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文档简介
江西省南昌八中、南昌二十三中等四校2025届数学高一上期末统考试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1.已知,,,则、、的大小关系为()A. B.C. D.2.点P在正方形ABCD所在平面外,PD⊥平面ABCD,PD=AD,则PA与BD所成角的度数为()A.30° B.45°C.60° D.90°3.已知,,则的大小关系是A. B.C. D.4.函数的零点所在的区间是A. B.C. D.5.已知定义在R上的函数满足:对任意,则A. B.0C.1 D.36.为了得到函数的图象,只需把函数的图象()A.向左平行移动个单位长度 B.向右平行移动个单位长度C.向左平行移动个单位长度 D.向右平行移动个单位长度7.函数的图像为()A. B.C. D.8.下列函数中,在定义域内既是单调函数,又是奇函数的是()A. B.C. D.9.幂函数的图象关于轴对称,且在上是增函数,则的值为()A. B.C. D.和10.已知,其中a,b为常数,若,则()A. B.C.10 D.2二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11.的定义域为_________;若,则_____12.已知函数,若对任意的、,,都有成立,则实数的取值范围是______.13.计算:=_______________.14.计算:=___________15.命题“”的否定是________16.若幂函数的图象过点,则___________.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.已知直线(1)求证:直线过定点(2)求过(1)的定点且垂直于直线直线方程.18.已知函数(1)写出函数单调递减区间和其图象的对称轴方程;(2)用五点法作图,填表并作出在图象.xy19.设1若对任意恒成立,求实数m的取值范围;2讨论关于x的不等式的解集20.已知函数与.(1)判断的奇偶性;(2)若函数有且只有一个零点,求实数a的取值范围.21.某公司为了解宿州市用户对其产品的满意度,从宿州市,两地区分别随机调查了40个用户,根据用户对产品的满意度评分,得到地区用户满意度评分的频率分布直方图(如图)和地区的用户满意度评分的频数分布表(如表1)满意度评分频数2814106表1满意度评分低于70分满意度等级不满意满意非常满意表2(1)求图中的值,并分别求出,两地区样本用户满意度评分低于70分的频率(2)根据用户满意度评分,将用户的满意度分为三个等级(如表2),将频率看作概率,从,两地用户中各随机抽查1名用户进行调查,求至少有一名用户评分满意度等级为“满意”或“非常满意”的概率.
参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1、C【解析】利用对数函数、指数函数的单调性结合中间值法可得出、、的大小关系.【详解】因为,,,因此,.故选:C.2、C【解析】分别取AC.PC中点O.E.连OE,DE;则OE//PA,所以(或其补角)就是PA与BD所成的角;因PD⊥平面ABCD,所以PD⊥DC,PD⊥AD.设正方形ABCD边长为2,则PA=PC=BD=所以OD=OE=DE=,是正三角形,,故选C3、D【解析】因为,故,同理,但,故,又,故即,综上,选D点睛:对于对数,如果或,那么;如果或,那么4、B【解析】∵,,,,∴函数的零点所在区间是故选B点睛:函数零点问题,常根据零点存在性定理来判断,如果函数在区间上的图象是连续不断的一条曲线,且有,那么,函数在区间内有零点,即存在使得
这个也就是方程的根.由此可判断根所在区间.5、B【解析】,且,又,,由此可得,,是周期为的函数,,,故选B.考点:函数的奇偶性,周期性,对称性,是对函数的基本性质的考察.【易错点晴】函数满足则函数关于中心对称,,则函数关于轴对称,常用结论:若在上的函数满足,则函数以为周期.本题中,利用此结论可得周期为,进而,需要回到本题利用题干条件赋值即可.6、A【解析】根据三角函数图象的变换求解即可【详解】由题意,把函数的图象向左平行移动个单位长度得到故选:A7、B【解析】首先判断函数的奇偶性,再根据函数值的特征,利用排除法判断可得;【详解】解:因为,定义域为,且,故函数为偶函数,函数图象关于轴对称,故排除A、D,当时,,所以,故排除C,故选:B8、A【解析】根据解析式可直接判断出单调性和奇偶性.【详解】对于A:为奇函数且在上单调递增,满足题意;对于B:为非奇非偶函数,不合题意;对于C:为非奇非偶函数,不合题意;对于D:在整个定义域内不具有单调性,不合题意.故选:A.9、D【解析】分别代入的值,由幂函数性质判断函数增减性即可.【详解】因为,,所以当时,,由幂函数性质得,在上是减函数;所以当时,,由幂函数性质得,在上是常函数;所以当时,,由幂函数性质得,图象关于y轴对称,在上是增函数;所以当时,,由幂函数性质得,图象关于y轴对称,在上是增函数;故选:D10、A【解析】计算出,结合可求得的值.【详解】因为,所以,若,则.故选:A二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11、①.;②.3.【解析】空一:根据正切型函数的定义域进行求解即可;空二:根据两角和的正切公式进行求解即可.【详解】空一:由函数解析式可知:,所以该函数的定义域为:;空二:因为,所以.故答案为:;12、【解析】分析出函数为上的减函数,结合已知条件可得出关于实数的不等式组,由此可解得实数的取值范围.【详解】设,则,由可得,即,所以,函数为上的减函数.由于,由题意可知,函数在上为减函数,则,函数在上为减函数,则,且有,所以,解得.因此,实数的取值范围是.故答案:.【点睛】关键点点睛:在利用分段函数的单调性求参数时,除了分析每支函数的单调性外,还应由间断点处函数值的大小关系得出关于参数的不等式组求解.13、【解析】考点:两角和正切公式点评:本题主要考查两角和的正切公式变形的运用,抓住和角是特殊角,是解题的关键.14、1【解析】.故答案为115、【解析】由否定的定义写出即可.【详解】命题“”的否定是“”故答案为:16、27【解析】代入已知点坐标求出幂函数解析式即可求,【详解】设代入,即,所以,所以.故答案为:27.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)见解析;(2).【解析】⑴将直线化为,解不等式组即可得证;⑵由(1)知定点为,结合题目条件计算得直线方程解析:(1)根据题意将直线化为的解得,所以直线过定点(2)由(1)知定点为,设直线的斜率为k,且直线与垂直,所以,所以直线的方程为18、(1)递减区间,对称轴方程:;(2)见解析【解析】(1)由正弦型函数的单调性与对称性即可求得的单调区间与对称轴;(2)根据五点作图法规则补充表格,然后在所给坐标中描出所取五点,以光滑曲线连接即可.【详解】(1)令,解得,令,解得,所以函数的递减区间为,对称轴方程:;(2)0xy131-11【点睛】本题考查正弦型函数的单调性与对称性,五点法作正(余)弦型函数的图像,属于基础题.19、(1);(2)见解析.【解析】1由题意可得对恒成立,即有的最小值,运用基本不等式可得最小值,即可得到所求范围;2讨论判别式小于等于0,以及判别式大于0,由二次函数的图象可得不等式的解集【详解】1由题意,若对任意恒成立,即为对恒成立,即有的最小值,由,可得时,取得最小值2,可得;2当,即时,的解集为R;当,即或时,方程的两根为,,可得的解集为【点睛】本题主要考查了不等式的恒成立问题,以及一元二次不等式的解法,注意运用转化思想和分类讨论思想方法,考查运算能力,属于中档题20、(1)偶函数(2)【解析】(1)根据奇偶性定义判断;(2)函数只有一个零点,转化为方程只有一个根,用换元法转化为二次方程只有一个正根(或两个相等正根),再根据二次方程根分布分类讨论可得小问1详解】∵的定义域为R,∴,∴为偶函数.【小问2详解】函数只有一个零点即即方程有且只有一个实根.令,则方程有且只有一个正根.①当时,,不合题意;②当时,若方程有两相等正根,则,且,解得;满足题意③若方程有一个正根和一个负根,则,即时,满足题意.∴实数a的取值范围为.21、(1);地区样本用户满意度评分低于70分的频率为;地区样本用户满意度评分低于70分的频率为(2)【解析】(1)由频率和等于1计算可求得,进而计算低于70分的频率即可得出结果.(2)由(1)可知,记从地区随机抽取一名用户评分低于70分的事件记为,则;可以记从地区随机抽取一名用户评分低于的事件记为,则,由对立事件的概率公式计算即可得出结果.【小问1详解】根据地区的频率直方图可得,解得所以地区样本用户满意度
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