河北省秦皇岛市昌黎汇文二中2025届物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

河北省秦皇岛市昌黎汇文二中2025届物理高二第一学期期中复习检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一辆小车静止在光滑的水平面上，小车立柱上固定一条长为L、系有小球的水平细绳，小球由静止释放，如图所示，不计一切摩擦，下列说法正确的是（）A．小球的机械能守恒，动量不守恒B．小球的机械能不守恒，动量也不守恒C．球、车系统的机械能守恒，动量守恒D．球、车系统的机械能、动量都不守恒2、如图，实线为方向未知的三条电场线，a、b两带电粒子仅在电场力作用下从电场中的O点以相同的初速度飞出。两粒子的运动轨迹如图中虚线所示，则()A．a一定带正电，b一定带负电B．在虚线所示的过程中，a加速度增大，b加速度减小C．在虚线所示的过程中，a和b的动能都增大D．在虚线所示的过程中，a电势能减小，b电势能增大3、关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是A．洛伦兹力对运动电荷一定不做功B．安培力对通电导线一定不做功C．放置在磁场中的通电导线一定受到安培力作用D．带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用4、某弹簧振子沿x轴的简谐运动图象如图所示，下列描述正确的是（）A．t=1s时，振子的速度为零，加速度为负的最大值B．t=2s时，振子的速度为负，加速度为正的最大值C．t=3s时，振子的速度为负的最大值，加速度为零D．t=4s时，振子的速度为正，加速度为负的最大值5、两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径之比为1：4，则两颗卫星的()A．线速度大小之比为1:2B．角速度大小之比为8:1C．运行的周期之比为D．向心加速度大小之比为4:16、一台额定电压为U的电动机，它的电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则A．电动机t秒内产生的热量是Q=UItB．电动机t秒内产生的热量是Q=I2RtC．电动机的功率为P=I2RD．电动机的功率为P=U2/R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，绝缘的斜面处在于一个竖直向上的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电势能增加0.5J，则以下判断正确的是A．金属块带负电荷 B．电场力做功0.5JC．金属块克服摩擦力做功0.7J D．金属块的机械能减少1.2J8、如图甲所示，两个点电荷、固定在x轴上距离为L的两点，其中带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点，其中b点与O点相距。现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动粒子只受电场力作用，设粒子经过a、b两点时的速度分别为、，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断不正确的是A．带负电且电荷量小于B．b点的场强一定为零C．a点的电势比b点的电势高D．粒子在a点的电势能比b点的电势能小9、有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断()A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小D．两电阻并联时，流过电阻B的电流强度较大10、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键,电容器充电,这时悬线偏角与竖直方向的夹角为θ,如图所示（）A．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ变小.B．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ大.C．断开K,A板向B板靠近,则θ增大.D．断开K,A板向B板靠近,则θ不变.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一个量程为的电流表，内阻为1000Ω，再给它串联一个99000Ω的电阻，将它改装成电压表，改装后电压表的量程为_______V。12．（12分）用如图甲所示的电路图研究灯泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。除了开关、导线外，还有如下器材：电压表V，量程选择0～3V，内阻约5KΩ电流表A，量程选择0～600mA，内阻约0.5Ω滑动变阻器R1，最大阻值10Ω，额定电流2.0A滑动变阻器R2，最大阻值100Ω，额定电流1.0A直流电源E，电动势约为6V，内阻约为0.5Ω（1）上述器材中，滑动变阻器应选______。（填器材符号）（2）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在___________端。（选填“a”或“b”）（3）根据电路图，请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整__________。（4）实验后作出的I—U图象如图丙所示，图中曲线弯曲的主要原因是：_______________。（5）根据所得到的图象如图丙所示，求出它在额定电压（2.4V）下工作时的电阻值R=____Ω，这个测量值比真实值偏_________。(选填“大”或“小”)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一质量为m.电荷量为q的带正电荷小球（可视为质点）从y轴上的A点以初速度v0（未知）水平抛出，两长为L的平行金属板M.N倾斜放置且水平方向间的夹角为θ=370（1）试求带电小球抛出时的初速度v0（2）若该平行金属板M.N间有如图所示的匀强电场，且匀强电场的电场强度大小与小球质量之间的关系满足E=4mg5q14．（16分）反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似．已知静电场的方向平行于x轴，其电势φ随x的分布如图所示．一质量m=1.0×10﹣20kg，电荷量q=1.0×10﹣9C的带负电的粒子从（﹣1，0）点由静止开始，仅在电场力作用下在x轴上往返运动．忽略粒子的重力等因素．求：（1）x轴左侧电场强度E1和右侧电场强度E2的大小之比；（2）该粒子运动的最大动能Ekm；（3）该粒子运动的周期T．15．（12分）长为的平行金属板水平放置,两极板带等量的异种电荷,板间形成匀强电场,一个带电量为、质量为的带电粒子,以初速度紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场,刚好从下极板边缘射出,射出时速度恰与下极板成角,如图所示,不计粒子重力。求：(1)粒子从下极板边缘射出时速度的大小;(2)匀强电场的场强;(3)两板间的电势差.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

AB．小球由静止释放过程中，小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，故系统只在在水平方向动量守恒，所以当小球有向右的速度时小车将同时有向左的速度，所以小球在下落过程中并不是真正的圆周运动，小车将通过细绳对小球做功，小球机械能不守恒，动量守恒的研究对象是一个系统，单独小球谈不上动量守恒，所以A错误，B正确；CD．小球与小车系统在整个过程中只有重力做功，系统机械能守恒；由于系统水平方向不受外力，系统在水平方向动量守恒但总动量并不守恒，故CD错误。故选B。2、C【解析】

A、由运动轨迹如图可知，a、b做曲线运动，由于电场线方向未知，故a、b电性不能确定，故A错误；

B、根据a、b两粒子做曲线运动轨迹弯曲程度即电场线的疏密可知，b所处的电场线变密，电场强度变强，所受的电场力在增大，加速度在增大；a所处的电场线变疏，电场强度变弱，所受的电场力在减小，加速度在减小，故B错误；C、根据图知a、b两粒子的电场力、速度的夹角为锐角，电场力对电荷做正功，电势能减小，动能增加，故C正确，D错误。【点睛】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出力、速度和运动轨迹三者的位置关系体，电场力做功与电势能、动能的关系，电场线与电场强度的关系。3、A【解析】A、洛伦兹力始终与电荷运动方向垂直，对粒子不做功，故A正确；B、安培力是通电导线受到的力，若导体棒在安培力的方向上有位移，则安培力做功，故B错误；C、通电直导线与磁场方向夹角不为零时，才会受安培力，故C项错误D、带电粒子在磁场中运动时，若运动方向与磁场平行，则不受洛仑兹力的作用，故D错误；综上所述本题答案是：A4、A【解析】

根据振动图象判断质点振动方向的方法：沿着时间轴看去，“上坡”段质点向上振动，“下坡”段质点向下振动．【详解】AC．在t=1s和t=3s时，振子偏离平衡位置最远，速度为零，回复力最大，加速度最大，方向指向平衡位置，A正确，C错误；BD．在t=2s和t=4s时，振子位于平衡位置，速度最大，回复力和加速度均为零，BD错误．5、B【解析】

设任一卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M．则对于在轨卫星，有：得：，，，a=可见，轨道半径之比为1：4，则得线速度大小之比为2：1，角速度大小之比为8:1；运行的周期之比为1：8，向心加速度大小之比为16：1．故B正确，ACD错误．故选B．6、B【解析】

由焦耳定律知，A错B对；电动机的功率，C、D错．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

在下滑过程中电势能增加0.5J，故物体需克服电场力做功为0.5J，故金属块正电，故AB错误；在金属块滑下的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电场力为-0.5J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：Wf=-0.7J，故C正确；外力做功为W外=W电+Wf=-1.2J，故机械能减少1.2J，故D正确．所以CD正确，AB错误．8、ABD【解析】

AB．在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，可知b点的合场强为零，Q2带负电，且有所以Q1＞Q2故AB正确；CD．该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增加，再据Ep=qφ知，电势降低，所以b点电势较高，故C错误，D正确。故选ABD。9、BC【解析】

伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小；【详解】A、I-U图线的斜率表示电阻的倒数，A图线的斜率大，则A的电阻小，故A错误，B正确；C、当两电阻串联时，电阻的电流相同，由P=I2R可得，电阻小的电阻的功率小，所以电阻AD、两电阻并联时，即电压相同的时，由于A的电阻小，流过电阻A的电流强度较大，则流过电阻B的电流强度较小，所以D错误。【点睛】本题就是考查学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开U-I图象和I-U图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同。10、BD【解析】AB、保持k闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，根据可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A错误，B正确；CD、断开k，电容器带电量保持不变，由和以及可得，A板向B板靠近，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则θ不变，故D正确，C错误；故选BD。【点睛】小球受重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，当电场力变大时θ增大，电场力变小时θ减小，因此解决本题关键是判断小球所受电场力的变化情况；注意电容器的两种状态的不同，电键闭合其电压不变，电键断开电容器所带电量保持不变。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、30【解析】

[1]改装后的电压表的量程为：12、R1a小灯泡的电阻随着电压的升高而增大4.8小【解析】(1)根据图甲所示的电路图，滑动变阻器采用分压式连接方式，所以滑动变阻器阻值，滑动变阻器应选R1；(2)由图甲知，当滑动触头打到a端时通过电流表的电流是零，为防止烧表，在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在a端；(3)根据电路图，在图乙中以笔划线代替导线将实物图(4)图中曲线弯曲的主要原因是随着灯丝中的电流增大，温度升高，灯丝的电阻率增大，电阻增大；(5)由图丙知小灯泡在额定电压（2.4V）下工作时的电流为0.5A，由，根据欧姆定律，由于电压表的分流使得电流表测量值大于通过小灯泡的实际电流，故测得的电阻值偏小；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）3gL10；（2）5【解析】试题分析：（1）设小球由y轴上的A点运动到金属板M的中点B的时间为t，由题意，在与x轴平行的方向上，有：L2cosθ=带电小球在竖直方向上下落的距离为：h=所以小球抛出点A的纵坐标为：y=h+L以上各式联立并代入数据可解得：v0所以小球抛出点A的坐标为（0，（2）设小球进入电场时的速度大小为v，则由动能定理可得：mgh=解得：v=5L带电小球进入匀强电场后的受力情况如图所示．因为E=4mg5q，所以因此，带电小球进入该匀强电场之后，将做类平抛运动．其加速度大小为：a=mg设带电小球在该匀强电场中运动的时间为t'，欲使小球不打在N板上，由类平抛运动的规律可得：d=vt'，L以上各式联立求解并代入数据可得：d=考点：带电粒子在电场中的运动【名师