示数是2.1cm+0.03cm=2.13cm。12、（1）在注射器活塞上涂润滑油（2）移动活塞要缓慢；不能用手握住注射器封闭气体部分（3）注射器与压强传感器连接部位的气体体积【解析】

（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是在注射器活塞上涂润滑油．这样可以保持气密性．（2）为了保持封闭气体的温度不变，实验中采取的主要措施是移动活塞要缓慢；不能用手握住注射器封闭气体部分．这样能保证装置与外界温度一样．（3）体积读数值比实际值大．根据，C为定值，则．如果实验操作规范正确，则V0代表注射器与压强传感器连接部位的气体体积．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)；(3)【解析】

(1)(2)根据动能定理、牛顿第二定律得解得（3）设最大偏角为β，从小球释放到运动到最大高度过程中由动能定理得解得β=16°14、（1）6V(2)匀强电场的方向：由A指向C，200V/m（3）7×【解析】

（1）根据电荷量和静电力做功，根据电势差公式求出AB间的电势差，由UAB=φA-（2）根据功的概念判断匀强电场的场强方向，由题，正电荷从A移至B，静电力做正功，静止力与位移的夹角为锐角，电场力方向应沿AC方向，从而判断出场强方向，根据场强与电势差的关系可以求出场强的大小；【详解】（1）由WAB=qU（2）将正电荷从A移至B，静电力做正功，则正电荷所受的静电力方向由A指向C，所以场强方向