四川省眉山市2023-2024学年高二年级下册6月期末考试物理试题（解析版）

眉山市22级高二下学期县级高中校期末联考

物理试卷

一、单选题

1.在如图所示的电路中，乙是直流电阻可以忽略的电感线圈，闭合开关s,电路稳定后突

T

0--

然断开开关S并开始计时，已知LC振荡电路的振荡周期为T,则在4时间内（）

A.电容器在放电

B.电场能转化为磁场能

C.A板所带的负电荷增加

D.L产生的自感电动势增大

k答案》D

K解析工闭合开关S,电路稳定后，由于电感线圈直流电阻可以忽略，则此时通过线圈的

电流最大；突然断开开关S并开始计时，则在0~1时间内，线圈电流逐渐减小，但电流

4

的变化率增大，所以乙产生的自感电动势增大；磁场能逐渐减小，电场能逐渐增大，电容

器处于充电过程；电流方向由B板流向A板，则A板所带的正电荷增加。

故选D。

2.能量守恒定律是自然界最普遍的规律之一。以下不能体现能量守恒定律的是（）

A.楞次定律

B.动量守恒定律

C.闭合电路欧姆定律

D.热力学第一定律

（答案》B

（解析XA.楞次定律的实质机械能向电能转化的过程，是能量守恒定律在电磁现象中的

具体表现，故A错误；

B.动量守恒定律不能体现能量守恒，故B错误;

C.由闭合电路的欧姆定律

E=U+Ir

可得

EI=UI+12r

即电源的总功率等于输出功率与内阻功率之和，直接体现了能量守恒，故C错误;

D.热力学第一定律是描述做功与热传递改变物体的内能之间的关系，则能体现能量守恒

定律，故D错误。

故选B。

3.下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（）

A.图甲为氧气分子在不同温度下的速率分布图像，由图甲可知状态③的温度最高

B,图乙中，小草上的露珠呈球形的主要原因是液体重力的作用

C.图丙中，洁净的玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板受到的重

力，其原因是玻璃板受到大气压力作用

D.图丁中，由气体的摩尔体积、摩尔质量和阿伏加德罗常数，可以估算出气体分子的体积

和质量

K答案』A

K解析》A.图甲中，温度越高，速率大的分子占比越大，则状态③的温度最高，故A正

确；

B.图乙中，小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用，故B错误；

C.图丙中，洁净玻璃板接触水面，要使玻璃板离开水面，拉力必须大于玻璃板的重

力，其原因是水分子和玻璃分子之间存在分子引力，故C错误；

D.图丁中，由气体的摩尔质量和阿伏加德罗常数，可以估算出气体分子的质量，用气体

的摩尔体积和阿伏加德罗常数可以估算出气体分子占据的空间体积，而不是分子的体积，

故D错误。

4.如图为远距离输电示意图，其中升压变压器输入的正弦式交流电的电压有效值％=220V

保持不变，输入功率以=880kW,升压变压器原副线圈的匝数比为1:100,降压变压器原

副线圈的匝数比为100:1,输电线路总电阻度=50Q。为了安全测量输电线路中的电压和电

流，现在输电线路的起始端接入甲、乙两个特殊的变压器，甲、乙原副线圈匝数比分别为

100:1和1:10,以上变压器均为理想变压器。下列判断正确的是（）

A.电压表示数为200VB.电流表示数为4A

C.输电线路的中损失的功率尊=8kWD.用户得到的电压为。4=220V

k答案》B

K解析工A.升压变压器次级电压

4

C/2=220x100V=2.2X10V

电压表示数为

U=幺=220V

100

选项A错误；

B.输电线上的电流

880x1000

A=40A

22000

电流表示数为

/=A=4A

10

选项B正确；

C.输电线路的中损失的功率

=402x50W=80kW

选项c错误；

D.降压变压器输入电压

4

C/3=C/2-/2r=2xlOV

用户的电压为

选项D错误。

故选B。

5.高压汞灯，UV光刻机的紫外光源，它可以产生365nm、404nm、436nm、546nm和579nm

五条尖锐的光谱线，但这些光中只有//线（404nm）是光刻机所需要的。高压汞灯辐射的光

通过图中的三棱镜分离后形成。、b、c、d、e五束，其中适合UV光刻机的是（）

A.aB.bC.dD.e

K答案1C

K解析》根据折射率的定义式有

sin呢旨

n=------三△

sin°介质

由图可知，五束光在空气中的入射角相等，a、b、c、d、e五束光在介质中的折射角依次

减小，

可知

na<nb<nc<nd<ne

折射率越大，波长越小,

则有

4a>4)>4>4/>4

由于只有方线（404nm）是光刻机所需要，根据题中给出的五条尖锐的光谱线的波长大

小关系，可知，只有d光束适合UV光刻机。

故选c。

6.某同学设计了一个电磁推动的火箭发射装置，如图所示.竖直固定在绝缘底座上的两根

长直光滑导轨，间距为/.导轨间加有垂直于导轨平面向里的匀强磁场3,绝缘火箭支撑在

导轨间，总质量为如金属棒E尸的电阻为R,并通过电刷与电阻可忽略的导轨良好接

触.引燃火箭下方的推进剂，迅速推动刚性金属棒CD（电阻可忽略且和导轨接触良好）

向上运动，回路DC的面积减小，感应出强电流，所产生电磁推力推动火箭加速运

动，重力加速度为g,下列说法正确的是（）

”导轨.

XX

XX

XX

X：乂X「X

XXXX

XXXX

XXXX

XrXXX

X推进剂X

底座

A.火箭开始加速运动时，回路CE尸中感应电流的方向沿逆时针

若在火箭运动前C。上升的高度为九则流过斯某一横截面的电荷量为华

B.

ma

若EF刚要启动时的加速度大小为G,则此时回路中的感应电流为——

BI

1,

D.若火箭上升高度”时的速度为v,则安培力对EF做的功为为w-mg"

（答案IB

k解析IA.由右手定则可得，CD在上升的过程中，产生的电流由。到C,则火箭开始

加速运动时，回路CEFDC中感应电流的方向沿顺时针，A错误;

卜①E

B.由£=---、I=—、q=/At可得

AtR

△①

q=——

R

结合

AO=B//7

可得

Blh

B正确；

C.对EF进行受力分析，由牛顿第二定律可得

BII—mg—ma

解得

mg+ma

1=----------

Bl

C错误；

D.当火箭上升的高度为H时获得的速度为v,由动能定理可得

1,

-mgH=-mv~

解得

12

=mgH+—mv

D错误。

故选B。

7.如图所示，先后用一垂直于cd边的恒定外力以速度％和均匀速把一正方形导线框拉出

有界的匀强磁场区域，岭=2匕，拉出过程中仍边始终平行于磁场边界。先后两次把导线

框拉出磁场情况下，下列结论正确的是（）

B;

XXXX；

I

a

XXXX

V

XXXX

bIc

XXXX!

A.感应电流之比人：4=2：1

B.外力大小之比与：8=1:2

C.拉力的功率之比［：g=1:2

D.拉力的冲量大小之比/F1:（2=1：2

（答案』B

K解析》A.根据

,EBLv

1=——=-----

RR

可得感应电流之比

A42=1：2

故A错误；

B.根据

B2£2V

F=%=BIL=

R

可得外力大小之比

耳：巴=1:2

故B正确；

C.根据

P=F，=g

R

可得拉力的功率之比

故C错误；

D.根据

I=Ft

又

L

t=—

V

联立，解得

/金

R

可得拉力的冲量大小之比

%：电=1：1

故D错误。

故选Bo

8.若甲、乙图中的Uo、T所表示的电压、周期值是相同的，一定值电阻接到如图甲所示

的正弦交流电源上，消耗的电功率为《；若该电阻接到如图乙所示的方波交流电源上，消

耗的电功率为鸟。两个完全相同的电热器，分别通以如图丙、丁所示的交变电流（丙图曲

线为正弦曲线的一部分），在一段相同且较长时间内，它们的发热量之比为4:1,电流的峰

值之比为/|：，2。则（）

B.［：鸟=1:5=9:2

C.《：£=3:17/］：，2=9:2D.《：鸟=3:17/1：/2=4:1

K答案XA

k解析》甲图所示交流电的电压有效值为

乙图所示电压的有效值为

。乙2T_（2。。）2T\U'T

RR2R2

解得

又

则有

［：鸟=1:5

丙图所示交流电的有效值为

解得

/丙=g

丁图所示交流电的有效值为

/丁=4

又因为在一段相同且较长时间内发热量之比为4:1,由焦耳定律可得

Q=I-Rt

即

/丙:/乙=2：1

由此可得

A：/2=4:l

二、多选题

9.下列所示的图片、示意图或实验装置都来源于课本，则以下说法正确的是（）

A.甲图是太阳通过小圆孔成的像

B.乙图是薄膜干涉的应用，可用来检测平面的平整程度

C,丙图是双缝干涉的原理图，若尸处光程差等于光的波长的整数倍，则尸处是亮条纹

D.丁图是薄膜干涉现象的实验装置图，在肥皂膜上，出现竖直干涉条纹

K答案UBC

k解析》A.甲图是小孔衍射的图样，太阳通过小圆孔成的像属于光的直线传播，故A错

误；

B.乙图是薄膜干涉的应用，用来检测平面的平整程度。若干涉条纹是相互平行的直的干

涉条纹则表明平面平整，故B正确；

C.图是双缝干涉原理图，根据叠加原理可知，若P处光程差等于光的波长的整数倍，则

尸处是亮条纹，故C正确；

D.丁图是薄膜干涉现象的实验装置图，在附有肥皂膜的铁丝圈上，出现水平干涉条纹,

故D错误。

10.一定质量的理想气体从状态A开始，经历四个过程Af8、BfC、CfD、

OfA回到原状态，其。-V图像如图所示，其中D4段为双曲线的一支。下列说法正确

的是（）

A.Af8外界对气体做功

B.BfC气体的内能增加

C.C-。气体向外界放热

D.DfA容器壁单位时间单位面积内受到气体分子撞击的次数增加

k答案》CD

k解析》A.Af8过程，气体体积变大，气体对外做功，故A错误；

B.BfC过程，气体体积不变，根据理想气体状态方程

生二C

T

可知压强减小，气体温度降低，内能减小，故B错误；

C.C-£＞过程，气体压强不变，体积减小，即外界对气体做功，依据理想气体状态方程

可得气体温度降低，气体内能减小，所以根据热力学第一定律

其中

△U<0,W>0

可知

Q<0

气体向外界放热，故C正确；

D.DfA过程为等温变化，而气体压强变大，故单位面积单位时间，气体撞击器壁次数

变多，故D正确。

故选CD

11.如图甲所示，一个矩形金属框ABC。通过细杆悬挂在竖直平面内，悬点尸为边中

点。金属框边A8水平，平行AB边的虚线EF下方存在有随时间变化的匀强磁场，磁场范

围足够大、方向垂直纸面（竖直平面）。若金属框的重量忽略不计，规定金属框所受安培力

向上为正方向，f=0时起，金属框所受安培力下随时间f的变化图像如图乙所示。取垂直

纸面向外为磁感应强度的正方向，贝卜=0时刻起磁感应强度8随时间r的变化图像可能正

确的是（）

［答案XBD

K解析XAB.在一个周期内，安培力厂先正向线性增大，再反向线性减小，且增大时的

变化率比减小时的变化率大；根据左手定则可知，线圈内的磁通量垂直纸面向外时，感应

电流先沿顺时针方向，再沿逆时针方向，由楞次定律可知，磁通量先增大后减小，则磁感

应强度先增大后减小；由尸=5〃可知，顺时针的电流大于逆时针的电流，由

1=-=—,可知前者的磁感应强度的变化率大于后者的变化率，故A错误，B正确；

RMR

CD.根据左手定则可知，线圈内的磁通量垂直纸面向里时，感应电流先沿逆时针方向，再

沿顺时针方向，由楞次定律可知，磁通量先增大后减小，则磁感应强度先增大后减小；由

尸=5〃可知，逆时针的电流大于顺时针的电流，则前者的磁感应强度的变化率大于后者

的变化率，故C错误，D正确。

故选BDo

12.为了研究电感现象，宇航员在空间站进行如图所示的研究。工为自感系数较大的电感

线圈，且直流电阻不计；AB为两个完全相同的灯泡，且它们的额定电压均等于电源的电

A.合上K的瞬间，A先亮，B后凫

B.合上K的瞬间，A、B同时亮

C.断开K以后，B变得更亮，A缓慢熄灭

D.断开KB,A熄灭，B重新亮后再熄灭

（答案』BD

K解析XAB.合上K的瞬间，自感系数很大的电感线圈阻碍电流增大，电源的电压同时

加到两灯上，A、B同时亮，故A错误，B正确；

CD.合上K电流稳定后电感线圈相当于导线，B灯被短路，B熄灭,A灯更亮，断开K,

A灯立即熄灭，线圈乙中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过B灯，刚开始时电流

比原来通过B灯的电流大，B闪亮一下后熄灭，故C错误，D正确。

三、实验题

13.某同学用DIS来研究一定质量的气体在温度不变时压强与体积的关系，实验装置如图

甲所示。

甲乙

（1）关于实验过程，下列说法错误的是

A.改变体积时，要缓慢推拉注射器活塞

B.为防止漏气，针管与活塞之间要涂润滑油

C.可以用手握紧针筒以方便推拉活塞

(2)启用系统“绘图”功能，计算机将显示压强与体积的关系图线。该同学在不同温度下做

了两次实验，获得的V-'图像如图乙所示，则,小(填“>”“=，或，<”)

P"

(3)该同学发现图线不过坐标原点，可能原因是o

A.连接注射器和压强传感器的细管中有气体体积未计入

B.实验过程中出现漏气现象

C.实验过程中气体温度降低

(答案》(1)C(2)<(3)A

K解析X(1)A.为了保持封闭气体的温度不变，要缓慢推拉注射器活塞。若推动活塞速

度过快，会引起气体的温度逐渐升高，故A正确，不符合题意；

B.为防止漏气，针管与活塞之间要涂润滑油，故B正确，不符合题意；

C.本实验条件是温度不变，用手握住注射器含有气体的部分，会使气体温度升高，故手

不能握住注射器，故C错误，符合题意。

(2)根据理想气体状态方程比=C变形得

T

V=CT-

P

1

则V—-图线的延长线过原点，且温度越高直线的斜率越大，由图线可知

P

1

(3)图线不过原点，在一轴上有截距，说明当体积为0时，仍有压强，是连接注射器和

P

压强传感器的细管中有气体体积未计入。

14.在“探空变压器穗两端的电压和匝数的关系”实验中，可拆变压器如图所示。

(1)本实验要通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的有关系，实

验中需要运用的科学方法是;

A.控制变量法B.等效替代法C.整体隔离法

(2)如图给出的器材中，本实验需要用到的有哪些

A.为了人身安全，只能使用低压直流电源，所用电压不要超过12V

B,为了多用电表的安全，使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测

C,观察两个线圈的导线，发现粗细不同，导线粗的线圈匝数多

D.变压器开始正常工作后，铁芯导电，把电能由原线圈输送到副线圈

(4)在实际实验中将电源接在原线圈的“0”和“800”两个接线柱上，用电表测得副线圈的“0”

和“400”两个接线柱之间的电压为3.0V,则原线圈的输入电压可能为(填字母)。

A.1.5VB.3.0VC,6.0VD.7.0V

K答案X(1)A(2)BD(3)B(4)D

(解析》(1)实验中需要运用的科学方法是控制变量法。

故选Ao

(2)实验中需要交流电源和交流电压表(万用表)，不需要干电池和直流电压表。

(3)A.变压器改变的是交流电压，因此为了人身安全，原线圈两端只能使用低压交流电

源，所用交流电压不能超过12V,而用直流电压变压器不能工作，故A错误；

B使用多用代表测电压时，先用最高量程挡测试，再选用恰当的挡位进行测量，故B正确；

C.观察两个线圈的导线，发现粗细不同，由变压器工作原理

4=

则匝数少的电流大，则导线越粗，即导线粗的线圈匝数少；故c错误；

D.变压器的工作原理是电磁感应现象，即不计各种损耗，在原线圈上将电能转化成磁场

能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”磁场能的作用，不是铁芯导电，传

输电能，故D错误。

故选B。

(4)若是理想变压器，则有变压器线圈两端的电压与匝数的关系

力=5

。2〃2

若变压器的原线圈接“0“和”800”两个接线柱，副线圈接“0”和“400”两个接线柱，可知原副线

圈的匝数比为2：1,副线圈的电压为3V,则原线圈的电压为

a=6v

考虑到不是理想变压器，有漏磁等现象，则原线圈所接的电源电压大于6V,可能为7V。

故选D。

四、解答题

15.某学习小组测量半径为R的透明半圆柱体玻璃的折射率，其横截面如图所示为半圆

形，"N是通过透明玻璃体横截面圆心。的直线，用激光笔沿平行于的直线A5射

向该柱体，2为入射点，角400=60。。CD为出射光线，CD与相交，夹角

a=30°。已知光在真空中的传播速度为c,求：

(1)透明玻璃半圆柱体材料对该激光束的折射率;

(2)激光束在半圆柱体中传播的最短时间。

（答案』（1）理；（2）叵

2c

K解析工（1）作出光路图，如下图所示

光线经过两次偏折后有

2（z-r）=30°

解得

r=45°

由折射定律得

sin60°

n二------

sin45°

解得

（2）设光束在半圆柱体中的传播路程为s,由几何关系

s=2Hcos45°

c

n--

v

传播时间

s

t=-

V

解得

C

16.如图所示，内壁光滑的薄壁圆柱形导热汽缸开口朝下，汽缸高度为九横截面积为S。

汽缸开口处有一厚度可忽略不计的活塞。缸内封闭了压强为2Po的理想气体。已知此时外

部环境的热力学温度为乃，大气压强为P。，活塞的质量为4%*,g为重力加速度。

g

活塞

(1)若把汽缸放置到热力学温度比外部环境低;”的冷库中，稳定时活塞位置不变，求稳

定时封闭气体的压强；

(2)若把汽缸缓缓倒置，使开口朝上，环境温度不变，求稳定时活塞到汽缸底部的距离。

Q2

k答案U(1)—p0；(2)—h

K解析X(1)由题意知封闭气体做等容变化，根据查理定律有

2PoPi

y。

8

求得Pl=-Po

(2)稳定时，对活塞分析

p0S+mg