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文档简介
重庆市字水中学2024-2025学年上期高2026届期中考试数学试卷(试卷共4页,满分150分,考试时间120分钟)本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分,其中第II卷第22~23题为选考题,其它题为必考题.考生作答时,将答案答在答题卡上,在本试卷上答题无效.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.注意事项:1.答题前,考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上,认真核对条形码上的姓名、准考证号,并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上.2.选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案的标号;非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写,字体工整、笔迹清楚.3.考生必须按照题号在答题卡各题号相对应的答题区域内(黑色线框)作答,写在草稿纸上、超出答题区域或非题号对应的答题区域的答案一律无效.4.保持卡面清洁,不折叠,不破损.5.做选考题时,考生按照题目要求作答,并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑.一、单选题:(本大题共8小题,每个小题5分,共40分)1.如图中的直线的斜率分别为,则()A.B.C.D.2.已知,且,则()A.B.C.D.3.设,则“”是“直线与直线平行”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.直三棱柱中,,则异面直线和所成角的余弦值为()A.B.C.D.5.已知点在圆外,则直线与圆的位置关系是()A.相切B.相交C.相离D.不确定6.已知点,平面过原点,且垂直于向量,则点到平面的距离为()A.B.2C.6D.7.已知圆,则这两圆的公共弦长为()A.4B.C.2D.18.已知椭圆的两个焦点为是椭圆上一点,若,则该椭圆的方程是()A.B.C.D.二、多选题:本大题共3小题,每个小题6分,共18分.有错得0分,部分选对得部分)9.某颗人造地球卫星的运行轨道是以地球的中心为一个焦点的椭圆,如图所示,已知它的近地点(离地面最近的点)距地面千米,远地点(离地面最远的点)距地面千米,并且三点在同一直线上,地球半径约为千米,设该椭圆的长轴长、短轴长、焦距分别为,则()A.B.C.D.10.已知直线和圆,则()A.直线恒过定点B.存在k使得直线与直线垂直C.直线与圆相交D.若,直线被圆截得的弦长为411.如图,在正三棱柱中,,D为棱上的动点,则()A.三棱锥的外接球的最大半径为B.存在点,使得平面平面C.到平面的最大距离为D.面积的最大值为三、填空题:本大题共3小题,每小题5分,共15分.把答案填在答题卡中的横线上.12.如图,平行六面体中,,则__________.13.已知直线是圆的一条对称轴,过点向圆作切线,切点为,则__________.14.已知直线与直线相交于点A,点是圆上的动点,则的最大值为__________.四、解答题:本大题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.15.(13分)已知直线的方程为,若直线在轴上的截距为,且.(1)求直线和直线的交点坐标;(2)已知直线经过直线与直线的交点,且在轴上截距是在轴上的截距的2倍,求直线的方程.16.(15分)如图甲,在梯形中,,过点作且,将梯形沿折叠得到图乙.折叠后,点是的中点.(1)求证:平面;(2)求平面与平面所成的锐二面角的余弦值.17.(15分)已知点,动点满足.(1)若点的轨迹为曲线,求此曲线的方程;(2)若点在直线上,直线经过点且与曲线只有一个公共点,求的最小值.18.(17分)如图,在三棱柱中,四边形是边长为2的菱形,是等腰直角三角形,,平面平面,点分别是的中点.(1)证明:;(2)设平面与直线的延长线交于点,求直线与平面所成角的正弦值.19.(17分)已知过点的直线与圆相交于两点,是弦的中点,且直线与直线相交于点.(1)当直线与直线垂直时,求证:直线经过圆心;(2)当弦长时,求直线的方程;(3)设,试问是否为定值,若为定值,请求出的值;若不为定值,请说明理由.重庆市字水中学2024-2025学年上期高2026届期中考试数学试卷一、单选题:(本大题共8小题,每个小题5分,共40分)1.答案D解析直线的倾斜角是钝角,故,直线与的倾斜角与均为锐角且,所以,因此,故选D.2.解:因为,所以,,因为,所以,解得:,故选:B.3.答案A解析若两直线平行,则,即,或,故是两直线平行的充分不必要条件.4.【答案】C解:因为,所以三角形是等边三角形,取的中点,以点为原点,建立空间直角坐标系如图:设,则,所以,所以异面直线和所成角的余弦值为,故选:C.5.答案B解析因为在圆外,所以,而圆心到直线的距离.所以直线与圆相交.6.【答案】B解:由题可知点到平面的距离即为在的投影,,,在的投影为.故选:B.7.【答案】C【解析】由题意知,将两圆的方程相减,得,所以两圆的公共弦所在直线的方程为.又因为圆的圆心为,半径,所以圆的圆心到直线的距离.所以这两圆的公共弦的弦长为.故选C.8.答案C解析设,椭圆的方程是.二、多选题:本大题共3小题,每个小题6分,共18分.有错得0分,部分选对得部分)9.答案ABD解析由题意可知,可得,所以A正确;,所以B正确;可得.则.则.所以D正确.故选ABD.10.【答案】BC【解析】对于A、C,由,得,令,解得,所以直线恒过定点,故A错误;因为直线恒过定点,而,即在圆内,所以直线1与圆0相交,故C正确;对于B,直线的斜率为,则当时,满足直线与直线垂直,故B正确;对于D,时,直线,圆心到直线的距离为,所以直线1被圆0截得的弦长为,故D错误.故选BC.11.【答案】BCD解:当与重合时,三棱锥的外接球的半径最大,如图,找到球心及球心在底面上的投影,则,设三角形的外接圆半径为,由正弦定理得:,解得:,故,A错误;当点为中点时,平面平面,理由如下:连接与相交于点,连接,则根据勾股定理:,其中为与的中点,所以由三线合一得:,因为,所以平面,因为平面,所以平面平面,B正确;取中点中点,连接,则两两垂直,以为坐标原点,所在直线为轴,轴,轴建立空间直角坐标系,则,设,则设平面的法向量为,由,令得:,故,设到平面的距离为,则,当时,取得最大值,为,C正确;,设点到直线的距离为,则因为,所以当或0时,取得最大值,最大值为,此时,面积为,D正确.故选:BCD三、填空题:本大题共3小题,每小题5分,共15分.把答案填在答题卡中的横线上.12.【答案】解:因为,所以,所以.13.解:由圆,可知该圆的圆心坐标为,半径为2,因为直线是圆的一条对称轴,所以圆心在直线上,所以有,因为过点向圆作切线,切点为,所以所以,14.【答案】【解析】因为直线恒过定点,直线恒过定点,且,所以两直线的交点A在以为直径的圆上,且圆的方程为,要求的最大值,转化为在上找上一点A,在上找一点,使最大,根据题意可知两圆的圆心距为,所以的最大值为.四、解答题:本大题共5小题,共77分.解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤.15.【解析】(1)因为直线的方程为,所以,因为,所以,又直线在轴上的截距为,所以过,即直线,即:直线.联立,即交点为(2)当直线过原点时,设直线,因为直线过,所以,即,直线.当直线不过原点时,设直线在轴截距为.直线,因为直线过,所以,解得,综上或.16.解:(1)证明:取的中点,连接,因为点是的中点,所以,又,过点作且,所以,,所以,所以四边形BCGE是平行四边形,所以,又面面,所以面.(2)解:取的中点,连接,因为,所以面,又,所以面,又,所以是正三角形,,所以以为坐标原点,所在的直线为轴,以的方向分别为轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系.设,则,从而,.设平面的法向量为,则令,得.设平面的法向量为,则令,得.设平面与平面所成的锐二面角为,故,所以平面与平面所成的锐二面角的余弦值为.17.直线经过点且与曲线只有一个公共点,求的最小值.解(1)设点的坐标为,则,化简可得,此方程即为所求.(2)曲线是以点为圆心,4为半径的圆,如图所示.由题意知直线是此圆的切线,连接,则,当最小时,最小,此时,则的最小值为.18.(1)证明:如图,取的中点,连接.四边形是边长为2的菱形,,是等边三角形,又是的中点,.平面平面,且平面平面,上面,面.是等腰直角三角形,且为的中点,,且,又平面,平面.(2)解:延长与相交于点,以为原点,分别以为轴建立如图所示的空间直角坐标系,点是面与直线的延长线的交点,,点是的中点,,,,,,,设平面的法向量为,则解得,.故直线与平面所成角的正弦值为.19.【解析】(1)解:直线与直线垂直,且.故直线方程为,即.圆心为,且,故当直线与直线垂直时,直线经
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