2025届新疆伊宁生产建设兵团四师一中物理高二上期中教学质量检测模拟试题含解析

2025届新疆伊宁生产建设兵团四师一中物理高二上期中教学质量检测模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（）A．电场强度的定义式，适用于任何电场B．由真空中点电荷的电场强度公式可知，当时，C．由公式可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，则说明此处一定无磁场D．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的磁场力方向2、电源与外电阻R连接成闭合回路，对于电源的路端电压U，下列说法正确的是A．因U＝IR，则U与R的大小成正比B．因U＝IR，则R＝0时，必有U＝0C．流过电源的电流越大，路端电压U也越大D．若外电路断开，回路中电流为0，路端电压也等于03、如图甲，板的电势，板的电势随时间的变化规律如图乙所示，电子只受电场力的作用，且初速度为零（设两板间距足够大），则下列说法不正确的是（）A．若电子是在时刻进入的，它将一直身板运动B．若电子是在时刻进入的，它将时而向板运动，时而向板运动，最后打在板上C．若电子是在刻进入的，它将时而向板运动，时而向板运动，最后打在板上D．若电子是在时刻进入的，它将时而向板运动，时而向板运动4、在图中所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时(

)A．伏特表V读数增大，电容C的电荷量在减小B．安培表A的读数增大，电容C的电荷量在增大C．伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小D．伏特表V的读数减小，安培表A的读数增大5、分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地。三小球分别落在图中A、B、C三点，则错误的是（）A．A带正电、B不带电、C带负电B．三小球在电场中加速度大小关系是：aA＜aB＜aCC．三小球在电场中运动时间相等D．三小球到达下板时的动能关系是EkC＞EkB＞EkA6、如图，半径相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F。今让第三个半径相同的不带电的金属小球先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列四幅图中通电导体受力方向表示正确的是()A． B． C． D．8、小张同学利用“电磁弹簧秤”测定某金属杆的质量，装置如图所示．一粗细均匀的水平金属杆置于方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，两端悬挂在两根相同的轻质弹簧下边．弹簧上端固定，下端与金属杆之间绝缘．金属杆通过开关与电源相连，电源内阻不能忽略，则关于金属杆所受安培力的说法正确的是（）A．安培力方向竖直向上B．仅增大磁感应强度，安培力变大C．仅改变金属杆中电流方向，安培力方向不变D．金属杆两端并联一电阻，安培力变小9、如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个带电量为q的油滴处于静止状态．现将两极板的间距变小，则A．油滴带正电B．油滴带负电C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流10、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器.开关闭合后，灯泡L能正常发光．当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（）A．灯泡L将变暗 B．灯泡L将变亮C．电容器C的电荷量将减小 D．电容器C的电荷量将增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，现除了有一个标有“5V，1．5W”的小灯泡，导线和开关外，还有：A．直流电源：电动势约为6V，内阻可不计B．直流电流表A1：量程2～3A，内阻约为2．1ΩC．直流电流表A1：量程2～622mA，内阻约为5ΩD．直流电压表V1：量程2～15V，内阻为15kΩE．直流电压表V1：量程2～3V，内阻为6kΩF．滑动变阻器R：2～12Ω，1AG．电阻箱一个R2（符号为“”）：2~9999.9Ω，最小调节量2.1Ω；实验要求小灯泡两端的电压从零开始变化至额定电压5V，且电表读数相对误差较小．（1）以上器材中电流表应选用_____（填器材代号），电压表应选用_____（填器材代号）．（1）在方框中画出实验原理电路图；（3）通过实验作出小灯泡的伏安特性曲线，如图甲所示．现把两个完全相同的这种小灯泡并联接到电路中，电路图如图乙所示，其中电源电动势E=3V，内阻r=6Ω，则此时每个灯泡的实际功率为______W．（结果保留两位有效数字）12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表A1（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表A2（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_________，电流表_________，滑动变阻器___________．（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在上面的方框中画出实验电路图___________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源的电动势是E=6V，内阻r=0.5Ω，电动机M的线圈电阻RM=1Ω，限流电阻R0=3Ω，若电压表的示数U=(1)流过电动机的电流；(2)电源的输出功率；(3)电动机输出的机械功率．14．（16分）一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，离地高度为h．已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g，万有引力常量为G．求：（1）地球的质量；（2）卫星绕地球运动的线速度.15．（12分）如图所示的电路中，电阻R1＝6Ω，R2＝3Ω.S断开时，电流表示数为0.9A；S闭合时，电流表示数为0.8A，设电流表为理想电表，则电源电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A.电场强度的定义式，适用于任何电场，故A正确；B.当r→0时，电荷已不能看成点电荷，公式不再成立，故B错误；C.由公式可知，一小段通电导线在某处若不受磁场力，可能是B的方向与电流方向平行，所以此处不一定无磁场，故C错误；D.根据左手定则可知，磁感应强度的方向和该处的通电导线所受的安培力方向垂直，故D错误．2、B【解析】

电源电动势不变，据知，当R变化时，I也变化，路端电压U与R的大小不成正比，故A错误；当R＝0时，电路处于短路状态，由U＝IR知，电源路端电压为0，故B正确；由可知，流过电源的电流越大，路端电压U越小，故C错误；外电路断开时，回路中电流为0，根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压为E，故D错误．3、B【解析】试题分析：根据电子在电场力作用下，结合牛顿第二定律与运动学公式的关系，从而可确定不同时刻电子的运动情况，即可求解．若电子在t=0时刻进入的，它将在电场力作用下，先加速向B运动，后减速向B运动，接着加速向B运动，后减速向B运动，因此它一直向B板运动，直到到达B板，A正确，B错误；若电子在时刻进入的，从它先向B板加速运动，后减速运动，当，电子回头运动，当又向B运动，这样时而向B板运动，时而向A板运动，最后打到B板上，C正确；同理，若电子是在时刻进入的，它将时而向B板、时而向A板运动，D正确；4、D【解析】

本题考查的是电路动态变化分析问题，通常按照“部分整体部分”的顺序进行分析，也可根据结论分析变阻器中电流的变化：只要变阻器接入电路的电阻减小，通过其电流必定增大。当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，先分析变阻器电阻的变化，得到总电阻的变化，分析总电流的变化，判断出路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化再根据并联部分电压的变化和总电流的变化，分析电流表读数的变化。【详解】当滑动变阻器的滑动触片向b端移动时，变阻器有效电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，则路端电压减小，所以伏特表V的读数减小。根据串联电路分压特点可知，电路中并联部分分压减小，通过的电流减小，而总电流增大，所以通过电流表的电流增大，即安培表A的读数增大。由于并联部分电压减小，电容器板间电压减小，由可知，电容C的电荷量在减小，故ABC错误，D正确。故选D。5、C【解析】

C.三个小球在水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是，三个小球水平速度相同，由得运动时间关系是，故选项C符合题意；B.竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位移大小相等，由得到加速度关系为，故选项B不符合题意；A.根据牛顿第二定律得到合力关系为，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来带正电、不带电、带负电，故选项A不符合题意；D.三个小球所受合力方向都竖直向下，都做正功，竖直位移大小相等，而合力，则合力做功大小关系为，根据动能定理得三小球到达下板时的动能关系是，故选项D不符合题意。6、A【解析】

A、B两球相互吸引，则两球带异种电荷，设A带有电荷量为Q，B带有电荷量为-Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为，第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为A、B两球之间的相互作用力的大小故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

试题分析：由左手定则可知AD正确考点：考查左手定则点评：难度较小，左手定则中注意四指和大拇指的指向不要混淆8、BD【解析】

A.电流方向有b到a，根据安培左手定则可知，导体棒受到的安培力竖直向下，故A错误；B.根据通电导线在磁场中受到的安培力F=BIL可知，当磁场强度增大时，安培力增大，故B正确；C.仅改变电流方向，根据左手定则可知安培力方向改变，故C错误；D.金属杆ab两端并联一电阻，总电阻减小，总电流增大，内电压增大、路端电压减小，则通过ab棒的电流减小，根据F=BIL可知，安培力减小，故D正确。9、BC【解析】

AB．因粒子处于静止状态，则有电场力与重力平衡，即电场力方向向上，由于电场强度方向向下，因此粒子带负电，故A错误，B正确；CD．将两极板的间距变小，根据电容的决定式可知，电容变大，电容器的电压不变，由公式可知，电荷量增大，所以电容器充电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从a到b的电流，故C正确，D错误。10、AD【解析】

AB.当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，电路中电流减小，灯L变暗，故A正确，B错误；CD.电容器的电压等于路端电压，电路中电流减小，内电压增减小，可见路端电压是增大的，则由Q=CU知，电容器C的电荷量将增大，故C错误，D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）A1；V1（1）（3）2.12W～2.11W【解析】试题分析：（1）灯泡的额定电压为5V，因此电压表选择大于等于5V的即可，故选E；而灯泡的额定电流；故电流表应选择C；因本实验采用分压接法，滑动变阻器应选小电阻；故滑动变阻器选择F；（1）本实验要求多测几组数据，故采用分压接法；同时因电流表内阻与灯泡内阻接近，故电流表选用外接法；实物图如下图所示；（3）作电源的伏安特性曲线，与甲图相交的交点，即为电灯泡工作点考点：“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验12、A，D，E，【解析】(1)因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用A电压表；由P=UI得，灯泡的额定电流为：，故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，应选小阻值的E；(2)电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，由题意要求可知，电压从零开始变化，