包头市重点中学2025届高二物理第一学期期中教学质量检测试题含解析

包头市重点中学2025届高二物理第一学期期中教学质量检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、我国于2010年3月5日成功发射了“遥感卫星九号”，在绕地球运行的过程中，该卫星受到地球引力的大小A．只与地球的质量有关 B．只与卫星的质量有关C．与地球和卫星的质量均有关 D．与地球和卫星的质量均无关2、如图所示，两板间距为d的平行板电容器与一电源连接，开关K闭合，电容器两极板间有一质量为m，带电量为q的微粒静止不动，下列各叙述中正确的是（）A．断开开关K，把电容器两极板距离增大，微粒仍能保持静止B．断开开关K，把电容器两极板距离增大，微粒将向下做加速运动C．保持开关K闭合，把电容器两极板距离增大，电容会增大D．保持开关K闭合，把电容器两极板距离增大，两极板的带电量会增大3、关于元电荷和点电荷的理解正确的是A．元电荷就是电子B．元电荷是表示跟电子所带电量绝对值相等的电量C．体积很小的带电体就是点电荷D．点电荷是一种理想化模型，对于任何带电球体总可把它看作电荷全部集中在球心的点电荷4、真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势φ随x变化的关系如图所示，则根据图象可知()A．R处的电场强度E＝0B．x1处与x2处的电场强度方向相反C．若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力一定做正功D．该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的5、下列说法正确的是___________A．由库仑定律可知，当时，B．处于静电平衡状态的导体内部场强处处为0C．电场中某点的电场强度越大，则该点的电势越高D．电场线与等势面平行6、电场中有一点P，下列哪些说法是正确的()A．若放在P点的检验电荷的电量减半，则P点的场强减半B．若P点没有检验电荷，则P点的场强为零C．放在P点的检验电荷的电量越大，则受到的电场力越大D．P点的场强方向为带负电的检验电荷在该点的受力方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、利用如图所示装置可以选择一定速度范围内的带电粒子．图中板MN上方的感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，板上两条宽度分别为2d和d的缝，两缝近端相距为L．一群质量为m、电荷为q，具有不同素的的粒子从宽度为2d的缝垂直于板MN进入磁场，对于能够从宽度d的缝射出的粒子，下列说法正确的是A．粒子带正电B．射出粒子的最大速度为C．保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大D．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大8、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0-x2段是关于直线x=x1，对称的曲线，与x2-x3段是直线，则下列说法正确的是A．x1用处电场强度最小，但不为零B．粒子在0-x3段做变速运动，x2-x3段做匀变速运动C．x2-x3段的电场强度大小方向均不变，为一定值D．在O、x1、x2、x3处电势φ1、φ2、φ3的关系为φ1>φ2=φ0>φ39、两个完全相同的金属小球，带电量之比为1：5，相距为r，两者相互接触后再放回原来的位置上，则他们间的库仑力可能为原来的（）A．95B．45C．310、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r．在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中：A．电路中的总电流变大B．路端电压变大C．通过电阻R2的电流变小D．通过滑动变阻器R1的电流变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学通过实验测量一根长度为L的电阻丝的电阻率．（1）由图甲可知电阻丝的直径D=mm．（1）将如下实验操作补充完整：按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1．（3）此电阻丝的电阻率的表达式ρ=．（用已知量和所测物理量的字母表示）12．（12分）要测量一段金属丝的电阻率，其阻值大约是9Ω，实验室里准备了以下器材：A．电源：电动势E=7.5VB．电压表V，量程6V，内阻约10kΩC．电流表A1，量程3mA，内阻为200ΩD．电流表A2，量程0.6A，内阻约0.2ΩE．电流表A3，量程3A，内阻约0.02ΩF．滑动变阻器Rl，最大阻值10Ω，最大电流为2AG．滑动变阻器R2，最大阻值50Ω，最大电流为0.2AH．导线、电键若干(1)若金属丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率ρ＝____。用螺旋测微器测合金丝的直径如上图所示，读数为_____mm。(2)测量电阻时，要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中，电流表应选________；滑动变阻器应选________。(填器材前面的字母代号)；(3)在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图________；(4)若实验室里准备的电压表V已损坏，现将电流表A1改装成一个量程为6.0V的电压表，需串联一个阻值________Ω的电阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的匀强电场，电场强度E2104N/C，A、B两点在同一条电场线上，A、B之间的距离d=0.1m．一电荷量q110−8C的点电荷从电场中的A点移动到B点，求：（1）该点电荷所受电场力F的大小；（2）电场力对该点电荷做的功W．14．（16分）如图（a）所示，水平放置的平行金属板AB间的距离d=2．2m，板长L=2．3m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间，距金属板右端x=2．5m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b）所示的方波形电压，已知U2=2．2×222V，在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板，粒子的质量m=2．2×22-7kg，电荷量q=2．2×22-2C，速度大小均为v2=2．2×224m/s，带电粒子的重力不计，则：（2）求带电粒子在电场中的运动时间；（2）求在t=2时刻进入的粒子打在荧光屏上的位置到O点的距离；（3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度。15．（12分）如图所示，空间存在着强度方向竖直向上的匀强电场，在电场内一长为L的绝缘细线，一端固定在O点，一端拴着质量m、电荷量q的小球．现将细线拉直到水平位置，让小球由静止释放，小球向上运动达到最高点P时，细线受到的拉力恰好达到它所能承受的最大值而断裂．已知匀强电场强度大小。求：（1）细线能承受的最大拉力；（2）从P点开始小球沿水平放方向的位移为L时，小球距O点的高度。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

根据万有引力定律表达式得：其中M为地球质量，m为卫星的质量．故选C．2、A【解析】A、断开K后，已充电的电容器两板仍储有电荷，极板的电量不变，根据，与，推导出电场强度的公式，由此可知，电场强度与极板间距无关，因此粒子仍保持原来的静止状态，故A正确，B错误；C、保持K闭合，增大两板间距d，由，可知，电容减小，故C错误；D、保持K闭合，增大两板间距d，则两板间电压不变，由可知，带电量减小，故D错误；点睛：本题整合了微粒的力平衡、电容器动态分析，由平衡条件判断微粒的电性，由，与，推导出电场强度的公式，分析板间场强如何变化，判断微粒是否运动。3、B【解析】

元电荷的电量等于电子的电量，但不是电子。元电荷是带电量的最小单元。没有电性之说。故A错误；元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电量，故B正确；当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看作点电荷，并不是体积小就是点电荷，故C错误；当带电体之间的距离不是很大时，带电球体就不能看作电荷全部集中在球心的点电荷，因为此时带电体之间的电荷会影响电荷的分布。故D错误；故选B。4、C【解析】

A、

φ−x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度，R处切线的斜率不为零，故R处的电场强度E≠0，故A错误；B、

x1处与x2处的切线斜率同为负值，故x1处与x2处的电场强度方向相同，故B错误；C、若试探电荷从x1处移到x2处，电势降低，根据公式WAB=qUAB，如果是正电荷，电场力一定做正功D、离电荷越近，电场强度越大，φ−x图象的斜率应越大，而图中离O点越近，图象切线的斜率变小，故该电场不可能在O点的正电荷产生的，故D错误；故选C。【点睛】φ-x图象中，曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度；用WAB=q5、B【解析】库仑定律使用的条件是真空中的点电荷，当r→1时，不能看成点电荷，库仑定律不再适用．故A错误；当感应电荷的电场与外电场大小相等时方向相反时达到静电平衡，所以处于静电平衡状态的导体内部场强处处为1．故B正确；电势的高低与电场强度的大小无关，电场中某点的电场强度越大，该点的电势不一定高．故C错误；电场线与等势面垂直．故D错误．故选B.点睛：此题考查了库仑定律、静电感应现象电场线与电势的关系以及电场线与等势面的关系．其中处于静电感应平衡状态导体的特点，导体内部合场强处处为零，是一个等势体，这是题目中易错的地方．6、C【解析】场强由场源电荷决定，与试探电荷无关，故AB错误；由，可知P点的场强越大，同一电荷在P点所受到的电场力越大，故C正确；物理学规定，P点的场强方向与正的试探电荷所受力的方向相同，与负的试探电荷所受力的方向相反，故D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

粒子向右偏转，根据左手定则知，粒子带负电．故A错误．粒子在磁场中运动的最大半径为，根据半径公式得，粒子的最大速度．故B正确．粒子在磁场中偏转的最小半径为，根据半径公式得，粒子的最小速度，则最大速度和最小速度之差，保持d和L不变，增大B，射出粒子的最大速度与最小速度之差增大．保持d和B不变，增大L，射出粒子的最大速度和最小速度之差不变．故C正确，D错误．故选BC．8、BCD【解析】场强与电势的关系：，根据电势能：Ep=qφ，联立可得：，可知Ep-x图象切线的斜率为，x1处切线斜率为零，所以x1处电场强度为零，故A错误；由图看出在0～x1段图象切线的斜率不断减小，可知场强逐渐减小，粒子所受的电场力减小，加速度减小，做非匀变速运动，在x1～x2段图象切线的斜率不断增大，场强增大，粒子所受的电场力增大，加速度增大，做非匀变速运动，x2～x3段斜率不变，场强不变，即电场强度大小和方向均不变，粒子所受的电场力不变，加速度不变，做匀变速直线运动，故BC正确；根据电势能与电势的关系：Ep=qφ，粒子带负电，q＜0，可知电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以φ1>φ2=φ0>φ3，故D正确。所以BCD正确，A错误。9、AB【解析】由库仑定律可得：F=kQqr2，当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为3：3，所以库仑力是原来的9：1；当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2：2；所以库仑力是原来的10、AC【解析】试题分析：在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，回路中总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，电源内阻分得电压增大，由U=E-Ir可知路端电压减小，A对；B错；R2两端电压减小，流过R2的电流减小，C对；干路电流增大，R2支路电流减小，由此可判断流过电阻R1的电流增大，D错；考点：考查串并联和全电路的欧姆定律和动态变化点评：在闭合电路中能够明确串并联关系是解决此类问题的关键，分析动态变化的步骤是：局部—整体—局部三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）【解析】试题分析：（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（1）根据等效替代法的原理完善实验步骤．（3）根据电阻定律求出电阻率的表达式．解：（1）由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为0mm，可动刻度示数为37.9×0.01mm=0.379mm，电阻丝直径D=0mm+0.379mm=0.379mm．（1）按图乙连接电路，将滑动变阻器R1的滑片P置于B端；将S1拨向接点1，闭合S1，调节R1，使电流表示数为I0；将电阻箱R1的阻值调至最大，S1拨向接点1，保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值，使电流表示数仍为I0，记录此时电阻箱的示数为R1．（3）由电阻定律得：R1=ρ=ρ，则电阻率为：ρ=．故答案为（1）0.379；（1）保持R1不变，调节电阻箱R1的阻值；（3）．【点评】本题考查了螺旋测微器读数、实验步骤、求电阻率；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读一位．12、（1）πRD24L，1.705；（2）D，F；（3）【解析】

应用电阻定律可以求出电阻率的表达式，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，由图示螺旋测微器可以读出其示数；根据电压表、电流表与待测电阻阻值倍数关系，选择电流表外接法；要求待测电阻的电压从零开始可以连续调节，变阻器采用分压接法．估算电流的最大值，选择电流表量程；改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=U【详解】解:(1)金属丝的电阻：R=ρLS=ρ固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×20.5mm=0.205mm，则此金属丝的直径为1.705mm;(2)待测电阻中最大电流约为Imax=URX=69(3)根据题意得RVRX(4)把电流表改装成电压表要串联的阻值R=四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】

(1)由电场力的公式有：(2)匀强电场场强处处相同，大小均为E，则A、B两点两点之间的电势差为：在A到B过程中电场力是恒力，做的功为：14、（2）（2）（3）2．95m【解析】试题分析：（2）假设粒子可以从电场中射出，则进入电场的粒子在水平方向不受力，做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间，从t=2时刻进入的粒子偏移量最大，竖直方向其中粒子匀加速运动，接着粒子匀减速直线运动，由于电压大小一样，所以加速度大小相等，离开电场时竖直方向速度竖直方向位移，假设成立，所以粒子在电场中运动时间（2）粒子在电场运动时间一共是，根据两极板电压变换图b，竖直方向其中粒子匀加速运动，接着粒子匀减速直线运动，由于电压大小一样，所以加速度大小相等离开电场时竖直方向速度竖直方向位移，离开电场后到金属板的过程，水平方向匀速直线运动x=v2t竖直方向匀速直线运动，所以打到荧光屏的位置到O点的距离（3）撤去挡板后，所有离开电场的粒子速度都相同，示意图如下：t=2时刻进入的粒子，偏转位移最