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文档简介

2025届广东省普宁市华美实验中学高二物理第一学期期中学业水平测试模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、下列物品中必须用到磁性材料的是()A.DVD碟片 B.计算机上的磁盘C.电话卡 D.喝水用的搪瓷杯子2、物体在恒定的合力F作用下,做直线运动,在时间△t1内速度由0增大到v,在时间△t2内速度由v增大到2v,设F在△t1内做功是W1,冲量是I1,在△t2内做的功是W2,冲量是I2,那么()A., B.,C., D.,3、如图所示,将平行板电容器与电池组相连,两极间的带电尘埃恰好处于静止状态。若将两板缓慢地错开一些,其他条件不变,则()A.电容器带电荷量不变 B.尘埃将向下运动C.检流计中有a→b的电流 D.电容器的电容将增大4、如图所示,A、B、C三个相同的灯泡连成如图电路,当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时,三个灯泡的亮暗变化情况是()A.同时变亮B.同时变暗C.A、C两灯变暗,B灯变亮D.A、C灯变亮,B灯变暗5、真空中有两个静止的点电荷,它们之间的库仑力为F.若保持它们各自所带的电荷量不变,而将它们之间的距离变为原来的,则这两个点电荷间的库仑力将变为()A.F B.2F C.4F D.8F6、如图所示,倾角为的斜面长为L,在顶端水平抛出一小球,小球刚好落在斜面的底端,那么,小球初速度v0的大小为A. B.C. D.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图是一个多用电表的简化电路图为单刀多掷开关,通过操作开关,接线柱O可以接通1,也可以接通2、3、4、5或下列说法正确的是A.当开关S分别接1或2时,测量的是电流,其中S接2时量程较小B.当开关S分别接3或4时,测量的是电阻,其中A是黑表笔C.当开关S分别接5或6时,测量的是电压,其中B是红表笔D.当开关S分别接5和6时,测量的是电压,其中S接6时量程较大8、金星、地球和火星均绕着太阳的公转,它们的运动可视为匀速圆周运动.已知它们的轨道半径关系r金<r地<r火,则它们的向心加速度a、线速度v、角速度ω、周期T,大小关系正确的是()A.a火<a地<a金B.v金<v地<v火C.ω金<ω地<ω火D.T金<T地<T火9、如图所示为某物体系统做受迫振动的振幅A随驱动力频率f的变化关系图,则下列说法正确的是A.物体系统的固有频率为f0B.当驱动力频率为f0时,物体系统会发生共振现象C.物体系统振动的频率由驱动力频率和物体系统的固有频率共同决定D.驱动力频率越大,物体系统的振幅越大10、如图所示,某匀强电场中A、B、C、D四点构成一个菱形,对角线AC=12cm,BD=16cm,一个质子从A移到B,电场力做了24eV的功;一个电子从A移到C,克服电场力做了24eV的功。其中A点的电势为零,则下列说法正确的是()A.D点的电势φD=0 B.D点的电势φD=-24VC.电场强度E=250N/C D.电场强度E=200N/C三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某同学测量阻值约为25kΩ的电阻Rx,现备有下列器材:A.电流表(量程100μA,内阻约为200Ω);B.电流表(量程500μA,内阻约为300Ω);C.电压表(量程15V,内阻约为100kΩ);D.电压表(量程50V,内阻约为500kΩ);E.直流电源(20V,允许最大电流1A);F.滑动变阻器(最大阻值1kΩ);G.开关和导线若干.(1)电流表应选_________,电压表应选_________.(填字母代号)(2)请在虚线框中画出测量Rx阻值的实验电路图.12.(12分)如图为研究磁场对通电导线的作用力的实验,问:(1)若闭合开关,导体棒AB受到的安培力方向_____(“向左”或“向右”)(2)如果向右滑动“滑动变阻器”触头,导体棒AB受到安培力方向_____(“反向”或“不变”),安培力大小_____(“变大”、“不变”或“变小”)四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)在如图所示的电路中,电源的电动势E=3.0V,内阻r=1.0Ω,电阻R1=10Ω,R2=10Ω,R3=30Ω,R4=35Ω;电容器的电容为500μF.电容器原来不带电.求接通电键S后流过R4的总电荷量.14.(16分)如图所示的电路中,两平行金属板A、B水平放置,极板长l=80cm,两板间的距离d=40cm电源电动势E=40V,内电阻r=1Ω,电阻R=15Ω,闭合开关S,待电路稳定后,将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度水平向右射入两板间,该小球可视为质点.若小球带电量q=1×10-2C,质量为m=2×10-2kg,不考虑空气阻力,电路中电压表、电流表均是理想电表.若小球恰好从A板右边缘射出(g取10m/s2).求(1)滑动变阻器接入电路的阻值为多少?(2)此时电流表、电压表的示数分别为多少?(3)此时电源的输出功率是多少?15.(12分)在平面直角坐标系xOy中,第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场,第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场,磁感应强度为B.一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场,经x轴上的N点与x轴正方向成θ=60°角射入磁场,最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场,已知ON=d,如图所示.不计粒子重力,求:(1)粒子在磁场中运动的轨道半径R;(2)粒子在M点的初速度v0的大小;(3)粒子从M点运动到P点的总时间t.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

必须用到磁性材料的是计算机上的磁盘,DVD碟片、电话卡、喝水用的搪瓷杯子都不一定需要故选B。2、D【解析】

根据动能定理研究功的关系,根据动量定理研究冲量的关系.【详解】根据动能定理:,,则.根据动量定理:,,知,故D正确,ABC错误.【点睛】根据动能的变化由动能定理求合力的功、根据动量的变化由动量定理求合力的冲量是这两大定理基本的应用.3、C【解析】

ACD.将两板缓慢地错开一些,两板正对面积减小,根据电容的决定式可知电容器的电容减小,而电压不变,则由可知电容器带电量减小,处于放电状态,检流计中有a→b的电流,故AD错误,C正确;B.由于板间电压和板间距离不变,则板间场强不变,尘埃所受电场力不变,仍处于静止状态,故B错误。故选C。4、D【解析】

滑动变阻器滑动触头向上滑动时,接入电阻减小,则总电阻减小,由闭合电路欧姆定律可知,总电流增大,故流过A灯电流增大,故A灯变亮;由于电流增大,则可知内电压和灯泡A两端的电压增大,故并联部分电压减小,所以B灯两端电压减小,B灯变暗;因干路电流增大,B灯电流减小,则由分流原理可知,C中电流增大,故C灯变亮,故AC变亮,B变暗,故D正确,ABC错误。故选:D.【点睛】根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化,由闭合电路欧姆定律判断电路电流如何变化,再根据功率公式可分析灯泡亮度的变化.5、C【解析】试题分析:根据库仑定律的公式F=k分析.解:根据库仑定律的公式F=k,它们的间距均减小为原来的,但它们的电量不变,则库仑力增大为原来的1.故C正确,A、B、D错误.故选C.【点评】对于库仑定律公式涉及物理量较多,要明确公式中各个物理量的含义,可以和万有引力公式对比理解.6、A【解析】

小球做平抛运动,在水平方向上做匀速直线运动,故有;在竖直方向上做自由落体运动,故有,联立可得,故A项正确.【点睛】本题主要考查平抛运动规律.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】

多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律.题图为一简易的多用电表原理示意图.其中1、2两档用来测电流,接1时分流电阻相对更小,故接1时电表的量程更大,第1档为大量程,那么S接2时量程较小,A正确;3、4两档用来测电阻,其中黑表笔连接表内电池的正极,故B为黑表笔;A与电源的负极相连,故A为红表笔,B错误;要测量电压,电流表应与电阻串联,由图可知当转换开关S旋到位置5、6时,即5、6两档用来测电压.因为6档共用一个表头,所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上,故A为红表笔,C错误;要测量电压,电流表应与电阻串联,由图可知当转换开关S旋到位置5、6时;测量电压,电流表所串联的电阻越大,所测量电压值越大,故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大,D正确;8、AD【解析】

行星绕太阳运动时,万有引力提供向心力,设太阳的质量为,行星的质量为,行星的轨道半径为,根据牛顿第二定律有:可得向心加速度为:线速度为:角速度:周期:由题意有金地火,所以有:金地火金地火金地火金地火A.与分析相符,故A正确;B.与分析不符,故B错误;C.与分析不符,故C错误;D.与分析相符,故D正确.9、AB【解析】

A.由振动图像可知,当驱动力的频率为f0时振幅最大,则由共振的条件可知,物体系统的固有频率为f0,选项A正确;B.当驱动力频率为f0时,物体系统会发生共振现象,选项B正确;C.物体系统振动的频率由驱动力频率决定,选项C错误;D.驱动力频率越接近于系统的固有频率时,物体系统的振幅越大,选项D错误。10、AC【解析】

AB.AB间的电势差为:AC间的电势差为可知BC两点的电势相等,由于AD平行于BC,所以A点电势与D点电势相等,即故A正确,B错误;CD.由,得BC连线即为等势线,过A点作BC的垂线,如图,由几何知识得A点到BC的距离为所以电场强度为故C正确,D错误。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)B、C(2)滑动变阻器分压式、电流表内接【解析】(1)电源电压为20V,故电压表应选择C;

通过电流值约为:,而电流表A量程太小,内阻也大,所以不选A,而B合适.(2)因待测电阻约为25KΩ,,故用电流表内接法:

因是小电阻控制大电阻,若用限流式接法,控制的电压变化范围太小,则应用分压式接法.原理图如图所示;

点睛:实验电路所用器材的要求要熟练掌握,读数的要求,误差来源的分析,变阻器的分压与限流式区别要弄清楚.12、向左不变变小【解析】

(1)[1]利用左手定则可以判断受力方向向左;(2)[2][3]当向右滑动“滑动变阻器”触头时,阻值增大,电流变小,方向不变,所以导体棒AB受到安培力方向不变,安培力大小变小。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、1×10-3C【解析】

电路稳定后电阻R2和R3串联后与R1并联,外电路总电阻为:Ω路端电压为:V电容器的电压为:2V电容器的电量:C14、(1)24Ω(2)1A,39V(3)39W【解析】试题分析:(1)设小球在板间飞行时间为t,,根据d=at2,得飞行加速度对小球根据牛顿第二定律得,解得:,所以滑动变阻器的两端电压U滑=UAB=24V.设通过滑动变阻器的电流为I,由欧姆定律得滑动变阻器接入电路的阻值R滑==24Ω.(2)此时电流表的示数为1A,电压表的示数为U=E-Ir=(40-1×1)V=39V.(3)电源的输出功率P出=IU=39W.考点:带电粒子在电场中的运动;欧姆定律;电功率【名师点睛】本题是带电粒子在电场中类平抛运动和电路问题的综合,容易出错的是受习惯思维的影响,求加速度时将重力遗忘,要注意

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