四川省武胜烈面中学2025届高二物理第一学期期中经典模拟试题含解析

四川省武胜烈面中学2025届高二物理第一学期期中经典模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、发现电流磁效应的科学家是：A．安培； B．法拉第； C．奥斯特； D．爱迪生．2、如图所示，电场强度为E的匀强电场中,沿电场强度方向有A、B、C、D四点,且AB=BC=CD=L,在A、C两点分别引入带异号电荷的点电荷，且电荷量大小满足QA=KQc．现测得B处电场强度的大小为2E,D处电场强度的大小为E,则倍数K为()A．1.5 B．2 C．3 D．2.53、图（a）为示波管的原理图．如果在点击之间所加的电压图按图（b）所示的规律变化，在电极之间所加的电压按图（c）所示的规律变化，则在荧光屏上会看到的图形是A． B．C． D．4、下列给出的几个物理量中，属于标量的是：（）A．路程 B．位移 C．速度 D．加速度5、关于曲线运动的描述，下列说法正确的是（）A．物体只有在恒力作用下才做曲线运动B．物体只有在变力作用下才做曲线运动C．曲线运动一定是变速运动D．曲线运动速度大小一定变化6、A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图乙所示．设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为φA、φB，则A．EA＝EBB．EA＜EBC．φA＝φBD．φA＞φB二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两块较大的金属板、相距为，平行放置并与一电源相连。开关闭合后，两板间恰好有一质量为、带电荷量为的油滴处于静止状态。以下说法正确的是A．若将向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，表中有的电流B．若将向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，表中有的电流C．若将向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，表中有的电流D．若将断开，则油滴将做自由落体运动，表中无电流8、目前有一种磁强计,用于测定地磁场的磁感应强度。磁强计的原理如右图所示,电路有一段金属导体,它的横截面是宽为d、高为h的长方形,放在竖直向下的匀强磁场中,磁感应强度为B，导体中通有沿水平向右、大小为I的恒定电流。两电极M、N均与金属导体的前后两侧接触,用电压表测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U。已知金属导体单位体积中的自由电子数为n,电子电荷量为e,M、N两点的电势分别为ΦM、ΦN，下列说法正确的是()A．磁感应强度B=nehU/I，电势差U越大表明磁场越强B．增大h时，电势差U增大C．电子定向移动的方向水平向左，ΦM<ΦND．电子定向移动速率v=I/nedh9、某动车速度从0增加到50m/s（即180km/h）所用的时间为100s。动车在这段时间内的运动可视为匀加速直线运动，则这段时间内动车的（）A．加速度为2m/s2B．加速度为0.5m/s2C．速度变化量为0.5m/sD．速度变化量为50m/s10、带电粒子进入云室会使云室中的气体电离，从而显示其运动轨迹．图是在有匀强磁场云室中观察到的粒子的轨迹，a和b是轨迹上的两点，匀强磁场B垂直纸面向里．该粒子在运动时，其质量和电量不变，而动能逐渐减少，下列说法正确的是A．粒子先经过a点，再经过b点B．粒子先经过b点，再经过a点C．粒子带负电D．粒子带正电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）图1螺旋测微器读数为__________mm，图2游标卡尺读数为__________mm。（2）选择电流表的量程为0.6A，则图3中电流表的读数为____A。（3）某电流表表头内阻Rg为200Ω，满偏电流Ig为2mA，按如图4改装成量程为3V和15V的电压表，其中R1=____Ω。​（4）在"测绘小灯泡的伏安特性曲线"实验中,要求加在小灯泡上的电压从零开始变化,滑动变阻器的连接方式应选择___（填“(a)”或“（b）”）；图(c)是某个小灯泡的伏安特性曲线，细实线是A点切线，图线中A点对应的灯丝电阻等于____Ω；随着电压的增大，灯丝的电阻____（填“增大”或“减小”）。12．（12分）如图螺旋测微器的读数是______cm；游标卡尺的读数是_________cm；若电流表的量程为0.6A，则电流表表针的示数是______A．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一直流电动机与阻值R9的电阻串联接在电源上，电源电动势E20V，内阻r1，用理想电压表测出电动机两端的电压U10V，已知电动机线圈电阻RM1．求:(1)电源的输出功率；(2)电动机的效率．14．（16分）如图所示，两平行金属板间电势差为U，板间电场可视为匀强电场，金属板下方有一磁感应强度为B的匀强磁场．带电量为＋q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板出发，经电场加速后射出，并进入磁场做匀速圆周运动．忽略重力的影响，求：(1)粒子从电场射出时速度v的大小；(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径R.15．（12分）如图所示，斜面AB倾角为37°，在B左边竖直平面内固定半径R=0.45m的光滑半圆形轨道BCD，与斜面在B点处圆滑连接，A、D两点等高，质量m=0.2kg的小物块（可看作质点）从斜面上的A点以4m/s的初速度下滑，斜面的动摩擦因数μ=0.5，小物块最后通过半圆形轨道从D点水平飞出，求：（1）小物块到达B点时的速度大小；（2）小物块在D点时对轨道的作用力；（结果保留两位有效数字）（3）小物块从D点飞出后落在斜面上离B点的距离。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

发现电流磁效应的科学家是奥斯特，故选C.2、A【解析】

由于测得B处电场强度的大小为2E，则两点电荷在B处形成的电场强度应为E，根据点电荷电场强度公式和场强叠加原理方向向右；测得D处电场强度的大小为E，两点电荷在D处形成的电场强度应为E，方向向左，则联立解得：K=1.1A．1.1．故A符合题意．B．2．故B不符合题意．C．3．故C不符合题意．D．2.1．故D不符合题意．3、B【解析】

电子在和间沿电场方向均做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式：前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向一侧，所以电子前半周期偏向一侧．前半个周期0-t1时间内，电子受到的力偏向Y一侧，所以电子前半周期偏向Y一侧．综上，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限．同理，后半周期的图像应在第四象限．A．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故A错误．B．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故B正确．C．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故C错误．D．分析可知，前半个周期0-t1时间内图像应该在第二象限，后半周期的图像应在第四象限．故D错误．4、A【解析】

A.路程是只有大小没有方向的物理量。是标量，故A项正确。B.位移是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B项错误；C.速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故C项错误；D.加速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故D项错误；5、C【解析】

AB．曲线运动的条件是合外力与速度不一条直线上，与力是否变化无关，物体在变力作用下可能做直线运动，如机车启动的过程中,合外力的大小是变化的；在恒力作用下也可做曲线运动，如平抛运动，故A错误，B错误;C．曲线运动的条件合外力与速度不一条直线上，速度方向时刻变化,故曲线运动是变速运动.所以C正确;D．匀速圆周运动是速度大小不变方向改变的曲线运动，故D错误.6、A【解析】

因为电子做匀加速直线运动，则加速度不变，即所受的电场力不变，可知电场强度不变，所以EA=EB．故A正确，B错误。因为电子从A到B做加速运动，所以电场线方向由B指向A，沿电场线方向电势逐渐降低，则φA＜φB．故CD错误。故选A。【点睛】解决本题的关键知道沿电场线方向电势逐渐降低，电场线的疏密代表电场的强弱．本题通过电场力的变化判断电场强度的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】

A．闭合，电压不变，将向左平移一小段位移，由：可知，不变，油滴仍静止，根据电容决定式：由于正对面积减小，则电容减小，由：可知，电容器的带电量在减小，即电容器在放电，因此表中有的电流，故A正确；B．闭合，电压不变，将向上平移一小段位移，极板间距增大，由：可知，变小，油滴应向下加速运动，根据电容决定式：可知，间距增大，则电容减小，根据：可知，电荷量减小，电容器放电，则表中有的电流，故B正确；C．将向下平移一小段位移，极板间距减小，由：可知，变大，油滴受的电场力变大，油滴向上加速运动，根据电容决定式：可知，间距减小，则电容增大，根据：可知，电荷量增大，则电容器充电，则表中有的电流，故C错误；D．将断开，电容器电量不变，根据：可知，不变，根据：则板间场强不变，油滴仍处于静止状态，且表中无电流，故D错误。故选AB．8、AD【解析】

根据左手定则判断出电子的偏转方向，从而确定电势的高低，抓住电子受到的洛伦兹力等于电场力，结合电流的微观表达式求出磁感应强度的大小。【详解】根据左手定则知，电子向外侧偏转，则导体N极为负极，M极为正极。自由电子做定向移动，视为匀速运动，速度设为v，则单位时间内前进的距离为v，对应体积为vdh，此体积内含有的电子个数为：nvdh，电量为：nevdh有：I=Δq电子受电场力和洛伦兹力平衡，有eU解得：B=eUnhA项：磁感应强度B=nehU/I，电势差U越大说明，表明磁场越强，故A正确；B项：由B=eUnhI可知，增大h时，电势差U减小，故C项：负电荷定向移动的方向与电流方向相反，所以电子定向移动的方向水平向左，导体N极为负极，M极为正极，故C错误；D项：由电流微观表达式可知，I=nevdh，解得：v=Inedh，故故应选：AD。【点睛】解决本题的关键掌握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡。9、BD【解析】

某动车速度从0增加到50m/s，则速度的变化量为：∆v=50m/s-0=50m/s；所用的时间为100s，则加速度为a=ΔvΔt=【点睛】知道速度的变化量等于末速度减初速度；记住加速度等于速度的变化率.10、AC【解析】试题分析：粒子在云室中运动时，速度逐渐减小，根据可知其运动轨迹的半径逐渐减小，故粒子运动方向为由a到b，故A正确，B错误；运动方向由a到b，磁场垂直纸面向里，所受洛伦兹力方向指向运动轨迹内侧，故由左手定则可知该电荷带负电，故C正确，D错误．故选AC．考点：左手定则三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.90014.500.351300（a）10增大【解析】

（1）图1螺旋测微器读数为：0.5mm+0.01mm×40.0=0.900mm，图2游标卡尺读数为：1.4cm+0.05mm×10=14.50mm。（2）选择电流表的量程为0.6A，最小刻度为0.02A，则图3中电流表的读数为0.35

A。（3）表头满刻度电压值为Ug=Ig×Rg=200×2×10-3V=0.4V，量程为3V时，要串联的电阻R1为：R1（4）要使加在小灯泡上的电压从零开始变化，滑动变阻器应选择分压电路，则连接方式应选择(a)；图(c)小灯泡的伏安特性曲线中A点对应的灯丝电阻等于R=UI=212、1.38701.1500.44【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度为13.5mm，可动刻度为，所以最终读数为（2）20分度的游标卡尺,精确度是,游标卡尺的主尺读数为,游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为,所以最终读数为:；（3）电流表的量程是0.6A，则最小刻度代表的是0.02A，精确到0.01A，则图中表的读数是：0.44A综上所述本题答案是：(1).1.3870(2).1.150(3).0.44四、计算题：本题共2小题，共26分。把