广东揭阳市惠来县第一中学2025届高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

广东揭阳市惠来县第一中学2025届高二物理第一学期期中综合测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、已知如图，R1=6Ω，R2=3Ω，R3=4Ω，则接入电路后这三只电阻的（）A．电流之比I1:I2:I3=1:2:3B．电流之比I1:I2:I3=6:3:4C．电压之比U1:U2:U3=1:2:3D．电压之比U1:U2:U3=6:3:42、关于物体的重心，下列说法中正确的是A．任何物体的重心都一定在这个物体上B．重心的位置只与物体的形状有关C．形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的几何中心D．物体重心的位置一定会随物体形状改变而改变3、如图，在等边三角形abc的中心O处有一带正电的点电荷，d为ac边的中点，则在该点电荷产生的电场中（）A．a、b、c点的电场强度相同B．a、c、d点的电势差满足Uad＝UdcC．电子在a点时的电势能小于在b点的电势能D．电子在a点时的电势能大于在d点的电势能4、比值定义法是定义物理量的一种方法，所定义的物理量只与两者比值有关，与单个物理量的大小无关．下列各物理量中不属于比值定义法的是（

）A．B．C．D．5、一个初动能为6J的物体，受到大小为2N的合外力，且物体沿合外力的方向运动了5m，则物体的末动能是A．10JB．11JC．16JD．20J6、如图所示，是将灵敏电流计改装成欧姆表的原理图，若此欧姆表已经欧姆调零，用此欧姆表测某一阻值为R的电阻时，指针偏转到灵敏电流计满偏刻度的处，现保持该表档位不变，测量另一未知电阻，指针偏转到灵敏电流计满偏刻度的处，则该电阻的阻值为（）A．4R B．3R C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B、C为三块水平放置的金属板，与电路连接如图所示，三块板正中央各有一小孔，A板接地，电源内阻为r，三个定值电阻,电路中电表均为理想电表，滑片P开始置于R2中点，现有一质量为m、电量为+q的液滴从A板小孔正上方距离为h的D点静止释放，恰好能到达C板，不计空气阻力和极板外电场，下列说法中正确的是A．滑片P由R2中点往左移动，则B板电势降低B．滑片P由R2中点往左移动,则电流表A1的示数减小，A2的示数增大C．滑片P由R2中点往左移动，仍将该液滴从D点由静止释放，则带电液滴不能到达C板D．滑片P由R2中点往左移动，则不变，的值变小(U为电压表V示数，I2为电流表A2，为电流表A2示数的改变量)8、下列各量中，与检验电荷无关的量是()A．电场强度EB．电场力FC．电势差UD．电场做的功W9、右图是某同学改装成某一量程电流表的原理图（其中表头内阻为Rg，并联的定值电阻的阻值为R），结果他发现该电流表的示数总是比准确值稍大一点，请问以下哪些措施可以加以改进（）A．并联一个比Rg和R的总电阻小得多的电阻B．给定值电阻串联一个比R小得多的电阻C．并联一个比R大得多的电阻D．给表头串联一个比Rg小得多的电阻10、电动势为E、内阻为r的电池与固定电阻R0、可变电阻R串联，如图所示，设R0=r，Rab=2r。当滑动变阻器的滑动片自a端向b端滑动时，下列说法正确的是A．变阻器消耗的功率减少B．电池消耗的总功率先变大后变小C．固定电阻R0上消耗的功率将减小D．电池内电阻上消耗的功率将变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）欲用伏安法测定一段阻值约为5Ω左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A．电池组(3V，内阻约为1Ω)B．电流表(0～3A，内阻约为0.0125Ω)C．电流表(0～0.6A，内阻约为0.125Ω)D．电压表(0～3V，内阻约为3kΩ)E．电压表(0～15V，内阻约为15kΩ)F．滑动变阻器(0～20Ω，额定电流1A)H．开关、导线(1)上述器材中，电流表应选用的是______；电压表应选用的是______(填写器材的字母代号)．(2)实验电路应采用电流表________接法(填“内”或“外”)．12．（12分）某同学在练习使用多用电表时连接的电路如图所示。(1)若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过_______(填R1或R2)的电流；(2)若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，则测得的是______的电阻。A．R1的电阻B．R2的电阻C．R1和R2的串联电阻D．R1和R2的并联电阻(3)将选择倍率的旋钮拨至×100挡时，指针的偏转角过大，为了提高测量的精确度，请完成下列操作：A．将选择开关拨至______挡(填“1kΩ”或“10Ω”)；B．将两根表笔短接C．调节调零电阻，使指针停在0Ω刻度线上D．将两根表笔分别接触待测电阻的两端，指针偏转情况如图所示，则所测电阻大小为_______Ω.E.将选择开关拨至交流电压最高挡上。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源电动势E=64V，内阻不计，电阻R1=4Ω,R2=12Ω,R3=16Ω，开始开关S1闭合，S2断开，平行板电容器的两极板A、B与水平面的夹角θ=37∘，两极板A、B间的距离d=0.4m，板间有一个传动装置，绝缘传送带与极板平行，皮带传动装置两轮轴心相距L=1m，传送带逆时针匀速转动，其速度为v=4m/s，现有一个质量m=0.1kg（1）开关S1闭合，S2断开时，两极板（2）工件在传送带上运动的加速度大小；（3）工件从底端运动到顶端过程中，工件因与传送带摩擦而产生的热量．14．（16分）如图所示，平行板电容器的间距为d，极板与水平面成15°角．一电荷量为+q、质量为m的带电粒子在电容器下极板左端处，以初动能Ek0竖直向上射入两板之间，经偏转恰好从上极板右射出，且射出时速度方向与上极板平行．忽略粒子重力、空气阻力及极板的边缘效应．求：（1）板间电场强度E的大小；（2〕两极板的长度及粒子在两极板间运动时间．15．（12分）如图所示，真空中两个相同的小球带有等量同种电荷，质量均为m，分别用长为L的绝缘细线悬挂于绝缘天花板的一点，当平衡时B球偏离竖直方向60°，A竖直悬挂且与绝缘墙接触。（重力加速度为g，静电力常量为k）求：(1)小球的带电荷量和墙壁受到的压力．(2)两条细线的拉力

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

图中电阻R1与R2并联后与R3串联；并联电阻为：R12=R1R2R1+R2=6×36+3Ω=2Ω；并联电路电压相等，串联电路电压比等于电阻比，故：

U并：U3=R12：R3=2：4=1：2；故：U1：U2：U3=1：1：2；串联电路电流相等，并联电路电流比等于电阻的反比，故：I1：I2=R2：R1=1：2；又I3=I1+I2【点睛】分析清楚电路的串并联结构，根据串并联电路的电流和电压的关系，利用电压和功率的公式逐个计算可以求得它们的电压、电流和功率的大小关系．2、C【解析】试题分析：质量分布均匀的篮球，其重心在篮球的球心，就不在物体上，A错；重心的位置除与物体的形状有关外，还与物体的质量分布有关，BD错；形状规则、质量分布均匀的物体，其重心在物体的几何中心，C对。考点：本题考查重心的概念点评：本题学生清楚物体的重心跟物体的形状和物体的质量分布有关，由二者共同决定。3、D【解析】

A．由点电荷的场强公式可知，a、b、c点的电场强度大小相等，但方向不同，所以a、b、c点的电场强度不相同，故A错误；B．由于a、b、c三点到点电荷的距离相等，所以a、b、c三点的电势相等，所以Uad＝Ucd，故B错误；C．由于a、b两点的电势相等，所以电子在a点时的电势能等于在b点的电势能，故C错误；D．由于d点离正点电荷更近，所以d点电势比a点电势高，根据负电荷在电势低处电势能大，所以电子在a点时的电势能大于在d点的电势能，故D正角。4、B【解析】是电场强度的定义式是比值定义的，故A不符合题意；公式是欧姆定律的表达式，不属于比值定义法，故B符合题意；公式是电势的定义式，为比值定义法，故C不符合题意；电容是极板上的电量与极板之间的电压的比值，是电容的定义式，为比值定义法，故D不符合题意．本题选不是比值定义法的，故选B.点睛：中学物理中，有相当数量的物理量是采用“比值法”定义的．应用比值法定义物理量，往往需要一定的条件；一是客观上需要，二是间接反映特征属性的两个物理量可测，三是两个物理量的比值必须是一个定值．5、C【解析】

由功的公式可求得合外力做的功，由动能定理可求得末动能；【详解】合外力做的功为：；

由动能定理可知：；

则物体的末动能为：，故选项C正确，ABD错误．【点睛】本题考查动能定理的直接应用，要明确动能定理的应用步骤，解题时要注意分析合外力做功的正负．6、B【解析】

设电源是电动势为，欧姆表的内阻为内，满偏电流为，欧姆表调零即待测电阻为零，此时由闭合回路欧姆定律有测阻值为的电阻时，则有测未知电阻时，则有联立解得故B正确，A、C、D错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，则两端电压增大，即B板电势降低，故选项A正确；B、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，路端电压减小，由于、电压增大，则并联部分电压降低，根据并联电路特点可以知道电流表A1的示数增大，故选项B错误；C、滑片P由R2中点往左移动时，电路总电流增大，则两端电压增大，即电容器AB电压增大，液滴加速运动，路端电压减小，则电容器BC电压减小，液滴减速运动，液滴将穿过C板，故选项C错误；D、根据闭合电路欧姆定律可知：，则为定值，不变，根据欧姆定律可知为本身并联之后与串联的总电阻，即减小，故选项D正确．点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，注意电容器两端电压的问题．8、AC【解析】

AC.电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身的性质决定的，与检验电荷无关，对于电势差则为电势之差，由电场中两点的电势决定，电势与检验电荷无关，因此电势差与检验电荷无关．故AC正确；B.电场力，知电场力与检验电荷有关，故B错误；D.电场力做功，知电场力做功与检验电荷的电量有关，故D错误．9、CD【解析】把小量程电流表改装成大量程电流表需要并联一个小电阻，由并联电路特点可知，电阻越并越大，R分流越小，并联后的电阻越接近Rg，改装后的电流越接近流过表头的电流，故C、D正确．点晴：由该题可看出，解决此类问题要充分理解电表改装原理，电路的分压分流原理．10、AD【解析】

A.将R0看成电源的内阻，则有R0+r=2r而Rab=2r当外电阻等于内阻时，电源消耗功率最大，则滑动片由a端向b端滑动时，变阻器消耗的功率减小，故A正确；B.根据电池总功率P=IE可知，电流增大，总功率变大，故B错误。CD.当变阻器的滑动片自a端向b端滑动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，根据功率P=I2R可知，固定电阻R0上和电源的内阻上消耗功率变大，故C错误，D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CD外【解析】（1）电池组3V，则选取电压表D；根据欧姆定律:，故电流表选取C；故选取的器材为：C、D.（2）被测电阻约，故选择电流表外接。12、R1C10Ω160【解析】

（1）[1]．多用电表使用电流档时应该串联在电路中，图中多用电表与滑动变阻器串联，电流相等，若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流档，此时测得的是通过R1的电流．（2）[2]．断开电路中的电键，R1与R2串联，多用电表两表笔接在其两端，故测得的是R1与R2串联的总电阻，故选C；（3）[3][4]．用“×100Ω”测电阻时挡时，指针的偏转角过大，说明所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用小挡，应选“×10Ω”挡，然后对欧姆表重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值，欧姆表使用完毕后，要把选择开关置于OFF挡或交流电源最高挡上，由图象表盘可知，待测电阻阻值为：16×10Ω=160Ω；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）40V/m，电场方向为由B指向A；（2）2m/s【解析】

由闭合电路的欧姆定律求出开关S1闭合，S2断开时，两极板A、B间的电压，然后由E=Ud即可求出场强；同（1）求出开关S2也闭合后AB之间的电压和场强，求出工件受到的合力，然后使用牛顿第二定律求出加速度；使用运动学的公式，求出工件从底端运动到顶端的过程中相对于传送带的位移，然后用Q=fL相对【详解】解:(1)开关S1闭合，S2断开时，R1与R2串联，电路中的电流：I此时A、B之间的电势差等于R1两端的电压，所以：U两极板A、B间的场强大小：E电场方向为由B指向A；(2)开关S2也闭合，R1与R2串联电压不变，所以流过它们的电流不变，此时A、B之间的电势差等于R2两端的电压，所以：U两极板A、B间的场强大小：E此时工件的受力如图，则沿传送带的方向由牛顿第二定律得：