北京市首都师大附属回龙观育新学校2025届高二物理第一学期期中联考模拟试题含解析

北京市首都师大附属回龙观育新学校2025届高二物理第一学期期中联考模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一物块在与水平方向成θ角的拉力F的作用下，沿水平面向右运动一段距离s．则在此过程中，拉力F对物块所做的功为:A．Fs B．Fssinθ C．Fscosθ D．Fstanθ2、如图(甲)所示，ab为原来不带电的细导体棒，q为一带正电的点电荷，当达到静电平衡后，导体棒上的感应电荷在棒内O点处产生的场强大小为E1，O点的电势为φ1.现用一导线把导体棒的b端接地，其他条件不变，如图(乙)，待静电平衡后，导体棒上的感应电荷在棒内O点处产生的场强大小为E2，O点的电势为φ2，经分析后可知()A．E1＝E2，φ1＜φ2B．E1＞E2，φ1＝φ2C．E1＝E2，φ1＞φ2D．E1＞E2，φ1＝φ23、如图，单匝矩形线圈abcd处在磁感应强度为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，以恒定的角速度绕ab边转动，线圈所围面积为S，线圈的总电阻为R，时刻线圈平面与纸面重合，且cd边正在离开纸面向外运动，则()A．时刻线圈中电流的瞬时值B．线圈中电流的有效值C．线圈中电流的有效值D．线圈消耗的电功率4、磁场中任一点的磁场方向，规定为小磁针在磁场中：（）A．受磁场力的方向B．磁北极受磁场力的方向C．磁南极受磁场力的作用D．受磁场力作用转动的方向5、如图所示，真空中有两个等量正电荷，OO′为两电荷连线的垂直平分线，P点在垂直平分线上，四边形OMPN为菱形，下列说法中正确的是A．P点和O点的电势相等B．N点和M点场强相同C．电子在N点和M点具有相同的电势能D．电子由P到O的过程中电场力做负功6、下列物理量中属于矢量，而且其表达式是采用比值法定义的是（）A．加速度a＝F/m B．电流强度I＝U/RC．电容C＝Q/U D．电场强度E＝F/q二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则它们间的库仑力可能为原来的()倍．A．0.4B．0.6C．0.8D．1.88、如图所示的电路，电源有内阻，闭合开关S，调节可变电阻R的阻值，使电压表V的示数增大，在这个过程中()A．通过电阻R1的电流增加B．电阻R2两端的电压减小，减少量小于ΔUC．通过电阻R2的电流减小D．电源的输出功率一定增大9、如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环。小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力（）A．一直不做功B．一直做正功C．一定指向大圆环圆心D．可能背离大圆环圆心10、图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与R＝10Ω的电阻连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电表，示数是10V。图乙是矩形线圈磁通量Φ随时间t变化的图象，则()A．电阻R上的电功率为10WB．0.02s时R两端的电压瞬时值为零C．R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝14.1cos100πt(V)D．通过R的电流i随时间t变化的规律是i＝cos50πt(A)三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化。所给器材如下：A．电流表（0~200mA，内阻0.5Ω）B．电流表（0~0.6A，内阻0.01Ω）C．电压表（0~3V，内阻5kΩ）D．电压表（0~15V，内阻50kΩ）E．滑动变阻器（0~10Ω，0.5A）F．滑动变阻器（0~1kΩ，0.1A）G．电源（3V）H．电键一个，导线若干。（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是______（填所选仪器前的字母）。（2）在答题卡卷的虚线框中画出完成此实验的电路图______。（3）此实线描绘出的I—U图线是______（填“曲线”或“直线”），其原因是______。12．（12分）测小灯泡的伏安特性曲线的实验中，有以下器材：A、小灯泡（2.5V，0.3A）B、电源（E=3V，内阻不计）C、电流表量程0—0.6A—3A，内阻约为20ΩD、电压表量程0—3—12V，内阻约为3kΩE、滑动变阻器，R1：0—10Ω，额定电流2A则电流表该选量程______________，电压表该选量程_______________在方框中画出实验电路图______：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图甲所示，在水平方向的匀强电场中，用长为l的绝缘细线，拴住质量为m、带电量为q的小球，线的上端O固定，开始时将线和球拉成水平，松开后，小球由静止开始向下摆动，当摆过60°角时，速度又变为零．问：（1）A、B两点的电势差多大？（2）电场强度多大？14．（16分）如图所示，空间分布着有理想边界的匀强电场和匀强磁场．左侧匀强电场的场强大小为E、方向水平向右，电场宽度为L；中间区域匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外．一个质量为m、电量为q、不计重力的带正电的粒子从电场的左边缘的O点由静止开始运动，穿过中间磁场区域进入右侧磁场区域后，又回到O点，然后重复上述运动过程．求：（1）中间磁场区域的宽度d；（2）带电粒子从O点开始运动到第一次回到O点所用时间t．15．（12分）一个重力不计的带电粒子,以大小为v的速度从坐标（0,L）的a点,平行于x轴射入磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外的圆形匀强磁场区域,并从x轴上b点射出磁场,射出速度方向与x轴正方向夹角为60°,如图。求：（1）带电粒子在磁场中运动的轨道半径；（2）带电粒子的比荷及粒子从a点运动到b点的时间；（3）其他条件不变,要使该粒子恰从O点射出磁场,求粒子入射速度大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

物体的位移是在水平方向上，把拉力F分解为水平方向的Fcosθ，和竖直方向的Fsinθ，由于竖直方向的分力不做功，所以拉力F对物块所做的功即为水平方向的分力对物体做的功，所以W=Fcosθ•s=Fscosθ

.A.Fs.故选项A不符合题意.B.Fssinθ.故选项B不符合题意.C.Fscosθ.故选项C符合题意.D.Fstanθ.故选项D不符合题意.2、C【解析】处于静电平衡的导体内部场强为零，所以感应电荷在O点形成电场的场强与点电荷q在O点产生的场强等大反向，可知E1=E2，因点电荷为正电荷，则φ1＞0；导体ab接地后电势φ2=0，所以φ1＞φ2，C正确，ABD错误．故选C．点睛：该题中静电平衡的特点：内部合场强为零，是解题的关键．整个导体是个等势体，它的表面是个等势面．3、C【解析】

A．线圈所围面积为S，角速度是，所以线圈产生的交流电的电动势的最大值是线圈从中性面的位置开始计时，所以时刻线圈中电流的瞬时值故A错误；BC．线圈中电流的有效值故B错误，C正确；D．线圈消耗的电功率故D错误。故选C。4、B【解析】试题分析：磁场的基本性质是它对放入其中的磁体有磁力的作用，小磁针N极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相同，小磁针南极在磁场中所受的磁力方向跟该点的磁场方向相反，故B正确，ACD错误．故选B考点：磁场【名师点睛】本题考查了磁场的性质：对磁场中的磁体有力的作用，不同磁极受力方向不同。5、C【解析】

A．由等量同种电荷电场线的分布可知，P点和O点不在同一等势面上，因此P点和O点电势不相等，所以A错误.

B．根据叠加原理可以知道，N、M两点电场强度大小相等，但方向不同，故场强不同，故B错误;

C．等量同种电荷电场线和等势面的分布如图所示，由图可以知道N和M点电势相等，电子在N点和M点具有相同的电势能，故C正确.B．电子由P到O的过程中逆着电场线移动，故电场力做正功，所以D错误.6、D【解析】

A、加速度是牛顿第二定律的表达式，也是加速度的决定式，不属于比值法定义的物理量，故A错误.B、电流强度是部分电路欧姆定律，由知电流强度与电压成正比，与电阻成反比，不属于比值法定义的物理量，故B错误.C、电容是电容器电容的定义式，故C错误.D、电场强度是用比值法定义电场强度的定义式，故D正确.故选D.【点睛】物理公式要区分哪些是定义式，哪些是决定式，哪些是定律式，哪些是定理式.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】由库仑定律可得：F=kkQqr当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为3：3，所以库仑力是原来的1.8倍，当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量之比变为2：2，所以库仑力是原来的0.8倍，故CD正确，AB错误．故选CD点睛：两电荷间存在库仑力，其大小可由库仑定律求出．当两电荷相互接触后再放回原处，电荷量可能相互中和后平分，也可能相互叠加再平分，所以库仑力的变化是由电荷量变化导致的．8、ABC【解析】A、根据题意电压表的示数增大了,说明R和R1并联的电阻增大,知R增大,总电阻增大,总电流减小,并联部分电压增大,通过R1的电流增大,故A正确；BC、R2接在干路上，由A得干路电流减小,电阻R2两端的电压减小,路端电压增大,而路端电压等于外电路总电压,所以电阻R2两端的电压减小量小于,所以BC选项是正确的.

D、当内电阻和外电阻相等时,电源的输出功率最大,由于不知道原来外电路的电阻与内阻的关系，所以也就不确定输出功率会如何变化，故D错误；综上所述本题答案是：ABC点睛：根据题意电压表的示数增大了,说明R和R1并联的电阻增大,知R增大.R增大,外电阻增大,干路电流减小,电阻R2两端的电压减小,根据路端电压的变化,分析电阻R2两端的电压减小量和的大小,由欧姆定律求出电流减小量的范围;当电源的内电阻和外电阻相等的时候,电源的输出功率最大.内外电阻相差越大,输出功率越小9、AD【解析】

AB．大圆环光滑，则大圆环对小环的作用力总是沿半径方向，与速度方向垂直，故大圆环对小环的作用力一直不做功，A正确，B错误；CD．小环在运动过程中，在大环的上半部分运动时，大环对小环的支持力背离大环圆心，运动到大环的下半部分时，支持力指向大环的圆心，C错误，D正确。故选AD。10、AC【解析】

A．R两端电压的有效值为电压表的示数，根据电功率的计算公式：解得：，故A正确；B．0.02s时磁通量变化率最快，根据法拉第电磁感应定律：可知此时电动势最大，则R两端的电压最大，故B错误；C．R两端电压的有效值为电压表的示数，最大值为，从与中性面垂直的面开始计时，所以电压的表达式：周期从图像中可知：解得：，故C正确；D．根据欧姆定律可知：解得：，故D错误。故选AC．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACEGH曲线温度变化，灯丝电阻也会变化【解析】

（1）[1]描绘标有“3V0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，需要：电源、开关、导线，灯泡额定电压为3V，电压表需要选择C，灯泡额定电流为电流表选择A；描绘小灯泡的伏安特性曲线电压要从0开始，所以需要分压式电路，要选择电阻值比较小的滑动变阻器E。故选ACEGH。（2）[2]描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流需要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，则电路如图所示。（3）[3]由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比，所以描绘出的图线是曲线。[4]由灯丝电阻随温度升高而增大，灯丝电阻不是定值，电流与电压不成正比。12、电流表量程：0-0.6A电压表量程：0-3V电路图见解析【解析】（1）灯泡额定电压为2.5V，则电压表应选0～3V量程，灯泡正常发光时的电流为0.3A，则电流表选0～0.6A量程．

（2）描绘小灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法；灯泡电阻，根据电表的内阻可得，则电流表应采用外接法，电路图如图所示．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）AB两点的电势差UAB为﹣；（2）匀强电场的场强大小是．【解析】试题分析：（1）小球从A